2026年贵州高考物理仿真模拟练习试卷（二）（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2026年贵州高考物理仿真模拟练习试卷（二）注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.有三个共点力F1、F2、F3，其合力为零。F1的方向竖直向下，F2与F1的夹角为135°，F3=100NA.100N B.150N C.1002N2.如图所示的装置，可以探究影响安培力大小的因素，实验中如果想增大导体棒摆动的幅度，下列操作中可行的是(

)A.更换磁性较弱的磁铁

B.把磁铁的N极和S极对调

C.减小通过导体棒中的电流强度I

D.把接入电路的导线从②、③两端换成①、④两端

3.如图甲所示，A车和B车在同一平直公路的两个平行车道上行驶。当两车车头平齐时开始计时，两车运动的x−t图像如图乙所示，0～5s时间内，A车的图线是抛物线的一部分，B车的图线是直线，若该路段限速54km/h，在两车不违章的情况下，则(

)

A.A车运动的初速度为2m/s B.A车运动的加速度大小为1m/s2

C.t=4s时，两车相距最远 D.A车追上B4.54.4 eV，氦离子能级的示意图如图所示．在具有下列能量的光子中，不能被基态氦离子吸收而发生跃迁的是

A.40.8eV B.43.2eV C.51.0eV D.54.6eV5.一物理实验爱好者利用如图所示的装置研究气体压强、体积、温度三量间的变化关系．导热良好的汽缸开口向下，内有理想气体，汽缸固定不动，缸内活塞可自由滑动且不漏气．一温度计通过缸底小孔插入缸内，插口处密封良好，活塞下挂一个沙桶，沙桶装满沙子时，活塞恰好静止．现给沙桶底部钻一个小洞，细纱慢慢漏出，外部环境温度定，则(

)

A.绳拉力对沙桶做正功，所以气体对外界做功 B.外界对气体做功，温度计示数不变

C.气体体积减小，同时从外界吸热 D.外界对气体做功，温度计示数增加6.设地球赤道上随地球自转的物体线速度为v1，周期为T1；近地卫星线速度为v2，周期为T2；地球同步卫星线速度为v3，周期为T3；月球绕地球运转的线速度为vA.v1=v2 B.T1=7.如图所示，A、B两物体相距s=7m，物体A以vA=4m/s的速度向右匀速运动，而物体B此时的速度vB=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=−2m/s2.那么物体A追上物体A.7s B.8s C.9s D.10s二、多选题：本大题共3小题，共15分。8.下列说法正确的是(

)A.简谐运动的周期与振幅无关

B.在双缝干涉实验中，光的频率越低得到的条纹间距越宽

C.在纵波的传播方向上，某个质点的振动速度等于波的传播速度

D.泊松亮斑是光的衍射现象，全息照相利用了光的相干性

E.当观察者向静止的声源运动时，接收到的声音的频率变小9.某水电站发电机的输出功率为10kW，输出电压为400V，经升压变压器升压后通过输电线向距离较远的用户供电，为了减少电能损失，使用2kV高压输电，最后经过降压变压器降压，用户得到的电压为220V，功率为9.5kW，变压器均为理想变压器，则A.输电线上的功率损失为500W B.输电线上的电流为25A

C.输电线的电阻为20Ω D.降压变压器的匝数比为100:1110.如图所示的金属导轨ABCDE−A′B′C′D′E′，平行倾斜宽导轨AB、A′B′与水平方向夹角为θ=30°、长度AB=A′B′=2L，平行宽导轨BC、B′C′和窄导轨DE、D′E′水平，窄导轨的间距为L，宽导轨的间距均为2L，倾斜导轨与水平导轨由长度可忽略的小圆弧平滑相连，导轨电阻不计。在水平导轨之间存在方向竖直向上、磁感应强度大小为B0的匀强磁场。质量为m、电阻为R、长度为L的金属棒a垂直导轨静止放置在窄导轨的右端DD′处，质量为2m、电阻为R、长度为2L的另一金属棒b从导轨顶端AA′处由静止释放，金属棒运动中始终与导轨垂直且接触良好，不计一切摩擦，重力加速度为g。若金属棒b始终在宽导轨上运动，水平窄导轨足够长，则下列说法正确的是(

)A.金属棒b刚进入磁场瞬间的速度大小为2gL

B.稳定后，金属棒a、b的速度大小之比为2：1

C.从释放b到稳定前瞬间的过程，通过金属棒a的电荷量大小为m2gL3B0L三、实验题：本大题共2小题，共24分。11.在用重物落体运动验证机械能守恒定律的实验中

①在打出的几条纸带中，为挑选符合实验要求的纸带，所选择的纸带第1、2点间的距离应接近______．

②若重物质量为0.50kg，选择好的纸带如图，已知相邻两点时间间隔为0.02s，长度单位是cm，g取9.8m/s2.则打点计时器打下点B时，重物的速度vB=______m/s；从起点O到打下点B的过程中，重物重力势能的减小量△EP=______J，动能的增加量△EK=______J.由此可得出的是______.(结果保留三位有效数字)

