上海市田林第三中学2025-2026学年九年级上学期12月月考物理试题(解析版)

第页，共页田林三中2025学年第一学期九年级物理12月学科练习（时间：90分钟，满分：100分）2025.12一、学科基础1.大多数人会随季节增减衣服，然而，夏天穿得少不一定更凉快。（1）高温红色预警信号是指24小时内最高气温升至（）以上；A. B. C. D.（2）人体通过排汗蒸发的方式调节体温，蒸发是______（填物态变化）的两种方式之一，当外界温度高于人的体表温度时，容易发生中暑，这是通过______（选填“A：做功”或“B：热传递”）的方式改变了人体的内能；（3）当外界温度低于人的体表温度时，为了加快汗液蒸发，往往少穿衣服暴露皮肤的表面积，这主要是由于增加（）从而加快汗液蒸发。A.液体的温度 B.液体的表面积 C.液体附近空气流通速度【答案】（1）C（2）①.汽化②.B（3）B【解析】【小问1详解】高温红色预警信号是气象部门发布的最高级别高温预警，属于高温预警分级中的第三级，主要用于提示公众防范极端高温引发的健康风险及次生灾害。

中央气象台发布标准为过去48小时内四个及以上省份部分地区连续出现40℃以上高温且预计持续，地方气象台通常以24小时内气温升至40℃以上为判定标准，故选C。【小问2详解】[1]蒸发和沸腾是汽化的两种方式之一。[2]当外界温度高于人的体表温度时，人体吸收热量，温度升高，容易发生中暑，这是通过热传递的方式改变了人体的内能，故选B。【小问3详解】影响液体蒸发快慢的因素：液体的温度、液体的表面积、液体表面上方空气的流动速度。当外界温度低于人的体表温度时，为了加快汗液蒸发，往往少穿衣服暴露皮肤的表面积，这主要是由于增加液体的表面积从而加快汗液蒸发。故选B。2.擀面杖（如图）是中国传统木质烹饪工具，主要用于压制面食。（1）将一杯水倒出一半和面团，没有发生变化的物理量是（）；A.水的质量 B.水的重力 C.水的密度 D.水的体积（2）使用擀面杖擀面皮是通过______受力面积的方法来增大压强（选填“：增大”或“：减小”），下列选项中，利用了相同方法的是（）；A.书包带很宽B.刀柄部分宽大C.卡车限重D.图钉头部很尖（3）在图中，重为5牛的面团放置在水平桌面上，用力的示意图画出面团所受到的重力；（4）水烧开后，将生饺子下入锅中，在饺子浸入水下沉的过程中，会受到方向为______的浮力，浮力的大小等于它排开液体______大小，若水深0.1米，则水对锅底部压强为______帕；如图，当饺子煮熟后漂浮在水面上时，饺子的重力______饺子的浮力，若煮熟前后饺子质量不变，可知生饺子的密度______熟饺子的密度（后两空均选填“A：大于”、“B：小于”或“C：等于”）。【答案】（1）C（2）①.B②.D（3）（4）①.竖直向上②.重力③.1000④.C⑤.A【解析】【小问1详解】ABD．将一杯水倒出一半，水所含物质的多少减半，所以水的质量和体积均减半，故ABD不符合题意；C．密度是物质的一种属性，与质量、体积无关，将一杯水倒出一半后水的密度不变，故C符合题意。故选C。【小问2详解】[1]压强与压力和受力面积有关，使用擀面杖擀面皮是通过减小受力面积的方法来增大压强。[2]A．书包带很宽是在压力一定时通过增大受力面积来减小压强，故A不符合题意；B．刀柄部分做大是在压力一定时通过增大受力面积来减小压强，故B不符合题意；C．卡车限重是在受力面积一定时通过减小压力来减小压强，故C不符合题意；D．图钉头部很尖是在压力一定时通过减小受力面积的方法来增大压强，故D符合题意。故选D。【小问3详解】面团所受到的重力竖直向下，大小为5N，作图如下：【小问4详解】[1][2]浮力是由于物体受到液体（或气体）对其上下表面的压力差而产生的，浮力的方向始终竖直向上。水烧开后，将生饺子下入锅，在饺子浸入水下沉的过程中，会受到方向为竖直向上的浮力，根据阿基米德原理，浮力的大小等于它排开液体的重力大小。[3]若水深0.1米，则水对锅底部压强[4]如图，当饺子煮熟后漂浮在水面上时，根据物体的浮沉条件，饺子的重力等于饺子的浮力。[5]煮熟前，饺子沉底，密度大于水的密度，煮熟后，饺子漂浮在水面上，密度小于水的密度，所以生饺子的密度大于熟饺子的密度。3.静电复印机具有简便、扩印、缩印原件等优点而广泛应用。“硒鼓”是其中的结构，在打印前，硒鼓先会被充电，表面均匀带上正电荷。（1）静电在工业和生活中具有很重要的应用，但有时也会带来很多麻烦，下列属于防止静电危害的是（）。