浙江省丽水湖州衢州三地市2026届高三物理上学期11月教学质量检测试卷含解析

考生须知：．全卷分试卷和答题卷，考试结束后，将答题卷上交。．试卷共8页，共小题。满分分，考试时间分钟。．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题纸规定的位置上。．请将答案写在答题卷的相应位置上，写在试卷上无效。．可能用到的相关数据：无特殊说明重力加速度g取，。选择题部分一、选择题Ⅰ（共小题，每小题3分，共分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.近年来我国在电子直线加速器的研发和生产方面不断取得突破，“神龙一号”加速器的核心参数之一为20MeV。下列物理量中单位可以为eV的是（）A.电场强度B.电势差C.电势能D.电动势【答案】C【解析】AN/CV/m量单位，故单位不能为eV，故A错误；BVeV是能量单位，电势差本身并非能量，故单位不能为eV，故B错误；C．电势能：电势能是能量的一种形式，单位为焦耳（J）或电子伏特（eVeV表示，故单位可以为eV，故C正确；D．电动势：电动势的单位为伏特（VeV，故D错误。故选C。2.2025年8月，全球首个人形机器人运动会在北京举办。比赛包括自由体操、舞蹈、物料搬运与整理等项目。可将机器人看成质点的是（）A.确定足球比赛中机器人的位置第1页/共23页

B.欣赏开幕式表演中机器人打太极拳的动作C.观察机器人整理物料的精确程度D.研究跳高比赛中机器人的起跳动作【答案】A【解析】A为质点，故A正确；B．欣赏开幕式表演中机器人打太极拳的动作时，需关注其姿态、四肢运动等细节，大小和形状不可忽略，故不能将机器人视为质点，故B错误；C状不可忽略，故不能将机器人视为质点，故C错误；D．研究跳高比赛中机器人起跳动作时，需分析腿部发力、身体姿态变化等细节，大小和形状不可忽略，故不能将机器人视为质点，故D错误。故选A。3.如图，一理想降压变压器输入端接电压为U1的交流电，输出端给用户供电，用户得到的电压为U，输出端输电线的电阻可等效为R。该变压器原、副线圈的匝数分别为n1和n。下列说法正确的是（）A.B.用户的功率增加时，U2不变C.用户的功率增加时，原线圈的电流也增大D.电路老化导致R增大，可适当增大n1来维持用户的电压【答案】C【解析】【详解】A．设副线圈两端电压为，根据理想变压器电压规律在副线圈中，故A错误；第2页/共23页

BC但降压变压器输入端接电压不变，线圈匝数不变，故副线圈两端电压不变，副线圈两端的输出功率可知，副线圈中的电流增大，输出端输电线的电阻两端的电压输出端输电线的电阻两端的功率输出端输电线的电阻两端的电压增大，副线圈中可知律可知原线圈中的电流增大，故B错误，C正确；D．电路老化导致R增大，在副线圈中，要维持用户的电压不变，需要增大副线圈两端电压，根据理想变压器电压规律为维持用户的电压，需要减小，故D错误。故选C4.某静电除尘装置由带正电的金属圆筒Q和带负电的线状电极PA、B、M、N为同一等势线（图中虚线）上的四点，A、B、C在圆筒的直径上，则（）A.M、N两点的电场强度相同B.金属圆筒Q上E、F两点的电势相同C.带负电的粉尘从B点运动到C点，电势能增大D.若电极P与金属圆筒Q的极性交换，除尘效果不变第3页/共23页

