天津市河北区木斋中学20252026学年九年级上学期第三次月考物理试题(解析版)

第页，共页天津市河北区木斋中学2025~2026学年九年级上学期第三次月考物理试题一、单选题1.如图是磁悬浮鼠标。基座通电后鼠标会悬浮起来，悬浮鼠标的工作原理是（）A.异名磁极相互排斥 B.同名磁极相互排斥C.同种电荷相互排斥 D.异种电荷相互排斥【答案】B【解析】【详解】A．异名磁极（如N极与S极）会相互吸引，而非排斥，故A不符合题意；B．同名磁极（如N极与N极或S极与S极）会相互排斥，这是磁悬浮技术的基础，与题目描述的悬浮现象一致，故B符合题意；C．题目涉及磁悬浮而非静电现象，电荷间的相互作用不适用，故C不符合题意；D．异种电荷会相互吸引，且题目讨论的是磁力而非电力，故D不符合题意。故选B。2.某电路中，电流表读数为0.3A，电压表读数为6V，则被测元件的电功率为（）A.0.5W B.1.8W C.20W D.60W【答案】B【解析】【详解】被测元件的电功率故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。3.以下估测合理的是（）A.家用电冰箱工作的电流约1A B.对人体的安全电压是大于36VC.两节新干电池串联后的电压为4V D.手机正常工作时的电流约10A【答案】A【解析】【详解】A．家用电冰箱的功率约为100W-200W，家庭电路电压为220V，根据可得电流约为0.45A-0.9A，接近1A，故A正确；B．对人体安全的电压是不高于36V，而非“大于36V”，故B错误；C．一节干电池电压为1.5V，两节串联总电压为3V，故C错误；D．手机工作电流通常为0.1A-0.5A，10A远超实际，故D错误。故选A。4.将标有“6V6W”的甲灯泡和“6V3W”的乙灯泡串联后，接在电压为9V的电源上。不考虑温度对灯丝电阻的影响，则（）A.甲灯能正常发光 B.乙灯能正常发光C.两灯均能正常发光 D.两灯均不能正常发光【答案】B【解析】【详解】甲灯的电阻为乙灯的电阻为两灯串联，串联电路的总电阻等于各串联电阻之和，则电路中的总电阻为R=R甲+R乙=6Ω+12Ω=18Ω电路中的电流为甲灯的额定电流甲灯不能正常发光，乙灯的额定电流所以乙灯能正常发光，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。5.电炉工作时，电炉丝通过导线接到电路里，电炉丝热得发红，而导线却几乎不发热。下列说法正确的是（）A.通过导线的电流小于通过电炉丝的电流B.导线的电阻大于电炉丝的电阻C.导线的电功率小于电炉丝的电功率D.电流通过导线时没有产生热效应【答案】C【解析】【详解】A．导线和电炉丝串联，由串联电流规律可知，通过导线的电流等于通过电炉丝的电流，故A错误；B．由于导线和电炉丝的电流相同，且在同一电路中，时间相同，根据可知，导线的电阻小于电炉丝的电阻，故B错误；C．根据可知，通电时间相同，电炉丝产生的热量多，是由于导线的电功率小于电炉丝的电功率，故C正确；D．电流通过导线，由于导线的电阻小，产生的电热少，而不是没有产生热效应，故D错误。故选C。6.家庭电路中两盏节能灯并联工作，其中一盏突然熄灭，另一盏仍正常发光。故障原因可能是（）A.干路保险丝熔断 B.熄灭的节能灯短路 C.熄灭的节能灯断路 D.进户线零线断路【答案】C【解析】【详解】A．干路保险丝熔断，整个电路都会断路，两盏灯都不会发光，故A不符合题意；B．电路中两盏节能灯并联，熄灭的节能灯短路，会造成电源短路，另一盏灯也不能正常发光，故B不符合题意；C．并联电路中，各支路互不影响，熄灭的节能灯断路，另一盏仍能正常发光，故C符合题意；D．进户线零线断路，两盏灯都无法正常工作，故D不符合题意。故选C。7.如图所示，用磁感线描述磁体外部磁场正确的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】AB．磁体外部的磁感线总是从N极发出，回到S极，故B正确，A错误；C．同名磁极相互排斥，同名的N极之间的磁感线方向都是朝外的，故C错误；D．同名磁极相互排斥，同名的S极之间的磁感线方向都是向内的，故D错误。故选B。8.如图所示的电路中，将开关S闭合，灯和灯均发光，且灯比灯更亮。下列说法正确的是（）A.灯和灯串联B.灯和灯两端的电压一定相等C.通过灯的电流与通过灯的电流一定相等D.通过灯的电流与通过电源的电流一定相等【答案】B【解析】【详解】

