辽宁省鞍山市育才中学教育集团2025-2026学年九年级上学期12月月考物理试题(解析版)

第页，共页育才中学教育集团第二次质量监控九年物理试卷（12月份）物理试卷（本试卷共24道题满分80分物理和化学考试时长共150分钟）一、选择题（本题共9小题，每小题2分，共18分。在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求，选对的得2分；第7~9题有多项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）1.关于生活中的一些现象，下列说法中错误的是（）A.墨水在热水中扩散得快，说明温度越高分子无规则运动越剧烈B.水与酒精混合后体积减小，说明分子之间有间隙C.“破镜难重圆”是因为分子距离太大，分子间作用力几乎忽略不计D.秋冬季的雾霾天时PM2.5超标，说明分子在做无规则运动【答案】D【解析】【详解】A．温度越高，分子的无规则运动越剧烈，所以墨水在热水中扩散得更快，故A正确，不符合题意；B．水与酒精混合后体积减小，是因为分子之间存在间隙，两种分子相互填充了彼此的空隙，故B正确，不符合题意；C．破镜难重圆”是因为镜子破裂后，碎片间的分子距离过大，分子间的作用力几乎可以忽略不计，无法使碎片重新结合，故C正确，不符合题意；D．PM2.5是直径小于等于2.5微米的颗粒物，属于宏观的物质颗粒，不是分子，其运动属于机械运动，并非分子的无规则运动，故D错误，符合题意。故选D。2.小袁同学利用易拉罐自制了一个简易“蒸汽机”，如图所示。点燃易拉罐下酒精灯，给易拉罐中的水加热，喷嘴喷出的蒸汽成功地让风车转了起来。下列说法正确的是（）A.罐中水的温度升高以后，水的比热容变大B.罐中水的内能增大是通过做功方式实现的C.此实验展现了热机工作时做功冲程的能量转化过程D.此热机从工作方式和分类上看，应该与柴油机相同【答案】C【解析】【详解】A．比热容是物质的一种特性，它只与物质的种类和状态有关，与物质的温度、质量等因素无关，所以罐中水的温度升高以后，水的比热容不变，故A错误；B．在这个实验中，罐中水吸收酒精灯的热量，是通过热传递的方式使水的内能增大，而不是做功方式，故B错误；C．在该实验中，水吸收热量变成蒸汽，蒸汽具有内能，蒸汽推动风车转动，将内能转化为了风车机械能，这与热机工作时做功冲程的能量转化过程相同，故C正确；D．柴油机是内燃机，燃料在气缸内燃烧；而此实验中燃料在易拉罐外部燃烧，属于外燃机，与柴油机的工作方式不同，故D错误。故选C。3.汽车在干燥环境中行驶时，车身与空气摩擦后会带上电荷。车身带电会吸附灰尘，还有可能引起自燃。可在车尾安装一条与大地相接触的“静电带”，来消除多余电荷，已知摩擦后车身带负电，则下列说法错误的是（）A.车身带电是因为与空气摩擦时创造了电荷B.“静电带”一定属于导体C.“静电带”接地后电流方向是从大地流向车身D.车身能够吸附灰尘是因为灰尘可能也带电荷【答案】A【解析】【详解】A．电荷只能转移，从一个物体转移到另一个物体，不能创造，故A错误，符合题意；B．“静电带”是用来将车身上的电荷转移到大地上的，所以一定是导体，故B正确，不符合题意；C．摩擦后的车身带负电，即有多余的负电荷，“静电带”将车身上的负电荷转移到大地上，电流方向与负电荷移动方向相反，所以电流方向是从大地流向车身的，故C正确，不符合题意；D．车身带负电，根据异种电荷相互吸引的性质，可以吸引带正电的灰尘；同时，带电体也能吸引不带电的轻小物体。因此灰尘可能不带电，也可能带电荷，故D正确，不符合题意。故选A。4.如图，将完全相同的两组器材按照甲、乙两种不同的方式连接起来，闭合开关后，下列说法中正确的是（）A.图甲中电压表示数明显小于电源电压B.二极管主要由超导材料制成C.图甲中，灯泡发光，二极管不发光D.图乙中，二极管和灯泡都发光【答案】D【解析】【详解】ABC．二极管由半导体材料制成的，具有单向导电性，即电流只能从二极管“+”极流进，“-”极流出，由图甲知，电流从“-”极流入，所以二极管处断路，电压表被串联入电路中，电压表示数几乎等于电源电压，电路中电流几乎为0，灯泡不发光，故ABC错误；D．图乙中，电流从电源正极出发，经二极管、灯泡回到电源负极形成回路，即二极管与灯泡串联，故二极管和灯泡都发光，故D正确。故选D。5.