【答案】B【解析】【详解】A．根据电场线的疏密程度可知，M点的电场强度与N点的电场强度大小相等，方向不同，A错误；B．金属圆筒的表面是一个等势面，各点电势均相同，B正确；C．沿电场线方向电势降低，由图可知，粉尘带负电，结合可知，，C错误；D．电极极性交换后，电场方向反向，带电粉尘的受力方向改变，无法被正常收集，除尘效果改变，D错误。故选B。5.的衰变方程为的质量为m的质量为mX粒子的质量为m，则（）A.X粒子是氦原子核，它的电离能力很弱B.的平均核子质量比的大C.的比结合能为D.若静止，其衰变后的和X粒子的动能之比是4:234【答案】D【解析】【详解】A．根据核反应前后质量数、电荷数守恒可知，X粒子的电荷数为2，质量数为4，所以X是氦原子核（αα粒子电离能力强，故A错误；B．平均核子质量等于原子核质量除以核子数，衰变过程释放能量，质量亏损，即新核比反应核更稳定，其平均核子质量更小，即，故B错误；C．比结合能是原子核总结合能除以核子数，表达式C错误；D．铀核静止衰变，动量守恒，与X粒子动量大小相等、方向相反，根据可得动能之比，故D正确。第4页/共23页

故选D。6.如图所示，用两根绝缘细线将质量均为m的小球1和小球2连接并悬挂于天花板上，小球1球2带电。现施加一水平方向的匀强电场，两小球处于静止状态，细线a、b和竖直方向夹角分别为α、β，则（）A.小球2一定带正电B.仅减小电场强度，β仍大于αC.仅增大小球2的电荷量，α不变，β增大D.细线a的拉力大小为2mgcosα【答案】B【解析】【详解】A．匀强电场方向若向右，则小球2带正电，匀强电场方向若向左，则小球2带负电，故A错误；B．对小球1和小球2整体，有，可得对小球2，有，第5页/共23页

联立可得β大于α，可得仅减小电场强度，β仍大于α，故B正确；CD．仅增大小球2的电荷量，根据可得α变大，可得β也变大，细线a的拉力大小为，故CD错误。故选B。7.有关下列四幅图的描述正确的是（）A.图1中，该电路能有效发射电磁波B.图2中，该磁场能产生电场，但不能产生电磁波C.图3中，线圈中的自感电动势正在减小D.图4中，真空冶炼炉的炉壁产生涡流，使炉内金属熔化【答案】A【解析】A1效发射电磁波，故A正确；B2生感生电场，也能产生电磁波，故B错误；C．图3描述的LC振荡电路，电容器的放电过程中，电路电流变化减小，由可知线圈中的自感第6页/共23页

可知线圈中的自感电动势正在增大；不能判断具体情况，故C错误；D．真空冶炼炉的原理是使炉内金属产生涡流，使炉内金属熔化，故D错误。故选A。8.我们可以用“声线”来描述声波的传播情况，声线上某点的切线方向为该点声波的传播方向。声线的传播规律与光的传播规律类似，遵循折射定律。地面上方一定高度S处有一个声源，发出的声波在空气中向周）A.M点比N点的温度要低B.M点和N点接收到的声音强度相同C.若将该声源移至N点，传播到S点的声线必过M点D.到达地面的声线与地面处处垂直【答案】C【解析】AM点到N点"声线"高的地方，声波传播速度越大，可知M点比N点的温度要高，A错误；BN点接收到的声音强度比M点弱，B错误；C"声线"NS点一定沿图中声线，必过M点，C正确；D垂直，D错误。故选C。9.H=2m的O1L=1m的不可伸长的轻绳使小球在水平面内做以O2为圆心的匀速圆周运动，此时。某时刻，绳子和小球的连接处突然断开，小球最终落在O3所在的水平地面上。OOO3的连线垂直地面，不计空气对小球运动的影响，小球可视为质点且落地后即静止。则（）第7页/共23页

A.小球下落的时间为B.小球的落点到O3的距离为1.2mC.若增大H，落点到O3的距离先增大后减小D.若增大L，落点到O3的距离先增大后减小【答案】B【解析】【详解】A．绳子断开后小球做平抛运动，由解得，故A错误；B．设小球做圆周运动的速度大小为，则有解得小球平抛的水平位移小球的落点到O3的距离故B正确；C．若增大H，由，可知小球做平抛运动的时间变长，由，可知小球平抛运动的初速度大小不变，则小球平抛的水平位移变大，落点到O3的距离变大，故C错误；D．由第8页/共23页

