2026版高考物理步步高大二轮（标准版）考前特训选择题提速练含答案

2026版高考物理步步高大二轮（标准版）考前特训选择题提速练选择题提速练(1)[分值：44分](限时：25分钟)一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.(2025·黑吉辽蒙卷·1)书法课上，某同学临摹“力”字时，笔尖的轨迹如图中带箭头的实线所示。笔尖由a点经b点回到a点，则()A.该过程位移为0B.该过程路程为0C.两次过a点时速度方向相同D.两次过a点时摩擦力方向相同答案A解析笔尖由a点经b点又回到a点的过程，初位置和末位置相同，但轨迹长度不为零，所以位移为零，路程不为零，故A正确，B错误；两次过a点时轨迹的切线方向不同，则速度方向不同，故C错误；摩擦力方向与笔尖的速度方向相反，则两次过a点时摩擦力方向不同，故D错误。2.(2025·重庆卷·2)易碎物品运输中常采用缓冲气袋减小运输中冲击。若某次撞击过程中，气袋被压缩(无破损)，不计袋内气体与外界的热交换，则该过程中袋内气体(视为理想气体)()A.分子热运动的平均动能增加B.内能减小C.压强减小D.对外界做正功答案A解析气袋被绝热压缩时气体体积减小，外界对气体做功，内能增加，温度升高，分子热运动的平均动能增加，故A正确，B、D错误；根据理想气体状态方程pVT=C，体积减小，温度升高，可知压强增大，故C3.(2025·四川遂宁市二模)某公司在测试无人机的机动性能时，记录了无人机从地面起飞后其竖直方向的速度—时间图像如图所示，其中4~6s内的图线为曲线，其余均为直线。不计空气阻力，关于无人机，下列说法正确的是()A.4s时加速度为零B.6s时离地面最高C.0~4s内处于失重状态D.6~7s内竖直位移大小为5m答案D解析v-t图像的斜率表示加速度，4s时，图像的斜率不等于0，所以4s时加速度不为零，故A错误；0~7s内，速度方向一直为正，7s时离地面最高，故B错误；0~4s内，加速度方向向上，无人机处于超重状态，故C错误；v-t图像与t轴围成的面积表示位移，6~7s内的竖直位移大小为x=12×10×1m=5m，故D4.(2025·河南省五市第一次联考)碳14具有放射性，其衰变方程为614C→A.碳14发生的是α衰变B.X是来自原子核外的电子C.10个碳14经过5730年有5个发生衰变D.714N的比结合能比答案D解析根据质量数、电荷数守恒，可知核反应方程为614C→714N+-10e，可知碳14发生的是β衰变，故A错误；结合上述可知，X是电子，是原子核内中子向质子转化的过程中形成的，X不是来自原子核外的电子，故B错误；半衰期是描述大量原子核衰变快慢的物理量，对少数原子核不适用，10个碳14经过5730年不一定有5个发生衰变，故C错误；结合上述，碳14发生的是衰变，衰变反应释放能量，反应后的原子核更稳定，可知75.(2025·福建卷·2)某理想变压器如图甲，原、副线圈匝数比为4∶1，输入电压随时间的变化图像如图乙，R1的阻值为R2的2倍，则()A.副线圈中交变电流的周期为2.5sB.电压表示数为12VC.副线圈中的电流为通过R1电流的2倍D.原、副线圈功率之比为4∶1答案B解析由题图乙可知，交流电的周期为2.25s，故A错误；根据题图乙可知，输入电压最大值Um=482V，则输入电压有效值为U1=Um2=48V，电压表示数即副线圈输出电压U2=n2n1U1=12V，故B正确；R1的阻值为R2的2倍，根据并联电路规律和欧姆定律可知，流经R1和R2的电流之比为1∶2，副线圈干路电流等于流经两电阻的电流之和，则副线圈干路的电流为流经R1的电流的36.(2025·浙江杭州市二模)如图所示为加速度计，滑块可以在光滑的框架中平移，两侧用相同的轻弹簧拉着。R为阻值随滑动距离均匀变化的滑动变阻器，两个电池完全相同。加速度为零时，电压表指针的零点位于表盘中央，当P端的电势高于Q端时，指针向零点右侧偏转。