河南省豫西北教研联盟（平许济洛）2026届高三上学期1月质量检测试题 数学 含答案

2026届高三质量检测数学试题一、单选题1．已知，则的虚部为（

）A． B． C．1 D．2．已知集合，则的所有子集的个数为（

）A．8 B．7 C．5 D．33．已知抛物线，上的点与焦点的距离为4，则（

）A．2 B．4 C．2或 D．4或4．在中，是的中点，过点的直线分别交直线，于点，，设，，则的最小值是（

）A．1 B．2 C．4 D．65．已知，则，，的大小关系不可能为（

）A． B． C． D．6．设，，，则下列说法错误的为（

）A． B．为奇函数C． D．，7．定义在上的奇函数满足：，当时，，则函数的零点的个数为（

）A．0 B．1 C．2 D．38．已知点为双曲线的右顶点，点的坐标为，若上存在一点（不与点重合），使得，则的离心率的取值范围为（

）A． B． C． D．二、多选题9．已知，函数有两个极值点，，则（

）A．可能是负数B．C．曲线在点处的切线方程为D．为定值10．已知数列的前项和为，则下列说法正确的是（

）A．若，则B．若数列为等差数列，，，则时，最大C．若数列满足，，则D．若，则数列的前项和小于11．已知正方体的棱长为2，为棱的中点，点满足，则（

）A．任意，三棱锥的体积是定值B．当时，与所成角的余弦值为C．存在，使得二面角的大小为D．当时，平面截该正方体的外接球所得截面的面积为三、填空题12．下面是按从小到大顺序排列的两组数据：甲：1，3，，10，13，15，19，22，27，30；乙：2，5，7，，20，30.若甲组数据的第30百分位数和乙组数据的中位数相等，则.13．已知某圆台的上、下底面的圆周都在一个直径为10的球面上，其上、下底面的半径分别为3和5，则该圆台的侧面积为.14．数列，满足：，，.设，，若，，则.四、解答题15．在中，．（1）若，求；（2）为边上一点，且，求的面积．16．已知三棱锥和是边长为的等边三角形，平面平面（1）求证：；（2）设为中点，为内的动点(含边界)，且平面，求直线与平面所成角的正弦值的取值范围.17．经调查发现，年龄（单位：岁）在[10，60]上的旅游者为中国乡村旅游的“目标客群”.为了充分了解此群体的旅游意愿，随机调查了“目标客群”中的300名旅游者，统计他们的年龄，得到如下统计表：组名ABCDE年龄人数201201004020(1)用分层随机抽样的方法，从上面5组“目标客群”中随机抽取15人，再从这15人中随机抽取4人，记抽到C组的人数为，E组的人数为.设，求的分布列和期望；(2)年龄在上的旅游者称为中国乡村旅游的“主流客群”.若把样本中“主流客群”的频率作为所有“目标客群”中“主流客群”的概率，则从所有“目标客群”中随机抽取20人，“主流客群”中最有可能被抽到多少人？18．如图，定义：以椭圆中心为圆心、长轴长为直径的圆叫做椭圆的“伴随圆”，过椭圆上一点作轴的垂线交其“伴随圆”于点，称点为点的“伴随点”．已知椭圆上的点的一个“伴随点”为．

(1)求椭圆的方程；(2)过点的直线与椭圆交于不同的两点，点与点关于轴对称．（ⅰ）证明：直线恒过定点；（ⅱ）记（ⅰ）中的直线所过的定点为，若在直线上的射影分别为（，为不同的两点），记，，的面积分别为，求的取值范围．19．已知函数，，的极值点为1.(1)求的值；(2)对，，使得，求的取值范围；(3)证明：（其中是自然对数的底数）.

参考答案1．D【详解】由题可得：，所以的虚部为,故选：D2．A【详解】由，所以的所有子集的个数为.故选：A3．D【详解】抛物线的准线方程为，根据抛物线的定义，到焦点的距离为，得，则抛物线方程为，将点代入抛物线方程得，则.故选：D4．B【详解】如图，由点O是BC的中点，得，由三点共线，得，，，则，当且仅当，即时取等号，所以取得最小值2.故选：B5．A【详解】设，则分别为与图象交点的横坐标，当时，如下图所示，此时，故B情况可能出现；

当时，且位于和交点上方时，如下图所示，此时，故C情况可能出现；

当时，且位于和交点下方时，如下图所示，此时，故D情况可能出现.

