2025年湖北云学名校联盟高二年级3月联考物理参考答案（定版）

2025年湖北云学名校联盟高二年级3月联考物理试卷评分细则B.无线通讯是利用电磁波传播信息，故B正确；D.手机通话的无线电波要有较好的传播功能，应该更容易发生衍射，所以波长应较长，故D手机与地面碰撞后不反弹可知手机与地面碰撞后速度变为0,再由动量定理公式I=Ft=△P【详解】对Mm组成的系统由动量守恒定律公式可得x人=2.4mL=2.8m故B正确水平方向BILsin30°=fFɴ+BILsin30°=mg由牛顿第二定律可得BILcos30°=ma,代入数据解得a=0.75√3m/s²,故D正确。【详解】环由静止释放向下滑动时，对环受力分析由平衡条件、滑动摩擦力大小公式及牛顿mgsinθ-μ(mgcosθ-qvB)=ma小环的速度增大，加速度也随之增大，杆对小环的支持力逐渐减小直至反向(垂直杆向下),mgsinθ-μ(qvB-mgcosθ)=mamg代入数据解得v=10m/s,sinθ-μ(qvmB-mgcosθ)=0【详解】由图乙所示图像可知：Q=kt(k为比例系数)CD.电流.可得F=BIL=BkLB.画出粒子的运动轨迹如图根据几何关系，粒子a从磁场I进入磁场Ⅱ的位置距离P点C.根据几何关系可知粒子在磁场I、磁场Ⅱ运动的圆心角为120°,运动的时间为粒子a从磁场Ⅱ进入磁场I时，与粒子b相遇，则相遇的时间为D.画出粒子的运动轨迹如图根据洛伦兹力及向心力的公式可知再根据几何关系可知【详解】A.根据v=λf可知f=1Hz,故A正确；B.根据波形图，可知两列波相遇的时间故B错误；C.根据波形图，可知两列波在x=5.5m处相遇时，左边这列波在波谷位置，右边这列波在平衡位置，此时，左边这列波的质点振动方程为右边这列波的质点振动方程为则该质点的振动方程为x=x₁+x₂=-Acos(at)-Asi则x=5.5m处质点的振幅为故C错误；D.t=1.5s时，两列波传播的距离都为6m,传播到x=6m处时质点均处于平衡位置，加速度为再根据,故A错误；B.频率由波源决定，与介质无关，两束光从水进入空气时频率应不变，故B错误；D.根绝光路图，由折射定律可知b光折射率大于a光折射率，折射率越大，波长越短，故真空中a光的波长比b光长，D正确。【详解】A.根据图示可知矩形线框旋转所产生的e-t图像为电动势最大值Em=NBSw,由B.根据图示可得等效电路图为其中当外电路电阻等于内电路电阻，即k²R=r时，即电源输出功率最大，初级线圈的功率最大，故B正确；C.根据等效电路图，由闭合电路欧姆定律可得若R的电阻值增大，I减小，电流表示数将减小，故C错误；D.由于是理想变压器，R的功率就等于线圈的功率，即若使线框角速度变为2w,R的功率变为原来的4倍，故D错误。11.(每空2分，多选选对一个得1分，选错则不得分)A:正确。在进行“用单摆测当地的重力加速度”实验时，应该保证摆长不能太小，否则容易因摆动过快增加实验失败的可能性；B:错误。为了减小实验误差，在进行实验时往往不是在最高点释放时同时开始计时，而是在摆球稳定摆动后，当摆球达到最低点时开始计时，这样可以避免因观测最高点的困难带来的测量误差，提高实验精度；C:正确。构成单摆的条件之一是摆角不超过5°;D:错误。为了减小偶然误差，通常采用多次测量求平均值的方法。游标卡尺读数方法为主尺+游标尺，主尺度数为1.00,游标尺将1mm分成20份，每份为0.05mm,读数为12×0.05mm即0.60mm。每经过一次最低点，单摆运行了的时间，则计数为60时单摆运行时间为计算B:将细线作为摆长会导致摆长的测量值偏小，可知重力加速度测量值偏小。D:上端未固定牢固，会导致绳子边长，摆长的实际值变大，测量值相对实际值变小，由T=12.(每空2分，多选选对一个得1分，选错则不得分)磁铁下段为N极，磁感线从下端发出；当向上移动磁铁时通过螺线管内根据楞次定律与右手定则可知螺线管正面的电流向左，又由于二极管有单向导电性，所以BB先发光，A后发光对于CD选项，方法一：对于线圈A,其内部有增大的磁通量，外部有增大的与A内部相反的磁通量，因此B有扩张的趋势来包含更多的由A产生的与A内部相反的磁通量以阻碍B内部磁通量的变化；方法二：假设A中产生顺时针逐渐增大的电流时，由楞次定律可知B会产生逆时针的电流来阻碍B回路中磁通量向内增大，此时对B上的一小段进行受力分析，其处于由A产生的垂直纸面向外的磁场中，再用左手定则即可判断这一小段受安培力方向背离圆心，即B有扩张的趋势。物块B从D点以vʙ3的初速度向右做平抛运动，设物块做平抛运动的时间为t,水平位移大小为x,竖直方向位移大小为2R,由平抛运动的规律可得联立上两式，可得设物块物块B恰好能通过圆形轨道最高点D,说明此时B重力刚好完全提供做圆周运动所需的向心力，即即飞出后落地点离C的距离为1m设物块A被碰前的速度为vA1,被碰后的速度为VA2,与物块B碰后的速度为VA3,小球m碰前的速度为Vm1,碰后速度为Vm₂,小球m从高处静止时放与A发生弹性碰撞的过程中，由动量守恒和能量守恒可得A与B碰撞过程中，设损失的机械能为E,由动量守恒与能量守恒可得(1分)即物块A和物块B在碰撞中损失的机械能E=0.5J(2分)R=r(1分)(1分)(1分)(2)当a=90°时，电子垂直穿过由平抛运动规律可得水平方向竖直方向其中联立上式可得 其落到x轴上得坐标为(3)经分析可知从O点发射得各种电子离开磁场，在电场中做类平抛运动，当α=30°时，电子打在荧光屏上的最左端，设距离原点为x₁联立上式可得当α=150°时，电子打在荧光屏上的最右端，设距离原点为x₂联立上式可得则各电子在荧光屏上留下的亮纹长度(补充：结果中电量用q表示扣1分，(3)结果可化简为)开关接a时，杆中初始有从M流向N的电流，由左手定则可以判断出杆受到向右的安培力，初始时杆向右加速；随着杆向右的速度增大，其产生的切割电动势也在逐渐增大，并逐渐与电源电动势相互抵消，因此杆做向右的加速度减小的加速直线运动。当切割电动势大小上等于电源电动势时，杆将不受安培力，一直向右做匀速直线运动。设其最终运动速度为v₁设杆稳定时的速度为v₂,此时电容的电压为U₂,通过杆的电荷量与电容带电量相等，均为q₂,稳定时切割电动势与电容电压大小相等并且相互