A.静电除尘 B.静电喷漆 C.防静电腕带 D.静电植绒（2）如图，文件通过静电复印机，焦距为的凸透镜在“硒鼓”上形成静电潜像，若需要进行缩印，则该凸透镜到原稿的距离（）。A.大于 B.等于 C.大于且小于 D.小于（3）在进行复印时，硒鼓将会吸引带电的墨粉，这说明力可以改变物体的______（选填“A：形状”或“B：运动状态”）：物理学中定义______（选填“A：正”或“B：负”）电荷定向移动的方向为电流方向，因此墨粉移动的方向与电流方向______（选填“A：相同”或“B：相反”）。（4）若重力为的固体墨粉沿某一方向做匀速直线运动，则它所受合力大小为______牛，经加热______（填物态变化）后将图案固定在纸上。（5）硒鼓表面覆有光敏导体薄膜，其阻值会随着光照强度的改变而改变。某一同种材质的光敏导体的电阻值与光照度（光照度越大表示越亮单位：）的关系如表所示：照度50150250350450电阻3.301.441.281.201.15分析表格数据可知：______。由此推理可知，在光照度接近的黑暗环境，静电复印机中的光敏导体薄膜的导电能力较______（选填“A：强”或“B：弱”）。解释静电潜像形成的过程，最初，在______（选填“A：光亮”或“B：黑暗”）的环境下让硒鼓带上电荷此时电荷不易被转移；再通过光学系统将复印图像的反射光形成的像落在硒鼓的光敏电阻上；由于反射光的强弱不同，光敏电阻表面上不同区域的静电荷的______不同，因此形成了有浅有深的静电潜像。【答案】（1）C（2）A（3）①.B：运动状态②.A：正③.B：相反（4）①.0②.熔化（5）①.光敏导体的电阻值随光照度的增大而减小②.B：弱③.B：黑暗④.数量【解析】【小问1详解】A．静电除尘时利用带电体能够吸引轻小物体，属于静电现象的应用，不是防止，故A不符合题意；B．静电喷漆是让油漆微粒带电，在电荷间的相互作用下，均匀吸附在工件上，属于静电现象的应用，不是防止，故B不符合题意；C．静电消除器是通过产生相反电荷来中和静电，防止静电积累带来危害，属于静电防止，故C符合题意；D．静电植绒也是静电现象的应用，不是防止，故D不符合题意。故选C。【小问2详解】若需要进行缩印，说明所成的像使墨粉发生定向移动，说明力可以改变物体的运动状态。故选B：运动状态。小问3详解】[2]物理学中定义：正电荷的定向移动的方向为电流方向，故选A：正。[3]硒鼓先会被充电，表面均匀带上正电荷，且硒鼓将会吸引带电的墨粉，根据电荷间的相互作用可知，墨粉带负电，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，负电荷移动的方向与电流方向相反，所以墨粉移动的方向与电流方向相反，故选B：相反。【小问4详解】[1]固体墨粉沿某一方向做匀速直线运动，处于平衡状态，受平衡力，大小相等，方向相反，所以受到的合力为0。[2]固体墨粉经加热后先熔化变为液态，然后液态墨将图案固定在纸上。【小问5详解】[1]由表中数据可知，当光照强度增大时，光敏导体的电阻在减小，所以光敏导体的电阻随光照度的增大而减小。[2]在光照度接近的黑暗环境，静电复印机中的光敏导体的电阻较大，薄膜的导电能力较弱，故选B：弱。[3]电阻阻值较大的情况下，电荷不易被转移，所以我们应选择光照度较弱的环境中，应该在黑暗中让硒鼓带上电荷，故选B：黑暗。[4]由于电阻与光照度有关，所以当反射光的强弱不同，光敏电阻表面上不同区域的电阻不同，从而对电荷的吸附能力不同，所以静电荷的数量就会不同，从而形成了深浅不同的静电潜像。4.直升电梯用于多层建筑乘人或载运货物，是最常见的电梯种类之一。（1）电梯匀速上升的过程中，若乘客对电梯的压力，电梯对他的支持力，乘客受到的重力为，下列说法正确的是（）A.和是一对平衡力 B.和是一对平衡力C.和是一对平衡力 D.与的合力和是一对平衡力（2）电梯将重为500牛的乘客匀速向上抬升了10米，支持力对乘客做了______焦的功，这是因为做功的两个必要因素是______和______，当电梯静止后，乘客会有向上运动的失重感，这是因为乘客具有______。（3）如图1是某直升电梯的结构图，其中滑轮是______滑轮（选填“A：定”或“B：动”），使用它可以改变________。如图2分别用方向不同的拉力、和，通过滑轮匀速提升物体，若不计摩擦及细绳、滑轮所受重力，则、和的大小关系是__________A.B.C.D.