得若增大L，由，得，小球平抛的水平位移小球的落点到O3的距离又若增大L，由二次函数知识可知落点到O3的距离一直增大，故D错误。故选B。10.竖直方向的圆柱形区域内存在沿竖直轴线方向的磁场，磁感应强度的表达式为（ω其产生的感生电场满足，r为某点到圆心O点的距离。如图所示，现将一光滑绝缘细管固定于某一水平截面内，沿管方向设为xmqt=0时小球从A点静止释放，已知，，，小球恰好以为平衡位置做简谐运动。管的内径远小于d，小球直径略小于管的内径，简谐运动周期公式为。则ω为（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】感生电场的表达式为，则小球受到的电场力为第9页/共23页

设小球所在位置到圆心O的连线与的夹角为，则由几何关系可得电场力沿细管方向的分力大小为又因为代入上式解得所以小球做简谐运动的回复力为其中负号表示回复力与位移方向相反。已知简谐运动回复力的表达式为又因为简谐运动的位移表达式为其中为简谐运动的振幅。所以小球以为平衡位置做简谐运动时，其比例系数满足根据几何关系有联立解得所以联立解得故选D。二、选择题Ⅱ（共3小题，每小题4分，共分。四个选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）下列说法正确的是A.立体电影利用了光的衍射B.要保存地下的水分，就要把地面的土壤锄松C.霍尔元件是把电信号转化为磁信号的元器件D.紫外线具有较高的能量，足以破坏细胞核中的物质【答案】BD【解析】【详解】A．立体电影利用了光的偏振原理，故A错误；B壤锄松，破坏这些土壤里的毛细管，故B正确；第10页/共23页

C．霍尔元件是把磁信号转化为电信号的元器件，故C错误；D．紫外线的频率较大，具有较高的能量，足以破坏细胞核中的物质，故D正确。故选BD。12.果如图1。玻尔最早推导出氢原子能级公式，图2为氢原子的能级图。已知电子的电量e=1.6×10-19C，根据图中信息，可知（）A.钠的极限频率为10.00×1014HzB.图1计算出的普朗克常量为C.位于能级4的单个氢原子最多能发射出3种频率的光D.氢原子从能级4跃迁到能级2时放出的光子能使钠发生光电效应【答案】CD【解析】【详解】A．根据光电效应方程当时，为极限频率，由图可知，，而不是10.00×1014Hz，故A错误；B．根据光电效应方程变式得由上式可知斜率，将横纵轴截距坐标代入可得因此，故B错误；Cn能级最多能发射出n-1种频率的光，因此位于能级4的单个氢原子最多能发射出3种频率的光，故C正确；第11页/共23页

D．由图2知氢原子从能级4跃迁到能级2时放出的光子能量为由光电效应方程可知，钠的逸出功为，故放出的光子能使钠发生光电效应，故D正确。故选CD。13.2》中展现了太空电梯的宏大场景。如图所示，太空电梯由位于赤道的地面基座、运载舱、地球同步轨道空间站、平衡锤及缆绳组成。已知整个太空电梯除运载舱外与地面保持相对静止，不计大气环流的影响，则（）A.当运载舱相对地面匀速上升时，其对缆绳的力有阻碍地球自转的效果B.当平衡锤与地球同步轨道空间站的缆绳断裂时，平衡锤将做近心运动C.当运载舱相对地面匀速上升时，舱底支持力对宇航员做的功小于宇航员机械能的增加量D.若要提高运载舱的载荷，应将平衡锤放置更低的轨道上【答案】AC【解析】A．运载舱伴随地球同步旋转，当其相对地表匀速上升时，轨道半径r增大。为维持与地球自转角速度ω同步，其切向速度v=ωr需相应增大。依据牛顿第二定律，缆绳需对运载舱施加一个沿旋转方向的侧向力；根据牛顿第三定律，运载舱对缆绳产生反向作用力。该力的方向与地球自转方向相反，起到阻碍地球自转的作用，故A正确。BF小于维持圆周运动所需的向心力F。若平衡锤与空间站间的缆绳断裂，因万有引力不足以提供向心力，平衡锤将做离心运动，而非近心运动，故B错误。第12页/共23页