下列说法正确的是()A.电压表的指针向零点右侧偏转表示加速度向右B.若仅弹簧的劲度系数变为原来的2倍，则量程变为原来的2倍C.若仅滑块质量变为原来的2倍，则量程变为原来的2倍D.若仅两电池的内阻不相等时，无需重新调零答案B解析电压表的指针向零点右侧偏转，滑块所受弹力的合力向左，则加速度向左，A错误；设两侧弹簧的劲度系数均为k，滑块质量为m，位移为x，则有2kx=ma，故加速度量程与k成正比、与m成反比。仅把弹簧劲度系数变为原来的2倍，量程随之变为原来的2倍，若仅将滑块质量变为原来的2倍，则量程应变为原来的一半，B正确，C错误；零点位置(加速度为零时电压表指针的居中位置)需依赖两电池的对称性(含内阻在内)。若两电池内阻不等，则原先的中点不再对应电势相等，需要重新调零，D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7.(2025·福建漳州市模拟)如图所示，在“嫦娥”探月工程中，设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0，飞船在半径为4R的圆形轨道Ⅰ上运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B时，再次点火进入近月轨道Ⅲ绕月做圆周运动，忽略月球自转的影响则()A.飞船在轨道Ⅲ的运行速率大于gB.飞船在轨道Ⅰ上运行速率小于在轨道Ⅱ上B处的速率C.飞船在轨道Ⅰ上的重力加速度小于在轨道Ⅱ上B处的重力加速度D.飞船在轨道Ⅰ、轨道Ⅲ上运行的周期之比TⅠ∶TⅢ=4∶1答案BC解析设月球的质量为M，飞船的质量为m，飞船在轨道Ⅲ上绕月运动速度为v，飞船在近月轨道做圆周运动的半径近似为月球半径，由万有引力提供向心力，可得GMmR2=mv2R，又GMmR2=mg0，联立解得v=g0R，故A错误；由GMmr2=mv2r，解得v=GMr，可知轨道的半径越大，速度越小，所以飞船在轨道Ⅰ上的速度小于在轨道Ⅲ上的速度；而飞船在轨道Ⅱ的B点减速做近心运动进入轨道Ⅲ，所以飞船在轨道Ⅱ的B点的速度大于飞船在轨道Ⅲ上的速度，所以飞船在轨道Ⅰ上的运行速率小于在轨道Ⅱ上B处的速率，故B正确；由GMmr2=ma，解得a=GMr2，可知轨道的半径越大，加速度越小，所以飞船在轨道Ⅰ上的重力加速度小于在轨道Ⅱ上B处的重力加速度，故C正确；由万有引力充当向心力的周期公式GMmr28.(2024·山东卷·10)如图所示，带电量为+q的小球被绝缘棒固定在O点，右侧有固定在水平面上、倾角为30°的光滑绝缘斜面。质量为m、带电量为+q的小滑块从斜面上A点由静止释放，滑到与小球等高的B点时加速度为零，滑到C点时速度为零。已知AC间的距离为s，重力加速度大小为g，静电力常量为k，下列说法正确的是()A.OB的距离l=3B.OB的距离l=3C.从A到C，静电力对小滑块做功W=-mgsD.AC之间的电势差UAC=-mgs答案AD解析由题意知小滑块在B点处的加速度为零，则根据受力分析有沿斜面方向mgsin30°=kq2l解得l=3A正确，B错误；设小滑块从A到C的过程，静电力对小滑块做的功为W，因为滑到C点时速度为零，根据动能定理有W+mgssin30°=0解得W=-mgs故C错误；根据电势差与静电力做功的关系可知AC之间的电势差UAC=Wq=-故D正确。9.(2025·山东省齐鲁名校联考)如图甲所示，均匀介质中有两波源S1、S2位于xOy平面内，其坐标分别为(0，0)、(6m，0)，t=0时刻两波源同时沿垂直xOy平面方向做简谐振动，其振动图像如图乙、丙所示。经过t1=2.5s，两波首次在A点(3m，4m)相遇，质点B的坐标为(0，8m)。下列说法正确的是()A.两列波的波长均为4mB.t2=7s时，质点B在平衡位置向下振动C.0~10s内，质点B运动的路程为48cmD.