如图甲所示是高铁上烟雾报警器的简化原理图，其中电源电压保持不变，为定值电阻，为光敏电阻，的阻值与光照强度的关系如图乙所示。射向光敏电阻的激光被烟雾遮挡时，下列说法正确的是（）A.电流表的示数增大 B.电压表的示数增大C.电路的总功率变大 D.电压表与电流表示数之比变小【答案】B【解析】【详解】图甲中，闭合开关，R、R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量光敏电阻R两端的电压；当有烟雾遮挡射向光敏电阻的激光时，光照强度减小，由图乙可知，光敏电阻R的阻值变大，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小，根据U＝IR知R0两端的电压变小；根据串联分压原理可知R两端的电压变大，即电压表的示数变大，电压表与电流表示数之比为光敏电阻的阻值，因此电压表与电流表示数之比变大；根据P＝UI可知，电路的总功率变小；综上所述，故B正确，ACD错误。故选B。6.、两只灯泡分别标有“220V100W”和“220V40W”。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）A.的实际功率一定是100WB.两灯正常发光时，的电阻较大C.两灯正常发光时，相同时间内消耗的电能少D.两灯串联接入220V的电路，两灯都能正常发光【答案】C【解析】【详解】A．“220V100W”是L1的额定电压和额定功率，只有当L1两端电压等于额定电压220V时，其实际功率才等于100W，电压变化时实际功率也会变化，故A错误；B．根据电功率公式​，变形可得，两灯额定电压相同，L1的额定功率更大，则L1的电阻更小，故B错误；C．两灯正常发光时，实际功率等于额定功率，L1额定功率100W大于L2的功率40W，根据电能公式W=Pt，在相同时间内，功率越小消耗的电能越少，所以L2消耗的电能少，故C正确；D．两灯额定电压均为220V，串联接入220V电路时，根据串联电路电压规律，两灯两端电压之和等于220V，每盏灯两端电压都小于220V，所以都不能正常发光，故D错误。故选C。7.“多米诺骨牌”是一项有趣的活动。如图所示，按一定距离排列的骨牌，轻轻推倒第一块小木板就会产生连锁反应，使最后一块大木板被推倒，下列说法中正确的是（）A.骨牌在倒下时将重力势能转化成动能B.利用较少的能量就可以产生较多的能量，整个过程能量不守恒C.前面木块与后面木块相互作用时，将一部分机械能传递给后面木块D.“连锁反应”过程中机械能是守恒的【答案】AC【解析】【详解】A．骨牌倒下时重心会降低，即高度降低，骨牌质量不变，所以其重力势能会减小，速度增加，动能增加，因此是将重力势能转化为动能，故A正确；B．能量守恒定律是自然界最基本定律之一，能量不可能凭空产生，利用较少的能量不可能产生较多的能量，骨牌在倒下时，整个过程能量守恒，故B错误；C．前面木块与后面木块碰撞时，将一部分机械能传递给后面木块，前面的木块机械能减小，故C正确；D．“连锁反应”过程中存在摩擦阻力，部分机械能转化成内能，机械能不守恒，故D错误。故选AC。8.如图所示，下列有关安全用电的知识，说法不正确的是（）A.漏电保护器可以对人身触电、导线漏电、插座接错线、用电器短路等故障起保护作用B.人站在大地上，一只手触摸到了火线，也会触电。当有人触电时应先用手直接拉开触电者，避免触电时间过长危及生命C.人站在绝缘的物体上，双手同时触摸相线和中性线，人会触电D.三脚插头的三个脚中接地线的脚比其它两个脚要长一些，其目的是插插头时使家用电器的金属外壳先接地线，拔插头时能使金属外壳后离开地线，避免触电【答案】AB【解析】【详解】A．由漏电保护器在电路中的作用可知，漏电保护器可以对人身触电、导线漏电等故障起保护作用，对插座接错线、用电器短路等故障不起保护作用，故A错误，符合题意；B．人站在大地上，一只手触摸到了火线，此时人体构成了通路，故会触电；当有人触电时若用手直接拉开触电者，施救者也会触电，故B错误，符合题意；C．人站在绝缘物体上，双手同时触摸相线和中性线，此时人体构成了通路，故会触电，故C正确，不符合题意；D．地线插脚更长是为了保证在插电源插头时最先接触地线，拔插头时最后离开地线，从而更好的起到地线保护作用。故D正确，不符合题意。故选AB。9.如图甲所示，电源电压不变，电流表的测量范围为0~0.6A，电压表的测量范围为0~15V，灯泡L的额定电流为0.5A。