（4）如图为另一种滑轮，画出该滑轮的动力臂、阻力臂、阻力。【答案】（1）C（2）①.5000②.作用在物体上的力③.物体在力方向上移动的距离④.惯性（3）①.A：定②.力的方向③.B（4）【解析】【小问1详解】电梯匀速上升的过程中，乘客与电梯一起做匀速直线运动，属于平衡状态，所以对于乘客来说，受平衡力，电梯对他的支持力与乘客受到的重力为，这两个力都作用在乘客上，并且满足大小相等，方向相反，作用在同一直线上，属于一对平衡力。而乘客对电梯的压力与电梯对他的支持力，这是电梯与乘客之间的作用力属于相互作用力。故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。【小问2详解】[1]匀速上升时，支持力等于乘客的重力，所以支持力做的功为[2][3]做功的两个必要因素是作用在物体上的力和物体在力的方向上移动的距离，这两个条件缺一不可。[4]当电梯静止后，由于乘客具有惯性会继续保持向上运动的趋势，因此会有向上运动的失重感。【小问3详解】[1]如图1所示，当电梯匀速上升或下降过程中，滑轮的位置不动，所以滑轮是定滑轮，故选A：定。[2][3]因为定滑轮相当于等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，故定滑轮拉同一物体时，沿三个不同的方向，用的拉力大小相等，即、、都等于物体的重力，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。【小问4详解】动滑轮的支点在动滑轮左侧和绳子相切的地方，即O点，物体挂在动滑轮上，阻碍动滑轮转动，所以作用在动滑轮上的力F2是阻力；从支点O到动力F1作用线的距离是动力臂l1；从支点O到阻力F2作用线的距离是阻力臂l2。如下图所示：5.我们的家中有各种家用电器，如电风扇（如图）、电热水壶等。（1）家庭电路的供电线路包含火线、______、地线，在图中补全所缺的导线，将三孔插座连入电路中。（2）“无叶电风扇”的底座内有一台用来吸入空气的电动机，被吸入的空气经过加压后送入环形的出风口，从缝隙中向外喷出，这部分喷射空气因流速大，压强______（选填“A：大”或“B：小”），使周围空气迅速______（选填“A：靠近”或“B：远离”）这部分喷射空气，从而带动周围空气流动，使风量远比喷出的空气量大。意大利科学家______首次通过实验测出了大气压的值。（3）现有某款家用电热水壶，可以通过调节金属滑片的位置使得其处于高温加热、中温加热、低温加热、休眠四种模式，其电路图及工作模式如图所示（一般而言，开关始终处于闭合状态），电阻的阻值为48.4欧。①低温加热模式中，两端电压，若通过的电流为，则的阻值为______欧，将滑片调节到高温加热模式，的阻值将______，通过的电流将______（后两空均选填“A：变大”、“B：变小”或“C：不变”）。②在高温加热模式下，电热水壶将一壶水烧开需要5分钟。若电路中发生了一处开路故障，且故障只发生在或上，现将热水壶调至休眠模式，用一个阻值与不相等的定值电阻替换其中的一个电阻，在高温加热模式下加热同样的一壶水至烧开（所有条件均相同），若要能实现检验，则完好时，、三个电阻大小应满足：______＜______＜______。写出此时加热时间的变化情况与对应的故障。______③若电阻的阻值为的2倍。在高温加热模式下，将一壶水加热至沸腾用时30秒，再将电热水壶调节至低温加热模式继续加热30秒，在这一分钟内观察到图中的电能表转了27转（期间只有电热水壶在工作），下列说法正确的是（）A.该并联电路中，与的等效电阻约为0.03欧B.这一分钟内共消耗电能48600焦C.电热水壶实际工作时的电压为D.高温加热模式与低温加热模式所消耗电能之比为【答案】（1）零线，（2）①.B②.A③.托里拆利（3）①440②.C③.C④.⑤.⑥.⑦.见解析⑧.BCD【解析】【小问1详解】家庭电路的供电线路包含火线、零线、地线。三孔插座的接线原则是左零右火上接地。如图所示：【小问2详解】[1][2]根据流体压强和流速的关系可知，空气从缝隙中向外喷出，这部分喷射空气因流速大，压强小，在压强差的作用下，周围空气向这部分喷射空气靠近，带动周围空气流动，使风量可以增加到原来的15倍。[3]首次通过实验测出了大气压的值的科学家是意大利科学家托里拆利。