质点A振动的频率比质点B大答案AB解析由题图可知两波的周期均为2s，波速为v=xt1=5m2.5s=2m/s，波长λ=v·T=2×2m=4m，A正确；B点到两波源距离之差为ΔxB=10m-8m=2m，则B点振动加强，A点振动减弱，但是两质点振动频率仍相同，D错误；B点为振动加强点，且B点振动方向始终和O点波源相同，故7s时恰好通过平衡位置向下振动，B正确；从0时刻起，经4s，S1传到B点，经5s，S2传到B点，所以B点运动的路程为s=1×2cm+4×4×2.5cm=42cm10.(2025·福建卷·7)空间中存在垂直纸面向里的匀强磁场与水平向右的匀强电场，匀强磁场的磁感应强度的大小为B，电场强度的大小为E，一带电体在复合场中恰能沿着MN做匀速直线运动，MN与水平方向成45°，NP水平向右。带电体的带电荷量为q，速度为v，质量为m，重力加速度为g，当带电体到N时，撤去磁场，一段时间后带电体经过P点，则()A.电场强度的大小为E=2B.磁感应强度的大小为B=2C.N、P两点的电势差为U=2D.带电体从N→P时距离NP的最大值为v答案BC解析带电体在复合场中能沿着MN做匀速直线运动，可知带电体受力情况如图甲所示。由平衡条件可知mg=qE，qvB=2mg，解得电场强度的大小为E=mgq，磁感应强度的大小为B=2mgqv，故A带电体到达N点撤去磁场后，带电体所受合力方向与运动方向垂直，做类平抛运动，如图乙所示，加速度a=F合m=2g，带电体到达P点时，位移偏转角为45°，故在P点，速度偏转角的正切值tanθ=2tan45°=2，则vy=vxtanθ=2v，所以带电体在P点的速度vP=vx2+vy2=5v，从N到P过程，由动能定理有qU=12mvP2-12mv2，解得N、P两点间的电势差U=2mv2q，故C正确；将带电体在N点的速度沿水平方向和竖直方向进行分解，可知带电体在竖直方向做竖直上抛运动，且vNy=[分值：44分](限时：25分钟)一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.(2025·河南卷·8改编)贾湖骨笛是河南博物院镇馆之宝之一，被誉为“中华第一笛”。其中一支骨笛可以发出A5、B5、C6、D6、E6等音。已知A5音和D6音所对应的频率分别为880Hz和1175Hz，则()A.在空气中传播时，A5音的波长小于D6音的B.在空气中传播时，A5音的波速小于D6音的C.由空气进入水中，A5音和D6音的频率都变大D.由空气进入水中，A5音的波长改变量大于D6音的答案D解析机械波的传播速度只与介质有关，因此A5音和D6音在空气中波速相同，B错误；由λ=vf可知，A5音的波长大于D6音的波长，A错误；机械波由空气进入水中，频率f不发生变化，C错误；机械波由空气进入水中，波长的改变量为Δλ=v'-vf，其中两种波在水中波速2.(2025·重庆市模拟)某兴趣小组对劈尖干涉条纹进行研究时将两平板玻璃叠放，在右端夹入一薄片，如图所示。当波长为λ的可见光从玻璃板正上方入射后可观察到明暗相间的条纹，下列说法正确的是()A.若将右端薄片向左移动一点，则条纹间距变大B.若将右端薄片向左移动一点，则条纹间距变小C.若换波长更长的可见光入射，则条纹间距变小D.若换波长更长的可见光入射，则条纹间距不变答案B解析第n条亮条纹满足2dn=nλ，第n+1条亮条纹满足2dn+1=(n+1)λ，因为tanθ=dn+1-dnΔx，所以Δx=λ2tanθ，若将右端薄片向左移动一点，θ变大，Δx变小，故A错误，3.(2025·江苏卷·9)如图所示，平行金属板与电源连接。一点电荷由a点移动到b点的过程中，电场力做功为W。现将上、下两板分别向上、向下移动，使两板间距离增大为原来的2倍，再将该电荷由a移动到b的过程中，电场力做功为()A.W2 B.W C.2W D.4答案A解析电容器与电源保持连接，电容器两端电压不变，现将电容器两极板间距增大至原来的两倍，由公式E=Ud可知，极板间电场强度变为原来的12，则由W=Eqd'可知，再把该电荷由a移至b，则电场力做功变为原来的12，即电场力做功为W4.