C．当运载舱相对地面匀速上升时，其竖直速度分量恒定，但切向速度v=ωr随半径r增大而增大，因此宇EkEpE航员机械能的增量由舱底支持力N与侧壁提供的侧向力共同做功实现。侧向力对切向动能的增加做功，而舱底支持力N主要克服重力做功，因此舱底支持力对宇航员所做的功小于宇航员机械能的增加量，故C正确。D其所需向心力与万有引力的差值越大，所产生的补偿张力也越大。因此，应将平衡锤安置在更高的轨道上，故D错误。故选AC。非选择题部分三、非选择题（共5小题，共分）14.如图1为“验证机械能守恒定律”实验装置。（1）下列说法正确的是A.图中打点计时器直接使用220V交流电源B.打点计时器限位孔须处于同一竖直线上C.一定要选用第一个点迹清晰的纸带D.实验绘出v2—h图像，图线有没有过原点与机械能是否守恒无关（22所示，实验中得到一条点迹清晰的纸带。在纸带的后端选择连续的打点作为计数点，并且标上1、2、3、4、5。电源频率为50Hz。第13页/共23页

①在打计数点4时，重物的速度为____m/s，重物下落的加速度g=____m/s2（结果均保留2②选取第一个打点和计数点4来验证机械能守恒。已知重物质量为0.2kg，第一个打点对应的速度为0，计数点1与第一个打点的距离为，当地重力加速度g=9.8m/s2，则在计算重物的重力势能减少量△Ep时，重力加速度应选用____（选填“g”或“g”E____（选填“大于”“小于”或“等于”）重物动能的增加量△E，其原因可能是____。A．纸带与限位孔间存在摩擦阻力B．电源的实际频率小于50HzC．计算△Ep时重力加速度选择错误【答案】（1）BD（2）①1.9##1.8##2.0②.8.8##8.7##8.9③.g2④.大于⑤.A【解析】【小问1详解】A．图中电磁打点计时器使用的是8V低压交流电源，故A错误；B且两个限位孔在同一竖直线上，故B正确；CC错误；D．机械能是否守恒只与图线的斜率有关，与图线有没有过原点无关，故D正确。故选BD。【小问2详解】[1]打计数点4时，重物的速度[2]重物下落的加速度[3]在计算重物的重力势能减少量△Ep时，重力加速度应选用[4]重物重力势能的减少量△Ep大于重物动能的增加量△Ek第14页/共23页

[5]A．纸带与限位孔间存在摩擦阻力，由于摩擦阻力做负功，重物动能的增加量△Ek偏小，所以重物重力势能的减少量△Ep大于重物动能的增加量△E，故A正确；B50Hz会使重物重力势能的减少量△Ep大于动能的增加量△E，故B错误；C．若计算△Ep时重力加速度误选了，会造成重物重力势能的减少量△Ep偏小，不会使重物重力势能的减少量△Ep大于动能的增加量△E，故C错误。故选A。15.（11所示虚线框内为一多用电表欧姆挡的内部电路。若已知干电池（E=1.5Vr=1ΩR0（0～800Ω“电流表（0～100μA1.5kΩ”或“电流表（0～1mA1kΩ”电流表____（选填“A”或“B”）（2）下列说法正确的是A.选择开关置于欧姆挡“×10”，先后测量电阻甲和乙，在测完甲的阻值后，不改变挡位再测量电阻乙，无需重新进行电阻调零。B.为减小误差，测量电阻时指针的偏角要尽量大一些C.表盘上直接读取的示数，即为待测电阻的阻值D.如果不能估计未知电阻的大小时，可以先用中等倍率的某个欧姆挡试测，然后根据读数的大小选择合适的挡位再次测量（3）换用另一只多用电表来测量电压表的内阻，如图2所示第15页/共23页