第一次只闭合开关和，滑片P从a端移到b端；第二次只闭合开关和，保证电路中所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑片P。图乙是这两次实验过程绘制的电压表和电流表示数变化的关系图像。下列判断正确的是（）A.电源电压为6VB.只闭合开关、，1s内电流通过滑动变阻器最多能做功9JC.只闭合开关、，且将电压表改接在两端时，随着连入电阻均匀改变时，电压表刻度的变化是不均匀的D.只闭合开关、，灯泡L的电功率范围是0.25W~2.25W【答案】ACD【解析】【详解】A．第一次只闭合开关和，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流，当滑片P移动到a端时，滑动变阻器接入电路中阻值为0，其分得的电压为0，所以图乙中直线为滑动变阻器与串联时的图像，曲线为滑动变阻器与灯泡L串联时的图像。当滑片P移动到a端时，电路中只有，此时电路中电流最大为0.6A，电源电压为……①当滑片P移动到b端时，滑动变阻器的最大阻值与定值电阻串联，滑动变阻器两端电压为，电路中电流最小为0.2A，电源电压为……②联立①②，解得，电源电压为故A正确；B．只闭合开关和，滑动变阻器与定值电阻串联，滑动变阻器两端电压为滑动变阻器做功为该式为二次函数，整理得该函数在时取得最大值，且为故B错误；C．只闭合开关和，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测定值电阻两端电压，根据串联电路电压规律，再由欧姆定律，可得定值电阻两端电压为可见，与不是线性关系，因此电压表刻度变化不均匀，故C正确；D．只闭合开关、，滑动变阻器与灯泡L串联，当电流为灯泡额定电流时，灯泡功率最大，此时电压表测电阻电压，则灯泡电压为最大功率为根据图乙中曲线倾斜程度可知，当，时，则灯泡功率最小，即所以灯泡L的电功率范围是0.25W~2.25W故D正确。故选ACD。二、填空题（本题共6小题，每空1分，共12分）10.“早穿皮袄午穿纱，守着火炉吃西瓜”是对大漠昼夜温差大的生动描写，沿海地区昼夜温度变化却很小，这是因为砂石与水的_________不同。长征八号运载火箭采用液态氢作燃料，这是因为液态氢的_________大。（均选填“比热容”、“热值”或“密度”）。【答案】①.比热容②.热值【解析】【详解】[1]比热容小的物质在吸收或放出相同热量时，温度变化量更大，砂石的比热容要比水小很多，同样的质量，吸收或放出相同的热量时，砂石温度变化更大，而水的温度变化量就小很多，故此处温度变化量不同是砂石与水的比热容不同造成的。[2]长征八号运载火箭采用液态氢作燃料，这是因为液态氢的热值大，与相同质量的其他燃料相比，完全燃烧后放出的热量更多。11.飞机在万米高空飞行的时候，舱外气温往往在以下，由于高空的大气压比舱内气压低，要使舱内获得新鲜空气必须使用空气压缩机把空气从舱外压进来。在这个过程中，空气压缩机对气体______，使空气的内能______（选填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】①.做功②.变大【解析】【详解】[1]使用空气压缩机把空气从舱外压进来，对舱外吸入的气体施加作用力，并且使气体的体积被压缩，这是通过做功的方式改变空气的内能。[2]在这个过程中，空气压缩机对空气做功，空气的内能变大，温度升高。12.当某导体两端的电压是6V时，通过它的电流是0.3A，则该导体的电阻是__Ω；当它两端电压为0V时，该导体的电阻为__Ω。【答案】①.20②.20【解析】【详解】[1]由可知该导体的电阻是[2]导体的电阻是本身的一种属性，与两端电压或通过的电流无关，当它两端电压为0V时，该导体的电阻仍为20Ω。13.某国产三折叠手机的电池工作电压为4V，电池容量为，充满电可以储存的电能为______；如果使用充电器充电，充电电压为10V，充电电流为2A，充满电需______min。【答案】①.0.02②.60【解析】【详解】[1]手机的电池工作电压为4V，电池容量为，则充满电可以储存的电能为[2]充满电需要的时间为14.如图甲所示电路中，已知定值电阻。开关闭合后，两个完全相同的电流表、指针均指在同一位置，如图乙所示，则与的电阻之比______，在______s时间内产生的热量为72J。