(2025·重庆市模拟)一容积为V0的金属氧气瓶内装有可视为理想气体的氧气。用该氧气瓶先后给甲、乙两个完全相同的氧气袋充气，每个氧气袋充气前袋内均无气体，充满氧气后容积均为V，且每次充气结束时氧气袋和氧气瓶中的气体压强相同。整个过程中，氧气温度保持不变。则充满氧气后，甲、乙两个氧气袋中的气体压强之比为()A.(V0+VV0)2 B.V答案B解析甲充气后，氧气瓶和甲氧气袋中气体压强相同，且设为p甲，乙充气后，氧气瓶和乙氧气袋中气体压强相同，且设为p乙，则p甲V0=p乙(V0+V)，联立可得p甲p乙=V5.(2025·辽宁本溪市二模)如图所示，半圆柱体Q放置在粗糙水平面上，与Q完全相同的光滑半圆柱体P放置在光滑的竖直墙壁与Q之间，两个半圆柱体均处于平衡状态。若将Q向左移动一小段距离，两个半圆柱体仍处于平衡状态，则()A.P与墙壁之间的弹力增大B.P与墙壁之间的弹力不变C.P与Q之间的弹力减小D.Q与水平面间的弹力增大答案C解析P受重力G、墙壁的弹力FN及Q的弹力F，对P受力分析如图所示。两半圆柱体间的弹力一定垂直于过接触点的切线，即力的作用线过两个圆心，P的重力与墙壁的弹力可以平移，三个力形成一个封闭的三角形，若将Q向左移动一小段距离，则弹力F的方向发生了变化，而FN的方向不变，G的大小、方向均不变，在三角形ABC中，表示F的斜边A端不动，C端在BC上滑动，P与墙壁之间的弹力FN减小，P与Q之间的弹力F也减小，对整体分析，Q与水平面间的弹力等于P与Q的重力之和，即Q与水平面间的弹力不变。故选C。6.(2025·河南郑州市二模)光电倍增管是检测微弱光信号的光电转换元件，具有极高的灵敏度和超快的时间响应。管内除光电阴极和阳极外，两极间还放置多个倍增电极。使用时相邻两倍增电极间均加有电压，以此来加速电子。如图所示，光电阴极受光照后释放出光电子，在电场作用下射向第一倍增电极，引起电子的二次发射，激发出更多的电子，然后在电场作用下飞向下一个倍增电极，又激发出更多的电子，如此电子数不断倍增，使得光电倍增管的灵敏度比普通光电管要高得多，可用来检测微弱光信号。下列说法正确的是()A.光电倍增管正常工作时，每个极板都发生了光电效应B.光电倍增管中增值的能量来源于相邻两个倍增电极间的加速电场C.图中四块极板的电势为φ1>φ2>φ3>φ4D.每个光电倍增管都适用于检测各种频率的光答案B解析光电倍增管正常工作时，光电阴极受光照后释放出光电子，发生了光电效应，而每个倍增电极上的电子是由于被加速后的电子撞击而逸出的，并未发生光电效应，故A错误；电子在光电倍增管运动的过程中只有电场力做功，光电倍增管中增值的能量来源于相邻两倍增电极间的加速电场，故B正确；电子带负电，加速电场的方向应与电子运动方向相反，所以题图中四块极板的电势为φ4>φ3>φ2>φ1，故C错误；只有满足一定频率的光照射时才能发生光电效应，从而逸出光电子，可知光电倍增管并不是适用于各种频率的光，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7.(2025·天津市河北区一模)在匀强磁场中，一个100匝的闭合矩形金属线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化。设线圈总电阻为2Ω，则()A.t=0时，线圈平面平行于磁感线B.t=1.0s时，线圈中的电流改变方向C.t=1.5s时，线圈中的感应电动势最大D.