①电压表的正极与多用电表的____（选填“红表笔”或“黑表笔”）相连。②若欧姆挡的中值刻度为“15”“×100”R=____Ω。此时，电压表的示数为U，则干电池的电动势E=____（用字母U【答案】（1）B（2）AD（3）①.黑表笔②.3000③.1.5U【解析】【小问1详解】若用电流表A，则需调零电阻若用电流表B，则需调零电阻则应该选电流表B。【小问2详解】A．先后测量电阻甲和乙时，因不改变挡位，则无需重新进行电阻调零，A正确。B．为减小误差，测量电阻时指针的偏角要尽量指在中间位置附近，B错误；C．表盘上读取的示数乘以倍率为待测电阻的阻值，C错误；D的挡位再次测量；若指针偏角过大，则应该换成较低档位；若指针偏转过小则应换成较高档位，D正确。故选AD。【小问3详解】①[1]根据“红进黑出”，则电压表的正极与多用电表的黑表笔相连。第16页/共23页

②[2][3]若欧姆挡的中值刻度为“15”，选择欧姆挡“×100”，则欧姆表内阻为R=1500Ω，则由，则电压表的内阻R=3000Ω。此时，电压表的示数为U，则干电池的电动势。16.感器相连，下端与洗衣缸相通。注水时，细管内被封闭的空气随水面上升逐渐被压缩。细管内空气柱刚被封闭时的长度为L=52cmL=50cmp=1.0×105Pag=10m/s2ρ=1.0×103kg/m3。（1）缓慢注水时，空气柱的内能_____（选填“增大”“减小”或“不变”（2）求启动停止注水程序时，两水面的高度差h；（3）为了提高洗涤效果，停止进水后对水缓慢进行加热，空气柱的温度也升高，假设升温过程中空气柱吸收的热量为Q，内能增加ΔU，求此过程水对空气柱做的功W。【答案】（1）不变（2）（3）【解析】【小问1详解】理想气体的内能仅由温度决定，缓慢注水时气体温度保持不变，因此空气柱的内能不变。【小问2详解】封闭气体做等温变化，根据玻意耳定律第17页/共23页

因为，，（S为细管横截面积）联立解得两水面高度差【小问3详解】根据热力学第一定律有整理得17.质量为m1的滑块aa的右上部分为半径R=1.2m的光滑圆弧BAAm=1kg可视为质点的小滑块b从Bb运动到A点时的对地速度v=4m/s，离开Acc平行，cm=4kgθ=37°，c与斜面之间的动摩擦因数µ=0.76，b与c之间的动摩擦因数µ=0.8，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。（1）求b刚滑入c的速度大小v；（2）若将c锁定在斜面上，求b在c上滑行的距离l；（3）求a的质量m；（4cc一个沿斜面向下的瞬时冲量I=10kg·m/sb刚好滑入cb滑入c到两者相对静止的过程中，求b、c间摩擦产生的热量Q。【答案】（1）（2）（3）（4）【解析】【小问1详解】b在离开A后到滑入c的过程中做平抛运动，水平方向分速度不变，则有第18页/共23页

解得【小问2详解】b在c上滑行时受到自身重力、c对其的支持力和沿斜面向上的摩擦力根据牛顿第二定律可知，沿斜面方向有解得根据匀变速直线运动速度位移关系，有解得【小问3详解】滑块b从B运动到A的过程，根据动量守恒有根据机械能守恒有联立解得【小问4详解】由于可知c受力平衡，先做匀速运动；b减速运动的加速度为根据动量定理可得c的初速度为b减速到与c共速过程中有b在c上滑行的距离为b、c间摩擦产生的热量Q=联立代入数据解得18.轴向磁通永磁发电机能实现“”1图26体盘组成转子并随转轴OO´沿顺时针方向一起转动，永磁体产生的6个面积与线圈分别相同的扇形磁场也B6第19页/共23页

制线圈的导线两端A、B与连有灯泡L和电键K的外电路相连。已知扇形外半径为r，内半径为r，每个线圈的电阻均为R，灯泡L的电阻为6R，额定电压为U，不计线圈电感及线圈间的空隙，不计阻力。（1Kω0AB间的电压U；（2）当转动稳定后，灯泡恰好正常发光，如图2中，此时线圈两侧磁场面积大小相同，从此时刻开始计时到转子转动过程中，求通过单个线圈的磁通量Φ的绝对值和时间t满足的关系；（3）若