③根据纸带算出相关各点的速度v12.某研究性学习小组采用如图所示的电路测量某干电池的电动势E和内电阻r，R为电阻箱，V为理想电压表，其量程略大于电源电动势，实验中通过多次改变电阻箱的阻值R，从电压表上读出相应的示数U，该小组同学所测两组数据分别为U1、R1、U2、R2，根据这两组数据可得出电动势E和内电阻r的表达式：E=______，r=

四、计算题：本大题共3小题，共33分。13.如图甲所示，波源S从平衡位置y=0处开始竖直向上振动(y轴的正方向)，振动周期为T=0.01s，产生的简谐波向左、右两个方向传播，波速均为v=80m/s，经过一段时间生，P、Q两点开始振动，已知距离SP=1.2m、SQ=2.6m．

(1)求此波的频率和波长．

(2)若以Q点开始振动的时刻作为计时的零点，试在图乙中分别画出P、Q两点的振动图象．14.如图所示，形状相同、质量均为m的两木块A和B上下叠在一起，沿运动方向错开了b0的距离(小于板长的一半)，二者在光滑水平面上以恒定速度v0朝着竖直的墙壁运动。已知两木块间的动摩擦因数为μ，两木块与墙壁的碰撞均为弹性碰撞，重力加速度为g。求：

(1)木块A与墙壁碰撞后瞬间的加速度；

(2)要使木块B能与墙壁发生碰撞，v0应满足的条件；

(3)木块A、B最终错开的距离和木块A、B15.电视机显像管原理如图所示，初速度不计的电子经电势差为U的电场加速后，沿水平方向进入有边界的磁感应强度为B匀强磁场中．已知电子电量为e、质量为m.若要求电子束的偏转角为α，求：磁场有限边界的宽度L．

答案和解析1.【答案】A

【解析】解：三个共点力F1、F2、F3，其合力为零，故F ​2、F3的合力与F1大小相等，方向相反，画出三个力关系如图：

由正弦定理有：F3sin45∘=F1sinθ=F2sin(180∘−45∘−θ)，当sinθ取最大值时，F1取最大值，当2.【答案】D

【解析】解：要使幅度增大，应增大导体棒受到的安培力，而安培力F=BIL，故可以增大磁感应强度B、电流或导体棒的有效长度；

故ABC错误；

而把接线由②、③两条换成①、④两条后，导体棒在磁场中的长度增大，故D正确。

故选：D。

要使导体棒摆动的幅度增大，应使导体棒受力增大，由安培力的计算公式可知，可以采用的措施．

本题考查学生对安培力公式的掌握，只需明确L为有效长度即可顺利求解，为基础性题目．3.【答案】D

【解析】解：AB、根据题意分析可知，A车由坐标原点开始做匀加速直线运动，由匀变速直线运动规律可知x=v0t+12at2

由图像可知当t1=2s时x1=10m，当t2=5s时x2=40m，代入解得v0=3m/s，a=2m/s2，故AB错误；

C、根据题意分析可知，两车速度相等时相距最远，由图像可知B车匀速运动的速度vB=404m/s=10m/s

由匀变速直线运动规律可得vA=v0+at3=vB

联立解得t3=3.5s，故C错误；

D、根据题意分析可知，由于路段限速，A车加速到vmax=15m/s后做匀速运动，根据速度与加速度关系为vmax=v0+at4.【答案】B

【解析】试题分析：根据能级图，吸收40.8eV的能量可以实现由基态到E2的跃迁；吸收51.0eV的能量可以实现由基态到E3的跃迁；吸收54.6eV的能量可以实现氦离子的电离，并具有0.2 eV能量的自由电子，所以此题选B。5.【答案】B

【解析】解：A、根据力平衡得到：气缸内气体的压强P=P0−GS，由于G减小，则P增大，即气体压强增大，被压缩，外界对气体做功。故A错误；

B、由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，故B正确，D错误；

C、根据△U=W+Q知，温度不变，气体内能不变，活塞上移，外界对气体做功，则气体放热。故C错误；

故选：B6.【答案】B

【解析】【分析】

同步卫星与赤道上随地球自转的物体周期相同，根据圆周运动的公式求解，地面附近卫星、同步卫星、月亮绕地球做圆周运动，都是万有引力提供向心力，列出等式求解。

本题关键要将赤道上随地球自转的物体、地球表面人造卫星、同步卫星、月球分为两组进行分析比较，最后再综合；一定不能将多个物体当同一种模型分析，否则会使问题复杂化。

【解答】

赤道上物体随地球自转与同步卫星的周期相同T1=T3，根据线速度与周期的关系v=2πrT可知，在周期相同的情况下线速度大小与半径成正比，故有

v1<v3；绕地球做圆周运动的卫星或天体，由万有引力提供圆周运动向心力GmMr2=mv2r=mr(2πT)2可知，线速度v=GMr知，由于同步卫星轨道半径大于近地卫星轨道半径，小于月球的轨道半径，故有v2>7.【答案】B