线圈中产生的感应电动势瞬时值表达式为e=4πcosπt(V)答案AD解析t=0时，磁通量为零，线圈平面平行于磁感线，故A正确；每经过一次中性面(线圈平面垂直于磁感线，磁通量有最大值)，电流的方向改变一次，t=1.0s时，磁通量为零，线圈平面平行于磁感线，此时不是中性面，线圈中的电流没有改变方向，故B错误；t=1.5s时，磁通量有最大值，但磁通量的变化率为零，根据法拉第电磁感应定律可知线圈中的感应电动势为零，故C错误；由题图可知线圈从垂直中性面开始计时，感应电动势瞬时值表达式为e=Emcosωt，其中ω=2πT=πrad/s，感应电动势最大值为Em=NBSω=NΦm·2πT=4πV，则感应电动势瞬时值表达式为e=4πcosπt(V)，故8.(2025·山东菏泽市一模)2025年1月21日1时12分，经过约8.5小时的出舱活动，神舟十九号乘组航天员蔡旭哲、宋令东、王浩泽密切协同，在空间站机械臂和地面科研人员的配合支持下，完成了空间站空间碎片防护装置安装、舱外设备设施巡检等任务。神舟十九空间站运行轨道距地面高度约400千米。航天员进行舱外巡检任务时与空间站相对静止。已知地球半径R=6400km，地球表面的重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是()A.此时航天员不受重力作用B.空间站运行速度约为7.8km/sC.空间站绕地球运转的周期小于24hD.与空间站同轨同向运行的卫星会与空间站相撞答案BC解析一切物体都受到重力作用，所以航天员与空间站相对静止时仍受重力作用，重力提供向心力，故A错误；在地球表面，有GMmR2=mg，距地面高度约400千米处，根据万有引力提供向心力GMm(R+h)2=mv2R+h，联立两式代入题中数据，解得v≈7.8km/s9.(2024·福建泉州市检测)如图，足够长的粗糙平行金属导轨倾斜固定在水平面上，与水平面的夹角均为θ=37°，导轨间距为L。长为L的金属杆ab和cd垂直导轨放置，质量分别为m和2m，电阻均为R，与导轨间的动摩擦因数大小均为0.75，整个装置处于方向垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。现同时使金属杆ab和cd分别获得大小为v0和2.5v0的初速度，方向如图所示，运动过程中两金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好。从开始运动到运动稳定的过程中，tanθ=0.75，下列说法正确的是()A.刚开始运动ab杆的电流方向从b到aB.通过ab杆的电荷量为mC.回路产生的热量为34mD.杆ab、cd间距离缩小了2答案ACD解析同时使金属杆ab和cd获得大小为v0和2.5v0的初速度，根据题意可以判断，两电动势方向相反，所以根据右手定则可以判断，刚开始运动ab杆的电流方向由cd杆决定，从b到a，故A正确；因为μ=tanθ，且两棒安培力等大反向，所以系统合力为零，动量守恒，mv0+2m×2.5v0=(m+2m)v，解得v=2v0，对cd分析2m×2v0-2m×2.5v0=-BILt=-BLq，解得q=mv0BL，故B错误；根据能量守恒，回路产生的热量为Q=12mv02+12×2m×(2.5v0)2-12×3m×(2v0)2，解得Q=34mv02，故C正确；根据10.(2025·福建卷·8)传送带沿顺时针方向转动的速度大小恒为1m/s。两个物块A、B用一根轻弹簧连接，A的质量为1kg，B的质量为2kg，A与传送带间的动摩擦因数为0.5，B与传送带间的动摩擦因数为0.25。t=0时，将两物块放置在传送带上，给A一个向右的初速度v0=2m/s，B的速度为零，弹簧自然伸长。在t=t0时，A与传送带第一次共速，此时弹簧的弹性势能Ep=0.75J，传送带足够长，重力加速度g取10m/s2，A可在传送带上留下痕迹，则()A.在t=t0B.t=t0时，B的速度大小为0.5m/sC.t=t0时，弹簧的压缩量为0.2mD.0~t0过程中，A在传送带上留下的痕迹长度小于0.05m答案BD解析根据题意可知传送带对A、B的滑动摩擦力大小分别为FfA=0.5×1×10N=5N，FfB=0.25×2×10N=5N。