A．由电路图可知，电流从电源正极流出，经过开关S后，分成两路，分别流经灯L1和灯L2，然后汇合在一起回到电源负极；灯L1和灯L2是并联，故A错误；B．并联电路中，各支路两端的电压相等；因为灯L1和灯L2是并联的，所以它们两端的电压一定相等，故B正确；C．灯泡的亮度由其实际功率决定，已知灯L1比灯L2更亮，说明灯L1的实际功率P1大于灯L2的实际功率P2；又因为两灯并联，电压U相等，根据电功率公式可知，通过灯L1的电流大于通过灯L2的电流，故C错误；D．在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。通过电源的电流是干路电流I，通过灯L1的电流是支路电流。因为，且，所以通过电源的电流I一定大于通过灯L1的电流，故D错误。故选B。9.如图所示的电路，闭合开关后，发现电灯不亮，用试电笔测试图中的a、b、c、d四点，只有a点不发光，可能发生的故障是（）A.ab间断路 B.灯泡断路C.a左侧的零线断路 D.d左侧的火线断路【答案】A【解析】【详解】用试电笔测试b、c、d三点，氖管都发光，这说明从火线到b点之间的电路都是完好的，没有断路；而试电笔测试a点时，氖管不发光，这说明b点到零线之间的导线出现断路，由此可以判断出是a、b之间某处断路，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。10.如图为某烟雾报警器的简化电路图，电源电压不变，R0为定值电阻，R为敏感电阻（其阻值随烟雾浓度的增大而增大），当仪表示数大到一定值时会报警。闭合开关，下列说法正确的是（）A.烟雾浓度增大时，电压表的示数变小B.报警器的仪表是用电流表改装的C.烟雾浓度减小时，保护电阻R0消耗的电功率变大D.不管烟雾浓度如何变化，电压表与电流表示数的比值始终不变【答案】C【解析】【详解】A．据图可知，电路是R0和R串联，电压表测R两端电压，烟雾浓度增大时，敏感电阻的阻值变大，电路中的电流变小，由串联分压原理可知，敏感电阻两端电压会变大，电压表的示数变大，故A错误；B．根据上述分析可知，当烟雾浓度的增大时，电压表的示数变大，电流表的示数变小，当仪表示数大到一定值时会报警，因此报警器的仪表是用电压表改装的，故B错误；C．烟雾浓度减小时，敏感电阻的阻值变小，电路中的电流变大，由可知，电阻R0消耗的电功率变大，故C正确；D．电压表与电流表示数的比值是敏感电阻的阻值，而敏感电阻的阻值随烟雾浓度的变化而变化，故D错误。故选C。二、多选题11.分子很小，看不见摸不着，但我们可以通过一些直接感知的现象经过合理的推测来认识分子的一些性质，下列推测错误的是（）A.现象：空气中沙尘飞舞；推测：分子在做永不停息的无规则运动B.现象：水和酒精混合后，总体积变小；推测：分子之间有空隙C.现象：磁铁上吸住了很多小铁钉；推测：分子之间存在引力作用D.现象：“破镜不能重圆”；推测：分子间存在斥力作用【答案】ACD【解析】【详解】A．空气中沙尘飞舞不能说明分子在做无规则运动，因为分子是肉眼所不能直接看到的，沙尘是固体小颗粒在运动，故A错误，符合题意；B．水和酒精混合后总体积变小，是因为分子之间有空隙，两种分子相互进入对方的空隙，所以总体积变小，该推测合理，符合事实，故B正确，不符合题意；C．磁铁吸引小铁钉是因为磁铁具有磁性，不是分子间的引力作用，故C错误，符合题意；D.“破镜不能重圆”是因为镜子破裂后，分子间的距离太大，分子间的引力变得十分微弱，几乎可以忽略，而不是因为分子间存在斥力，故D错误，符合题意。故选ACD。12.如图是创新实验小组同学设计的一款电子量角器的实物图和电路图，AB为均匀半圆弧形电阻，O点为其圆心，OP为金属滑片，可绕O点转动。AO间连接的角度显示器是由电压表改装而成的，可用来显示∠AOP的大小。当滑片P沿顺时针方向转动时，则（）A.AB连入的电阻不变 B.电压表的示数变大 C.