【答案】①.②.10s【解析】【详解】[1]由电路图知，R1和R2并联，A1测干路电流，A2测R2支路电流；根据并联电路电流特点可知，干路电流等于各支路电流之和，而两电流表指针偏转角度相同，所以A1使用是的量程，A2使用的是的量程，由乙图知，A1示数为1.5A，A2示数为0.3A，即干路电流，通过电阻R2中的电流由并联电路电流规律可知，通过电阻R1中的电流由得，电阻R1两端的电压R1和R2并联，两端电压相等，即由得，电阻R2的阻值则R1与R2的电阻之比[2]由题意可知，电阻R2的阻值，通过电阻R2中的电流，电阻R2产生的热量，由得，电阻R2的发热时间15.如图，将定值电阻R1、R2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中。在图甲中R1的功率为9W，在乙图中R1的功率为25W，则甲、乙两图中R1两端的电压之比是______，甲、乙两图电路消耗的总功率之比是______。【答案】①.3∶5②.6∶25【解析】【详解】[1]因为R1是定值电阻，根据可得，甲、乙两图中R1两端的电压之比是[2]如图乙，两个电阻并联，根据并联电路电压规律可知即如图甲，两个电阻串联，根据串联电路电压规律可知因为串联电路电流相等，根据可知两电阻阻值之比等于两电阻两端电压之比，即在乙图中，因为两个电阻并联，电压相等，所以电流之比为即则干路电流为在甲图中，电路中的电流为因为R1是定值电阻，根据可得，甲、乙两图中通过R1的电流之比是根据可得，甲、乙两图电路消耗的总功率之比是甲、乙两图电路消耗的总功率之比是6:25。三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）16.小区内的自动售水机大大方便了我们的生活，如图甲所示。小明在学习电路设计后，去自学了解了自动售水机的工作原理：可通过手机扫码（闭合）或投币（闭合），启动电动机完成自动售水；图乙是它的电路图，请补充完整。【答案】【解析】【详解】根据题意可知，通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售水，说明开关和开关可以独立工作、互不影响即为并联，与电动机串联，如下图所示：17.如图是探究串联电路电压规律的实验电路图，请在虚线框填入对应元件。【答案】【解析】【详解】分析题意，要求探究串联电路电压规律，所以灯、串联，题目电路图中缺少电源和电压表，所以上方方框内应填入电源，下方方框应填入电压表，故作图如下：四、实验题（本题共4小题，共24分）18.如图甲是小红“探究不同物质吸热本领”的实验装置，用两个相同的容器和相同的加热装置分别给水和煤油加热：（1）该实验装置，其中有一处明显错误，请指出错误之处：___________。（2）实验时，通过比较___________来间接反映煤油和水吸收的热量多少；（3）小红根据实验的数据绘制出了如图乙所示的图像，由图像可知，加热5min时b物质的温度上升的更明显，说明b的吸热能力___________（选填“强”或“弱”），此时a、b两种液体吸收的热量关系是Qa___________Qb。（选填“>”“<”或“=”）；（4）实验结束后，小红又用该装置探究了水在升高相同的温度时，吸收热量多少与质量大小的关系。得到了如图丙所示，不同质量的水在加热过程中温度随时间变化关系图像。由图像可知___________（选填“A”或“B”）图像对应水的质量较大。【答案】（1）没有控制水和煤油的质量相等（2）加热时间（3）①.弱②.＝（4）B【解析】【小问1详解】根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同。因为不同物质密度不同，根据，质量相同的不同物质体积不同，所以图甲是所用的实验装置的错误之处：没有控制水和煤油质量相等。【小问2详解】因为实验中用相同的加热装置分别给水和煤油加热，相同的加热器在相同的时间内放出相同的热量。所以根据转换法，实验中，可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少。【小问3详解】[1][2]由图像知道，加热5min时，物质b的温度上升的更明显，说明物质b的吸热能力弱，物质a吸热能力强，由于加热时间相同，则吸收的热量是相同的。【小问4详解】用该装置探究了水在升高相同的温度时，吸收热量多少与质量大小的关系。