初始时A向右减速，B向右加速，FfA=FfB，摩擦力方向相反，故可知在A与传送带第一次共速前，A、B整体所受合外力为零，系统动量守恒，有mAv0=mAv+mBvB，v=1m/s，代入数据解得t=t0时，B的速度大小为vB=0.5m/s，在A与传送带第一次共速前，任意时刻对A、B受力分析，根据牛顿第二定律有FfA+F弹=mAaA，FfB+F弹=mBaB，由于mA<mB，可知aA>aB，故A错误，B正确；在0~t0时间内，设A、B向右运动的位移分别为xA、xB，由功能关系有-FfAxA+FfBxB+12mAv02=12mAv2+12mBvB2+Ep，解得xA-xB=0.1m，故弹簧的压缩量为Δx=xA-xB=0.1m，故C错误；0~t0时间内，A与传送带的相对位移大小为x相A=xA-vt0，B与传送带的相对位移大小为x相B=vt0-xB，故可得x相A+x相B=xA由于0~t0时间内A向右做加速度逐渐增大的减速运动，B向右做加速度逐渐增大的加速运动，且满足aA=2aB，作出A、B的v-t图像，可知x相A对应图形MNA的面积，x相B对应图形NOBA的面积，故可得x相A<x相B，结合x相A+x相B=0.1m，可知x相A<0.05m，故D正确。选择题提速练(4)[分值：44分](限时：25分钟)一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.(2025·河南卷·1)野外高空作业时，使用无人机给工人运送零件。如图，某次运送过程中的一段时间内，无人机向左水平飞行，零件用轻绳悬挂于无人机下方，并相对于无人机静止，轻绳与竖直方向成一定角度。忽略零件所受空气阻力，则在该段时间内()A.无人机做匀速运动B.零件所受合外力为零C.零件的惯性逐渐变大D.零件的重力势能保持不变答案D解析无人机沿水平方向向左飞行，零件相对于无人机静止，也沿水平方向向左飞行做直线运动，故零件的高度不变，零件的重力势能保持不变，D正确；零件受重力和轻绳的拉力作用，合外力水平向左，零件水平向左做匀加速直线运动，A、B错误；惯性的大小只与质量有关，零件的质量不变，故零件的惯性不变，C错误。2.(2025·河南南阳市调研)如图为A、B两分子间的分子势能Ep与两分子间距离x的变化关系曲线，其中A分子固定在坐标原点O，B分子从位置x1处由静止释放，A、B两分子间仅存在分子力作用，下列说法正确的是()A.B分子从位置x1运动到位置x2过程中，速度在增大，分子力也在增大B.B分子在位置x2时，速度最大，分子动能和分子势能之和大于0C.B分子从位置x2运动到位置x3过程中，分子力对其做正功D.B分子在位置x1和位置x3间做往复运动答案D解析B分子从位置x1运动到位置x2过程中，分子势能减小，动能增大，速度在增大，则分子力做正功，分子力表现为斥力，分子力在减小，故A错误；B分子在位置x2时，分子势能最小，动能最大，速度最大，分子动能和分子势能之和保持不变，则分子动能和分子势能之和小于0，故B错误；B分子从位置x2运动到位置x3过程中，分子力表现为引力，分子力对其做负功，故C错误；根据能量守恒，B分子在位置x1和位置x3间做往复运动，故D正确。3.(2025·湖南卷·3)如图，ABC为半圆柱体透明介质的横截面，AC为直径，B为ABC的中点。真空中一束单色光从AC边射入介质，入射点为A点，折射光直接由B点出射。不考虑光的多次反射，下列说法正确的是()A.入射角θ小于45°B.该介质折射率大于2C.增大入射角，该单色光在BC上可能发生全反射D.