电路中的电流变大 D.电路的总功率变小【答案】AB【解析】【详解】A．由电路图可知，电路为AB均匀半圆弧形电阻和定值电阻R1串联，在滑片P移动时，AB连入的电阻不变，故A符合题意；B．由电路图可知，电压表测AP弧部分电阻两端的电压，因滑片P沿顺时针方向转动时，电路总电阻不变，电源电压不变，电路电流不变，AP弧部分电阻变大，由欧姆定律可知，电压表示数会变大，故B符合题意；C．由欧姆定律可知，当滑片P沿顺时针方向转动时，电路中的总电阻不变，则电路中的电流大小不会改变，故C不符合题意；D．根据可知，电源电压不变，电路中的电流不变，则电路的总功率不变，故D不符合题意。故选AB。13.新型PTC发热材料可以自动调节电路的电功率，在生活中得到广泛应用。图甲是PTC调试工作电路，是定值电阻，是PTC电阻，其阻值随温度变化的图像如图乙所示。闭合开关S，在温度从20℃升高到120℃的过程中，下列说法正确的是（）A.电流表示数先变小后变大B.电压表示数先变大后变小C.定值电阻的功率先变大后变小D.电压表与电流表示数的比值先变小后变大【答案】CD【解析】【详解】A．由图甲可知，两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路中的电流。由图乙可知，当温度从20℃升高到100℃的过程中电阻R1的阻值变小，从100℃升高120℃的过程中电阻R1的阻值变大，根据串联电阻的规律可知，总电阻先变小后变大，由欧姆定律可知，电路中的电流先变大后变小，即电流表示数先变大后变小，故A错误；B．电压表测R1的电压，R1的阻值先变小后变大，根据串联分压可知，R1的电压先变小后变大，即电压表示数先变小后变大，故B错误；C．电路中的电流先变大后变小，根据可知，定值电阻R0消耗的功率先变大后变小，故C正确；D．根据欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于R1的阻值，R1的阻值先变小后变大，故电压表与电流表示数的比值先变小后变大，故D正确。故选CD。三、填空题14.公元1世纪初，东汉学者王充在《论衡》中记载：司南之杓，投之于地，其柢指南。“柢”即握柄，是磁体的___________极，司南之所以能指向南北方向，是因为地球的周围存在___________（选填“磁场”或“磁感线”）。【答案】①.S②.磁场【解析】【详解】[1]“柢”指南，即“柢”指地理的南极，地理的南极在地磁的北极附近，则“柢”指向地磁的北极，由异名磁极相互吸引可知，“柢”是磁体的S极。[2]地球是个大磁场，在地磁场的作用下，司南能指向南北方向。15.如图所示是太阳能路灯，灯杆顶端是太阳能电池板，它能将太阳能转化为电能，并向灯杆下方的蓄电池充电，供夜晚路灯照明，蓄电池充电时将电能转化为__________能。若在一定时间内，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为，这些能量经转化后，可供功率为的路灯正常工作，则该太阳能路灯的能量转化效率是__________。【答案】①.化学②.30%【解析】【详解】[1]蓄电池的充电过程，消耗电能转化为化学能，并将化学能储存在蓄电池内。[2]路灯消耗的电能，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量，则该太阳能路灯的能量转化效16.小莉期中成绩考得好，爸爸奖励她一个新手机，小莉发现手机电池上标有“电压3.7V，容量1000mA·h”的字样，则它充满电后存储的电能为_______J，经查该手机的待机电流为20mA，则该手机最长待机时间______h。【答案】①.13320②.50【解析】【详解】[1]充满电后储存电能[2]该手机最长待机时间17.如图甲所示电路中，当开关闭合，、断开时，灯泡、的连接方式是________；当开关、闭合，断开时，两灯泡均发光，电流表、的指针偏转情况均如图乙所示，则通过的电流为________A。【答案】①.串联②.0.8【解析】【详解】[1]当开关闭合，、断开时，电流路径只有一条，通过L1的电流必然通过L2，所以灯泡、的连接方式是串联。