【小问3详解】[1]低温加热时，为电阻的简单电路，两端电压为电源电压，已知电源电压，通过的电流，根据，得[2][3]将滑片P调到高温加热模式时，与并联，阻值为定值，不随电路的连接方式改变而改变，所以的阻值不会变化。电源电压，通过电路总电流，由此可知通过的电流不变。[4][5][6][7]在高温加热模式下，与并联，或开路故障。用替换一个电阻后，要能在高温加热模式下加热同样的水至烧开，即产生相同热量。正常电路下，总电阻，若R0替换的是正常电阻，则电路中只有R0，因两电阻并联后，其总阻值小于其中较小的电阻，因此此时若想通过加热时间，需满足R0>R1，即加热时间远大于5分钟，可判断替换之外的电阻故障。若开路，替换为，总电阻；若开路，替换为，总电阻为。已知，为区分故障，需满足。若加热时间大于5分钟，说明总电阻变大，则故障电阻为，说明替换了；若加热时间小于5分钟，总电阻变小，说明故障电阻为，说明替换了。[8]A．已知，高温加热时，电路为、R2的并联电路；高温加热模式时，并联电路的等效电阻故A错误；B．高温加热30秒，低温加热30秒，共60秒，电能表转了27转。电能表参数2000r/kW·h，即每转代表。电能表转了27转，则消耗的电能为故B正确；C．已知，所以，由，可求得，故C正确。D．设高温加热功率为，低温加热功率为，加热时间均为30秒。总电能为48600焦，即则可推导出若电热水壶的加热模式是改变电路中的电阻阻值实现的，且，则高温加热时电阻较小，功率较大，低温加热时电阻较大，功率较小。功率比为由可知故D正确。故选BCD二、6.冰和水的比热容分别是、，某小组用电加热器等器材加热一块冰，绘制了熔化图像（如图），从而测量比热容。（1）水吸收的热量可以通过焦耳定律______（填写公式）计算得到，电加热器将电能转化为了______能；（2）（计算）质量为0.1千克的水，温度升高，理论上吸收多少热量？（3）在冰完全化成水后加热的过程中，图像应该是______（选填“A”、“B”或“C”），理由是______；（4）该组同学对实验进行了误差分析：若只考虑水在加热时会蒸发。测量值会______，若只考虑水不能完全吸收电加热器放出的热量。测量值会______。（均选填“A：大于”或“B：小于”）【答案】（1）①.②.内（2）（3）①C②.见解析（4）①.B②.A【解析】【小问1详解】[1]焦耳定律阐述了电流通过导体产生的热量与电流、电压、电阻的关系，表达式为。[2]电加热器工作时消耗电能，产生热量，将电能转化为内能。【小问2详解】水吸收的热量为【小问3详解】[1][2]冰完全化成水后质量不变，水的比热容大于冰的比热容，根据可知，加热相同时间，吸收相同热量时，水升高的温度较少，所以在冰完全化成水后加热的过程中，图像应该是C。【小问4详解】[1]若只考虑水在加热时会蒸发，水的质量会减小，则加热水需要的热量减小，所以测量值会小于。[2]若只考虑水不能完全吸收电加热器放出的热量，电加热器放出的热量大于水吸收的热量，所以测量值会大于。7.液体密度计可以直接测量一些液体的密度。将两只完全相同的密度计甲、乙分别放入不同液体、中，静止后如图所示。（1）液体密度计运用了______原理与二力平衡条件，其示数从上往下逐渐______（选填“A：变大”或“B：变小”）；（2）若液体密度，两只密度计所受浮力的大小关系是（）A. B. C. D.无法确定（3）若柱形容器足够高，底面积为，重为1牛，内盛有重为2牛的水，液体密度计的重力为0.058牛，此时液面到容器底部深度为0.021米。①求放入液体密度计后水对容器底部的压强；②求放入液体密度计后容器对地面的压力。【答案】（1）①.阿基米德②.A（2）B（3），【解析】【小问1详解】[1][2]密度计始终漂浮，浮力等于重力，重力相同，则浮力相同，根据阿基米德原理可知，液体密度越大，密度计排开液体体积越小，所以密度计上刻度上小下大，即其示数从上往下逐渐变大，故选A。【小问2详解】密度计始终漂浮，浮力等于重力，重力相同，则浮力相同，所以两只密度计所受浮力的大小关系是，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。【小问3详解】①放入液体密度计后水对容器底部的压强②放入液体密度计后容器对地面的压力8.从最初的火把到白炽灯，再到现代的灯，灯照亮了我们的世界。（1）白炽灯用久了其玻璃内壁会发黑，这是由于电流______效应使得灯丝中的钨在高温下______（填物态变化）成了钨蒸气，