减小入射角，该单色光在AB上可能发生全反射答案D解析根据题意，画出光路图，如图甲所示，由几何关系可知，折射角为45°，则由折射定律有n=sinθsin45°=2sinθ>1，则有sinθ>22，n<2，解得θ>45°，故A、B错误；根据题意，由sinC=1n，可知sinC>2增大入射角，光路图如图乙所示，由几何关系可知，光在BC上的入射角小于45°，则该单色光在BC上不可能发生全反射，故C错误；减小入射角，光路图如图丙所示，由几何关系可知，光在AB上的入射角大于45°，可能大于临界角，则该单色光在AB上可能发生全反射，故D正确。4.(2025·山东济宁市模拟)如图所示，两等量异种点电荷分别处于正方形ABCD上的A、B两点，M、N、P分别为对应边的中点。下列说法正确的是()A.M、N两点的电场强度相同B.M、N两点的电势相同C.P点的电场强度小于M点的电场强度D.电子从M点沿直线移动到D点，电势能增加答案D解析由等量异种电荷的电场的特点知，M、N两点的电场强度大小相同，方向不同，故A错误；根据距正电荷越近电势越高，距负电荷越近电势越低，及电势的叠加原理可知，M、N两点的电势关系为φM>φN，故B错误；设正方形边长为l，根据矢量求和定则知，P点的电场强度为2kq2(l2)2=8kq2l2，而M点的电场强度为水平向右的kq2(l2)2与沿MB方向的5.(2025·江苏盐城市模拟)操场上两同学练习排球，在空中同一水平直线上A、B两点处分别把相同的两球1、2同时击出，球1做平抛运动，球2做斜抛运动，两球的运动轨迹在同一竖直平面内，如图，轨迹交于P点，P是AB连线中垂线上一点，球1的初速度为v1，球2的初速度为v2，不考虑排球的旋转，两球从抛出到P点的过程中()A.单位时间内，球1速度的变化大于球2速度的变化B.两球在P点相遇C.球2在最高点的速度小于v1D.球1动量的变化大于球2动量的变化答案C解析由于两球的加速度均为重力加速度，所以单位时间内，球1速度的变化等于球2速度的变化，故A错误；两球运动到P点，下落的高度相同，对球1，有x=v1t1，y=12gt12，对球2，有x=v2cosθ·t2，y=-v2sinθ·t2+12gt22，由此可知t1<t2，v1>v2cosθ，所以球1先经过P点，两球不会在P点相遇，球2在最高点的速度小于v1，故B错误，C正确；根据动量定理可得mgt=Δp，由于t1<t2，所以球6.(2025·山东卷·7)如图为一种交流发电装置的示意图，长度为2L、间距为L的两平行金属电极固定在同一水平面内，两电极之间的区域Ⅰ和区域Ⅱ有竖直方向的磁场，磁感应强度大小均为B、方向相反，区域Ⅰ边界是边长为L的正方形，区域Ⅱ边界是长为L、宽为0.5L的矩形。传送带从两电极之间以速度v匀速通过，传送带上每隔2L固定一根垂直运动方向、长度为L的导体棒，导体棒通过磁场区域过程中与电极接触良好。该装置产生电动势的有效值为()A.BLv B.2BLvC.3BLv2 答案D解析由题意可知每根导体棒通过磁场区域过程需要的时间，即周期为T=2Lv，导体棒通过区域Ⅰ时，产生的电动势大小为E1=BLv，经过的时间为t1=Lv=T2，导体棒通过区域Ⅱ时，产生的电动势大小为E2=B×0.5Lv，经过的时间为t2=Lv=T2，根据交变电流有效值的定义有E12R·T2+E22R二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7.(2024·湖南卷·7)2024年5月3日，“嫦娥六号”探测器顺利进入地月转移轨道，正式开启月球之旅。相较于“嫦娥四号”和“嫦娥五号”，本次的主要任务是登陆月球背面进行月壤采集并通过升空器将月壤转移至绕月运行的返回舱，返回舱再通过返回轨道返回地球。设返回舱绕月运行的轨道为圆轨道，半径近似为月球半径。已知月球表面重力加速度约为地球表面的16，月球半径约为地球半径的1A.其相对于月球的速度大于地球第一宇宙速度B.其相对于月球的速度小于地球第一宇宙速度C.其绕月飞行周期约为地球上近地圆轨道卫星周期的23D.