由图丙可知，B加热相同的时间温度升高的慢，可知B图像对应水的质量较大。19.在探究影响导体电阻大小的因素时，实验小组提出了如下猜想：①导体的电阻与导体的长度有关；②导体的电阻与导体的横截面积有关；③导体的电阻与导体的材料有关。实验室提供了4根金属丝，其规格、材料如表所示。序号材料长度/m横截面积A镍铬合金0.50.5B镍铬合金1.00.5C镍铬合金0.51.0D锰铜合金0.50.5（1）按如图甲所示的电路进行实验，在M、N之间分别接入不同的导体，为了准确比较电阻大小，应观察______的变化。（2）为了验证猜想①，应该选用______两根金属丝分别接入电路进行实验。（3）分别将A、D两根金属丝接入图甲中的M、N之间，电流表示数不相同，由此初步得到的结论：当导体的______相同时，导体的电阻跟导体的材料有关。（4）如图乙所示，他们又将M、N与废弃灯泡的灯丝连接，闭合开关后，用酒精灯给灯丝加热，观察到电流表的示数逐渐变小，小灯泡的亮度逐渐______，则灯丝的电阻随温度的升高而______。【答案】（1）电流表的示数（2）A、B（3）长度和横截面积（4）①变暗②.变大【解析】【小问1详解】在M、N之间分别接上不同的导体，电路中的电阻发生变化，电流会发生变化，电流表的示数和灯泡的亮度均发生改变，但由于电流表的示数更准确，因此实验中通过观察电流表的示数来比较导体电阻的大小。【小问2详解】要验证猜想①：导体的电阻与导体的长度有关，应控制导体的材料与横截面积相同而长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验。【小问3详解】分别将A、D两根电阻丝接入图甲电路中M、N两点间，两根电阻丝的横截面积和长度相同，材料不同，电流表示数不相同，由此可初步得到结论：当导体的长度和横截面积相同时，导体的电阻跟导体的材料有关。【小问4详解】[1][2]用酒精灯加热废弃灯泡的灯丝，电流表的示数逐渐变小，小灯泡的亮度逐渐变暗，则灯丝的电阻变大，由此可知：灯丝的电阻随温度的升高而变大。20.如图所示为“探究电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”实验的部分装置，两个相同的透明容器中封闭着等量的空气。（1）实验中通过观察______来反映电阻产生热量的多少，下列实验中，也运用了这种实验方法的是______（多选，填序号）；①探究液体压强的特点；②比较不同物质的吸热本领；③探究电流与电压、电阻的关系；④用水波理解声波。（2）闭合开关，通电一段时间，观察到右侧液面高于左侧液面，如图甲所示。表明在电流和通电时间相同的情况下，______越大，产生的热量越多；（3）乙图中与并联，目的是使通过与的______不同；（4）乙图中，若只将换成15Ω的电阻，通电5min后左边空气盒内电阻产生热量与右边空气盒内电阻产生热量之比是______；（5）某小组在利用乙图装置实验时，发现左右两侧Ｕ形管液面上升高度相同，与其他小组的实验现象都不同，经检查气密性良好请你分析实验现象不同的原因是：______。【答案】（1）①.U形管液面高度差②.①②（2）电阻（3）电流（4）16:9（5）电阻R3断路【解析】【小问1详解】[1]电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，根据转换法，实验中通过观察U形管液面高度差来反映电阻产生热量的多少，液面高度差越大说明容器中产生的热量越多。[2]①探究液体压强的特点，通过U形管中液面高度差反映液体压强大小，运用了转换法；②比较不同物质的吸热本领，通过温度计示数变化反映物质吸热多少，运用了转换法；③探究电流与电压、电阻的关系，运用了控制变量法；④用水波理解声波，运用了类比法。所以也运用了转换法这种实验方法的是①②。【小问2详解】由图甲可知，闭合开关，两电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流相同，通电时间相同，右侧电阻丝阻值较大，观察到右侧液面高于左侧液面，说明右侧电阻大产生的热量多，故表明在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多。