[2]当开关、闭合，断开时，两灯泡并联，电流表测干路电流，电流表测支路电流，电流表、的指针偏转情况均如图乙所示，接的是大量程，接的是小量程。电流表、的指针偏转情况均如图乙所示，干路电流的电流根据并联电路电流规律，通过的电流18.甲、乙两只灯泡，其I﹣U关系图像如图所示。将甲、乙两灯并联在电路中，当干路的电流为1A时，甲灯的电阻为__________Ω；将甲、乙两灯串联在电源电压为5V的电路中，此时电路中的总功率是__________W。【答案】①.5②.2【解析】【详解】[1]由题意可知，当干路的电流为1A时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以，由图象可知：I甲＝0.6A，I乙＝0.4A时符合题意，由可得[2]将甲、乙两灯串联在电源电压为5V电路中时，因串联电路中各处的电流相等，且两灯泡两端的电压等于电源的电压，所以，由图象可知：当电路电流为0.4A时，两灯泡两端电压分别为U甲＝2V，U乙＝3V时符合题意，则电路的总功率为P＝U′I′＝5V×0.4A＝2W19.如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻。若开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表，甲、乙两表的示数之比为5∶2，则定值电阻R1、R2消耗的电功率之比为__________。若开关S1闭合、S2断开，两表均为电流表，甲、乙两表的示数之比为__________。【答案】①.3:2②.3:5【解析】【19题详解】[1]若开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表，此时R1、R2串联，甲测两电阻的总电压，乙测R2两端电压，甲、乙两表的示数之比为5∶2，在串联电路中总电压等于各用电器两端电压之和且电压与电阻成正比，即可得在串联电路中电阻消耗的功率与电阻成正比，即定值电阻R1、R2消耗的电功率之比[2]若开关S1闭合、S2断开，两表均为电流表时，电阻R1、R2并联，甲测通过R2的电流，乙测干路电流，在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和且电流与电阻成反比，即则甲乙两表的示数之比四、实验题20.“厨宝”是一种小型家用厨房热水器，内部电路如图所示，为电热丝，额定电流为5A。该“厨宝”正常工作100s能将5kg水的温度升高，已知。请你完成下列计算：（1）水吸收的热量；（2）“厨宝”的效率。（精确到）【答案】（1）（2）【解析】【小问1详解】该“厨宝”正常工作100s水吸收的热量为【小问2详解】该“厨宝”正常工作100s消耗的总电能为则“厨宝”的效率21.按要求回答下列问题：（1）小明在使用电压表测量用电器两端的电压时，电压表应与用电器________。将电压表接入电路中，在开关断开时，电压表的指针如图甲所示，则应采取的操作是________；闭合开关，小明发现电压表的指针仍如图甲所示，则存在的问题是________。（2）如图乙所示，提起水平接触水面的玻璃板，需要的力大于玻璃板所受的重力，这说明分子间存在________。（3）如图丙所示，将一支2B铅笔芯截成长短不同的两段分别接入图中A、B两点间，可探究电阻大小与________的关系，实验中可通过观察________准确判断铅笔芯电阻的大小。（4）如图丁所示，这是“探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系”的实验电路，实验中电流通过导体产生热量的多少是通过________来反映的。【答案】（1）①.并联②.调零③.正负接线柱接反了（2）引力（3）①.长度②.电流表示数（4）温度计示数的变化【解析】【小问1详解】[1][2][3]电压表测量用电器两端电压时，应与用电器并联。图甲中，开关断开时电压表指针没有指向零刻度线，应进行的操作是调零，闭合开关后指针仍这样，说明电压表正负接线柱接反。