所以不可能出现.故选：A6．C【详解】由题可得：,所以，故A正确；,由于为奇函数，所以为奇函数，故B正确；由于,而与不相等，故C错误；当时，，则，故D正确；故选：C7．D【详解】令且定义域为R，则，所以为偶函数，在上，所以在上单调递减，结合偶函数的对称性知，其在上单调递增，由，则，且，则，由于函数由的零点个数等价于与的交点个数，函数大致图象如下，

函数关于对称，且时，，在、上分别单调递减、单调递增，显然时，在上单调递增，则时恒成立，在上单调递减，且时,，所以使，综上，与的交点横坐标有，即有3个零点.故选：D8．B【详解】设，因为，则，则点的轨迹方程为以为直径的圆，又中点为，，所以点的轨迹方程为．联立，又，整理得，即，则（舍去）或，由题意知点在双曲线的右支上，即，所以，则，即，则，所以，又，则的离心率的取值范围为.故选：B．9．BCD【详解】由，则，当时，，则在上单调递减，没有极值，故A错误，当时，令，得，不妨设，则，故B正确，当时，，当时，，所以在和上单调递增，在区间上单调递减，所以是的极大值点，是的极小值点，而，则，所以为定值，故D正确；对于C，由，则，而，则曲线在点处的切线方程为，故C正确.故选：BCD10．ABD【详解】对于A，当时，,解得：，当时，，化简可得：，所以,则是首项为,公比为的等比数列，所以，即,故A正确；对于B，在等差数列中，,则,,由于,则,所以等差数列的公差小于，则,则时，最大，故B正确；对于C，数列满足，，则,,,所以数列是周期为3的数列，计算一个周期内的乘积：，,,故,所以,故C不正确；对于D，由题可得：,所以数列的前项和,即,由于,则，即数列的前项和小于，故D正确；故选：ABD11．BD【详解】对于A，不与平面平行，到平面的距离不为定值，三棱锥的体积不为定值，故A错误；对于B，建立如图所示的空间直角坐标系，则，当时，，则，，所以，则与所成角的余弦值为，故B正确；对于C，由B知，，则，即，则，设平面的一个法向量为，则，取，得，设平面的一个法向量为，则，取，得，若二面角的大小为，则，则，由于，且函数开口向上，对称轴为，则，不存在，使得二面角的大小为，故C错误；对于D，由C知，平面的一个法向量为，因为，则，而正方体的外接球的球心，则，则到平面的距离，而外接球半径，截面圆半径的平方为，则截面的面积为，故D正确.故选：BD.12．3【详解】因为，甲组数据的第百分位数为第三个数和第四个数的平均数，即,乙组数据的中位数为，根据题意得，解得：，故答案为：13．【详解】由于圆台的下底面半径为5，故下底面圆周为外接球的大圆，

如图所示，设球的球心为O，圆台上底面的圆心为，则圆台的高，则圆台的母线长为，所以可得圆台的侧面积为.故答案为：.14．6733【详解】由题可得：，若时，，则除以余，若时，，则能被整除，若时，，则除以余1，若时，，则除以余，若时，，则除以余，若时，，则能被整除，若时，，则除以余1，若时，，则除以余，综上，当时，，，则由于，，所以，将正整数按每个分组：，每组中去掉型数，剩余3个数为一组，所以，所以，故答案为：15．（1）；（2）.【详解】（1）在中，由正弦定理及题设得，故，解得，又，所以.（2）设，则．在中，由余弦定理得，，即，①在等腰中，有，②联立①②，解得或（舍去）．所以为等边三角形，所以，所以．解法二：（1）同解法一．（2）设，则因为，所以，由余弦定理得，得，所以，解得或（舍去）．所以为等边三角形，所以，所以．16．（1）证明见解析；（2）.【详解】证明：取中点，连接.和是等边三角形，面，面；以为原点，以所在直线为轴，以所在直线为轴建立空间直角坐标系.取中点中点，连接，则平面平面所以在线段上运动，则，，设，.设平面的一个法向量，则，即，平面的一个法向量，设直线与平面所成角为，则.所以直线与平面所成角的正弦值的范围为.17．(1)分布列见解析，(2)15【详解】（1）由题意得，这15人中，年龄在C组内的有（人），年龄在E组内的有（人），则的所有可能取值为0，1，2，3，4，所以，，，，，则的分布列为：01234所以.（2）样本中“主流客群”的频率为.从所有“目标客群”中随机抽取20人，设“主流客群”中被抽到的人数为，则所以.由于，故当时，，则.当时，，则.所以当时，最大，即从所有“目标客群”中随机抽取20人，“主流客群”中最有可能抽到15人.18．(1)(2)（ⅰ）证明见解析；（ⅱ）【详解】（1）因为椭圆过点，其伴随圆过点．所以解得所以椭圆的方程为．（2）（ⅰ）证明：当直线的斜率不为0时，设直线的方程为，，，则，联立整理得，则，，，所以，直线的方程为，由椭圆的对称性知，若存在定点，则必在轴上．当时，，即直线恒过定点．当直线的斜率为0时，直线的方程为，也过．综上，直线恒过定点．（ⅱ）解：法一：由题意知的斜率存在且不为0，，设直线的方程为，，，，，，，由（ⅰ）知且，则，因为，所以，所以，所以，所以，故的取值范围为．

法二：，由（ⅰ）知，．（剩余部分同解法一）法三：由（ⅰ）知直线恒过定点，易知直线的斜率不为0，设直线的方程为，，，联立整理得，则，，恒成立，，，，因为，不妨设，，，因为，所以，所以，所以，故的取值范围为．19．(1)(2)(3)证明见解析【详解】（1）因为的极值点为1，且，所以所以，经检验符合题意，因此可得.