【小问3详解】由图乙可知，三个电阻相等，其中R3与R2并联，再与R1串联，则经过R1的电流等于经过R2和R3的电流，因此通过R1、R2的电流是不同的，故R3与R2并联，目的是使通过R1和R2的电流不同。【小问4详解】由图分析可知，R3与R2并联，再与R1串联，根据并联电路电压特点可知，R3与R2两端电压相等，即，由欧姆定律可得，通过R2的电流通过R3的电流则通过R1的电流根据焦耳定律，可知通电时间相同，电阻大小相同，则【小问5详解】利用乙图装置实验时，发现左右两侧U形管液面上升高度相同，说明左右两侧产生的热量相同，因为R1和R2的电阻相等，通电时间相同，且产生的热量相同，说明通过两个电阻的电流相同，即R3中没有电流，故可能是电阻R3断路了。21.小华用如图甲所示电路测量标有“2.5V”字样小灯泡的电阻，现有器材：学生电源（暂时设定为3V）、电流表、电压表、滑动变阻器“25Ω2A”、开关、导线若干。（1）根据图甲的电路图用铅笔将图乙中实物图连接完整。（2）小华刚刚连接完最后一根导线发现电流表和电压表均有示数且读数都不大，原因可能是连接电路的过程中______；（3）小华改正错误后，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，故障原因可能是______（填选项）；A.电流表坏了 B.滑动变阻器短路 C.小灯泡断路 D.小灯泡短路（4）小华移动滑片P，当电压表示数为2.2V时，电流表示数如图丙所示，则此时小灯泡的电阻为______Ω。（计算结果保留小数点后1位）（5）小灯泡和滑动变阻器的图像如图丁所示，根据图像可知：小灯泡的电阻______（填“可以”或“不可以”）取平均值；当滑动变阻器电阻与小灯泡电阻相等时，小灯泡消耗的功率是______W。（6）实验小组完成实验后，小华想测量某未知电阻的阻值，但电压表已经损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，电源电压保持不变，实验电路图设计如图戊所示，请根据下列实验过程写出待测电阻的表达式。实验过程：①先将滑片移至最右端，测出此时的电流；②再将滑片移至最左端，测出此时的电流；③待测电阻的表达式______。（用、、R表示）（7）小华还想探究“电流跟电阻的关系”，他将电源电压暂时调为6V且保持不变，定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，其他器材与前面两个实验相同，得到如图己所示的电流I随电阻R变化的图像。他发现无法完成实验，为了尽快解决难题，你猜想他的正确做法是______（多选）。A.再串联一个5Ω电阻 B.将电源电压调为5VC.原滑动变阻器换成一个铭牌为“30Ω2A”滑动变阻器 D.将定值电阻两端控制电压设置为3V【答案】（1）（2）连接电路时开关没有断开，且滑动变阻器接入电路的电阻较大（3）C（4）9.2（5）①.不可以②.0.3（6）（7）BD【解析】【小问1详解】由图甲可知，电压表应并联在小灯泡两端，滑动变阻器应“一上一下”接入电路。从电源正极出发，依次连接滑动变阻器、小灯泡、电流表，开关最后回到电源负极，电压表并联在小灯泡两端。由题意可知，电压表选择小量程，如图所示：【小问2详解】连接完最后一根导线，电流表和电压表均有示数且读数都不大，原因是连接电路时开关没有断开，且滑动变阻器接入电路的电阻较大，所以电流和电压都不大。【小问3详解】电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源两极相连通，即与电压表并联的部分断路，所以故障原因是小灯泡断路，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。【小问4详解】由图丙可知，电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A。根据欧姆定律​，此时小灯泡的电阻【小问5详解】[1]小灯泡的电阻不可以取平均值，因为小灯泡的电阻随温度变化而变化，不是定值。[2]当滑动变阻器电阻与小灯泡电阻相等时，根据串联电路分压规律，小灯泡两端电压由图丁可知，此时电流为0.2A，则小灯泡消耗的功率【小问6详解】当滑片移至最右端时，滑动变阻器接入电阻为R，此时电路中Rx​与R串联，电源电压……①当滑片移至最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，此时电源电压……②联立①②可得​【小问7详解】AC．