【解析】解：物体A做匀速直线运动，位移为：xA=vAt=4t

物体B做匀减速直线运动的位移为：xB=vBt+12at2

设物体B速度减为零的时间为t1，有t1=−vBa=5s

在t1=5s的时间内，物体B的位移为xB1=25m，物体A的位移为xA1=20m，由于xA1−S<xB1，故物体A未追上物体B；8.【答案】ABD

【解析】解：A、简谐运动的周期由振动系统内部因素决定，与振动幅度无关，故A正确；

B、在简谐运动的回复力表达式F=−kx中，对于弹簧振子，F为振动物体受到的合外力，k为弹簧的劲度系数；故B正确；

C、对于纵波，在波传播方向上的某个质点的振动速度和波的传播速度不一致的，故C错误；

D、泊松亮斑是光绕过障碍物产生的，属于衍射现象，全息照相利用了频率相同的激光进行光的干涉现象，故D正确；

E、声源向静止的观察者运动时，产生多普勒效应，则观察者接收到的频率大于声源的频率．故E错误．

故选：ABD．

单摆小角度摆动是简谐运动，重力的切线分力提供回复力；

频率越低的，波长越长；

有机械振动才有可能有机械波，波的传播速度与质点振动速度没有直接关系；

泊松亮斑是光的衍射现象，全息照相是光的干涉现象；

根据多普勒效应的内容进行判断．

本题考查了简谐运动、机械波、光的干涉和衍射，关键要明确接收频率与发射频率的区别，及多普勒效应的内容．9.【答案】AC

【解析】【分析】

先根据P=UI求解传输电流，再根据ΔP=I2R求解输电线路导线电阻；

先根据U本题关键是明确远距离输电的原理，然后根据变压器的变压比公式和功率表达式列式分析，不难。【解答】A.输电线上损失的功率为：P损=10000−9500=500W，B.输电线上的电流为：I=PU2C.输电线电阻：R=P损ID.降压变压器原线圈电压：

U3=U2−IR=2000−5×20=1900V

故选AC。10.【答案】BD

【解析】解：A.金属棒b刚进入磁场瞬间的速度大小为

2mg⋅2Lsin30°=12⋅2m⋅v02

解得

v0=2gL

故A错误；

B.稳定后，电流等于0，两个棒产生的感应电动势大小相等

B0Lva=B02Lvb

解得

va：vb=2：1

故B正确；

C.从释放b到稳定前瞬间的过程，以水平向左的方向为正方向，根据动量定理得

−B0I⋅2L⋅Δt=2mvb−2mv0

B0ILΔt=mva

q=IΔt

解得

vb=2gL3

va=22gL3

q=2m2gL3B0L

11.【答案】2mm；0.973；0.237；0.238J；在误差允许的范围内，机械能守恒；C

【解析】解：①做自由落体运动的物体，前2点之间的距离接近2mm；故选择纸带时应选择前两点相距2mm的纸带；

 ②由平均速度公式可知：

vB=(7.02−3.13)×10−22×0.02m/s≈0.973

m/s

动能的增量：△Ek=12mvB2=12×0.5×0.9732≈0.237

J

重力势能的减少量：△Ep=mghB=0.5×9.8×4.86×10−2

J≈0.238

J．

在误差允许的范围内，机械能守恒；12.【答案】U1+(【解析】解：根据闭合电路欧姆定律可知，U=ER+rR；则有：

U1=ER1+rR1…(1)

U2=E13.【答案】解：(1)频率f=1T=10.01Hz=100Hz

由波速公式v=λT得，波长λ=vT=0.8m

(2)SP=1.2m=1.5λ、SQ=2.6m=314λ.

波源S开始振动方向竖直向上，则介质中各起振方向均沿竖直向上方向．结合波形可知，当Q点开始振动时，Q点向上振动，而P点此时处于波谷，则P、Q两点的振动图象为

答：(1)此波的频率和波长分别为【解析】(1)简谐波的周期等于波源振动的周期T，频率f=1T.由波速公式v=λT求出波长．

(2)波源S开始振动方向竖直向上，则介质中各起振方向均沿竖直向上方向．由波速公式求出波长．若以Q点开始振动的时刻作为计时的零点，根据S、Q间的距离与波长的关系，分析此时刻P14.【答案】解：(1)由牛顿第二定律可知，木块A与墙壁碰撞后瞬间的加速度大小：a=μmgm=μg，方向向右；

(2)A与墙壁碰撞后，A、B都做匀减速直线运动，设B的速度为零时B恰好与墙壁发生碰撞，

对B，由动能定理得：−μmgb0=0−12mv02

解得：v0=2μgb0

要使木块B