【小问2详解】提起水平接触水面的玻璃板时，需要的力大于玻璃板所受的重力，说明水分子与玻璃分子间有引力作用，反映了分子间存在引力。【小问3详解】[1]铅笔芯长度不同，横截面积和材料相同，探究电阻与长度的关系。[2]实验中通过观察电流表示数大小或灯泡亮度来判断电阻大小，但灯泡亮度只能粗略判断电阻的大小，因为取决于不同人的判断，比较主观，而电流表可以直接读取示数，可以更直观、更准确地判断电阻大小。【小问4详解】根据转换法可知，“探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验中，产生热量的多少通过温度计示数的变化来反映。22.如图所示是探究“电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，两个密闭容器中都有一段电阻丝，U形管中装的是蓝色液体（1）该实验是通过观察U形管中______的变化反映密闭空气温度的变化。（2）如图甲是为了研究电流产生的热量与______的关系，将此装置接到电源两端，通电一段时间，电流在______（选填“左”或“右”）容器中产生的热量较多。（3）如图乙，当通过电阻丝R1的电流为1A时，电流5min通过R1产生的热量为______J，这段时间内R1和R2产生的热量之比为______。【答案】①.液体高度②.电流③.左④.1500⑤.【解析】【分析】【详解】（1）[1]电流通过电阻后会对密闭容器加热，该实验是通过观察U形管中液体高度差的变化来反映密闭空气温度的变化。（2）[2]甲图中左右两个容器中电阻相同，但是电流不同，因此探究的是产生的热量与电流大小的关系。[3]将此装置接到电源两端，右侧两个电阻并联后与左侧的电阻串联，所以通过左侧电阻的电流大，因此产生的热量更多。（3）[4]电流5min通过R1产生的热量为[5]乙图中R1和R2串联，因此产生的热量之比为23.小明为爷爷设计了一款有“速热”和“保温”两挡的防寒服，内部电路简化如图所示。电源两端电压为6V，电热丝R1、R2的阻值恒定，R1=4Ω。（1）只闭合开关S1时，通过R1的电流是多大？（2）只闭合开关S1时，R1的电功率是多少？（3）若“速热”挡的电功率为36W。则使用“速热”挡通电10s的时间，R1产生的热量是多少？【答案】（1）1.5 A（2）9 W（3）90 J【解析】【小问1详解】只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，通过R1的电流【小问2详解】只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，R1的电功率【小问3详解】分析电路可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时为保温挡；两开关都闭合时，两电阻并联，由可知，此时功率最大，为“速热”挡；根据并联电路互不影响可得使用“速热”挡通电10s电阻R1产生的热量24.小明从废弃的电热锅中拆下了一个加热盘，其阻值在28~32Ω之间。为测量其电阻，他找来了一个电源（电压为35V），一个电流表（量程为0~0.6A），两个滑动变阻器（最大阻值约为50Ω）和（最大阻值约为100Ω），开关和导线若干。请你合理选择上述器材设计实验，测出加热盘电阻的阻值。要求：（1）画出实验电路图；（2）写出实验步骤及所需测量的物理量；（3）写出加热盘电阻的数学表达式（用已知量和测量量表示）。【答案】（1）（2）见解析（3）【解析】【小问1详解】电流表量程为0~0.6A，则电路总电阻最小为所以确保电路安全，变阻器使用，设计电路图如下：【小问2详解】实验步骤：①按照电路图连接电路；②闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片到适当位置，读出电流表的示数I1；③断开开关S2，保持滑片位置不动，读出电流表的示数I2。【小问3详解】闭合开关S1、S2，变阻器单独接入电路，电流表测电路电流，调节滑动变阻器滑片到适当位置，读出电流表示数I1，则变阻器接入电路阻值为断开开关S2，和变阻器串联，电流表测电路电流，保持滑片位置不动，读出电流表的示数I2，则总电阻为则阻