要完成“电流跟电阻的关系”实验，需控制定值电阻两端电压不变。由图己可知，定值电阻两端的电压为2.5V，当定值电阻为25Ω时，电路中的电流为0.1A，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端的电压则滑动变阻器接入电阻原滑动变阻器最大阻值25Ω不够，所以可以再串联一个10Ω电阻，或将原滑动变阻器换成一个最大阻值最小为35Ω的滑动变阻器，故AC不符合题意；B．若电源电压调为5V，定值电阻两端的电压为2.5V，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端的电压根据串联分压与电阻的关系，可知当定值电阻为25Ω时，滑动变阻器的电阻也应为25Ω，则原滑动变阻器最大阻值25Ω可以完成实验，故B符合题意；D．若将定值电阻两端控制电压设置为3V，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端的电压根据串联分压与电阻的关系，可知当定值电阻为25Ω时，滑动变阻器的电阻也应为25Ω，则原滑动变阻器最大阻值25Ω可以完成实验，故D符合题意。故选BD。五、综合应用题（本题共3小题，共22分）22.如图所示是我国自主研制的机械狗“上班”的情景。机械狗在水平路上可以实现负重40kg，其奔跑最大速度为2.5m/s。其运动利用液压系统，为其提供动力的是CatC9燃油发动机。为使用安全，机械狗的液压系统的液压油温度不能高于80℃。（已知燃油的热值，燃油的密度是）（1）4kg的液压油温度由30℃升高到80℃需要吸收的热量，求该液压油的比热容c；（2）机械狗使用发动机消耗的燃油能提供的有用功，求该发动机的效率；（3）机械狗沿水平路面匀速奔跑时受到的阻力为100N，求消耗的燃油机械狗运动最远的路程s。【答案】（1）（2）50%（3）【解析】【小问1详解】根据题意，由吸热公式可得，液压油的比热容【小问2详解】根据密度公式可知消耗燃油的质量燃油完全燃烧放出的总热量该发动机的效率【小问3详解】机械狗沿水平路面匀速奔跑时，处于平衡状态，其牵引力F等于受到的阻力f，即消耗的燃油所做的有用功，由做功公式可得，机械狗运动最远的路程23.图甲是某品牌电煎锅，图乙是其简化电路图，、是两个完全相同的电热丝，S为电源开关，通过控制开关、，实现“低温”、“中温”和“高温”三个挡位间的切换。该电煎锅的部分参数如表所示，低温挡额定功率字迹已磨损。求：电煎锅额定电压220V额定功率高温挡1100W中温挡550W（1）求高温挡时电路中的电流。（2）求电煎锅处于低温挡时的电功率。（3）将电煎锅调至高温挡煎制食物时，电煎锅的加热效率为80%，加热时间为80s，则食物吸收的热量是多少J?[食物的比热容取]【答案】（1）5A（2）275W（3）70400J【解析】【小问1详解】已知电煎锅高温挡的额定功率，额定电压，根据电功率公式，可得高温挡时电路中的电流【小问2详解】根据电路图，电源电压一定，由电功率公式可知，电路总电阻越大，电功率越小。①当开关闭合，接，闭合时，与并联，电路总电阻最小，电功率最大，为高温挡。②当开关闭合，接，闭合时，只有接入电路，为中温挡。③当开关闭合，接，断开时，与串联，电路总电阻最大，电功率最小，为低温挡。设每个电热丝的电阻为，中温挡时，只有工作，其功率为低温挡时，与串联，电路总电阻。因为、是两个完全相同的电热丝，所以，则低温挡的电功率为【小问3详解】已知电煎锅在高温挡工作，其功率，加热时间电煎锅在80s内消耗的电能已知电煎锅的加热效率，食物吸收的热量为24.育才中学九年二班物理学习小组开展一次主题为“调查我家用电情况”的跨学科项目化学习活动，同学们积极参与，各抒己见，先民主后集中，最后明确具体活动的任务。【项目分解】（1）节约用电；（2）安全用电。【项目实施】（1）节约用电：①小张同学调查同学们日常使用用电器习惯，从节约用电的角度分析，下列同学的观念不科学的是______（多选，填字母）。A．小高同学说：“空调达到设定温度，空调会停止工作，但它的电功率不变”B．小吴同学说：“出门时不用随手关灯，担心晚上回来时家里黑”C．小轩同学说：“若长时间不使用计算机，应关闭电源”D．小魏同学说：“为了节约用电，夏天空调在制