其绕月飞行周期约为地球上近地圆轨道卫星周期的32答案BD解析返回舱在该绕月轨道上运动时万有引力提供向心力，且返回舱绕月运行的轨道为圆轨道，半径近似为月球半径，则有mg月=mv月2R月得v由于地球第一宇宙速度为近地卫星的环绕速度，同理可得v地=g地R由①②可得v月=612v地再根据线速度和周期的关系有T=2πv·R，T月T地=R得T月=32T地8.(2025·甘肃卷·8)如图，轻质弹簧上端固定，下端悬挂质量为2m的小球A，质量为m的小球B与A用细线相连，整个系统处于静止状态。弹簧劲度系数为k，重力加速度为g。现剪断细线，下列说法正确的是()A.小球A运动到弹簧原长处的速度最大B.剪断细线的瞬间，小球A的加速度大小为gC.小球A运动到最高点时，弹簧的伸长量为mgD.小球A运动到最低点时，弹簧的伸长量为2答案BC解析剪断细线后，弹力大于A的重力，则A先向上做加速运动，随弹力的减小，则向上的加速度减小，当加速度为零时速度最大，此时弹力等于重力，弹簧处于拉伸状态，选项A错误；剪断细线之前F弹=3mg，剪断细线瞬间弹簧弹力不变，则对A由牛顿第二定律F弹-2mg=2ma，解得A的加速度a=g2，选项B正确；剪断细线之前弹簧伸长量x1=3mgk，剪断细线后A做简谐振动，在平衡位置时弹簧伸长量x2=2mgk，即振幅为A=x1-x2=mgk，由对称性可知小球A运动到最高点时，弹簧伸长量为mgk，选项C9.(2025·陕晋宁青卷·10)如图，与水平面成53°夹角且固定于O、M两点的硬直杆上套着一质量为1kg的滑块，弹性轻绳一端固定于O点，另一端跨过固定在Q处的光滑定滑轮与位于直杆上P点的滑块拴接，弹性轻绳原长为OQ，PQ为1.6m且垂直于OM。现将滑块无初速度释放，假设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等。滑块与杆之间的动摩擦因数为0.16，弹性轻绳上弹力F的大小与其伸长量x满足F=kx。k=10N/m，g取10m/s2，sin53°=0.8。则滑块()A.与杆之间的滑动摩擦力大小始终为1.6NB.下滑与上滑过程中所受滑动摩擦力的冲量相同C.从释放到静止的位移大小为0.64mD.从释放到静止克服滑动摩擦力做功为2.56J答案AC解析设滑块下滑后弹性轻绳与PQ间夹角为θ时，对滑块进行受力分析，如图所示，由平衡条件有Fcosθ=mgcos53°+FN，由胡克定律结合几何关系有F=kPQcosθ，联立解得FN=k·PQ-mgcos53°=10N，可知滑块与杆之间的弹力不随位置的变化而变化，则滑块与杆之间的滑动摩擦力大小始终为Ff=μFN=1.6N，故A正确；下滑与上滑过程中所受滑动摩擦力的方向不同，则下滑与上滑过程中所受滑动摩擦力的冲量不相同，故B错误；设滑块从释放到静止运动的位移为x，静止时弹性轻绳与PQ间夹角为θ1，由平衡条件有mgsin53°=Ff+kPQcosθ1·sinθ1=Ff+kPQtanθ1，由几何关系可得x=PQ·tanθ1，联立解得x=0.64m，故C正确；从释放到静止，设克服滑动摩擦力做功为W克f，由能量守恒定律有mgsin53°·x=12k(PQ2+x2-PQ2)+W克f，解得W克f10.(2025·山东卷·12)如图甲所示的Oxy平面内，y轴右侧被直线x=3L分为两个相邻的区域Ⅰ、Ⅱ。区域Ⅰ内充满匀强电场，区域Ⅱ内充满垂直Oxy平面的匀强磁场，电场和磁场的大小、方向均未知。t=0时刻，质量为m、电荷量为+q的粒子从O点沿x轴正向出发，在Oxy平面内运动，在区域Ⅰ中的运动轨迹是以y轴为对称轴的抛物线的一部分，如图甲所示。t0时刻粒子第一次到达两区域分界面，在区域Ⅱ中运动的y-t图像为正弦曲线的一部分，如图乙所示。不计粒子重力。下列说法正确的是()A.区域Ⅰ内电场强度大小E=4mLqtB.粒子在区域Ⅱ内圆周运动的半径R=20C.区域Ⅱ内磁感应强度大小B=3m5qD.粒子在区域Ⅱ内圆周运动的圆心坐标(17L答案AD解析粒子在区域Ⅰ中的运动轨迹是以y轴为对称轴的抛物线的一部分，则粒子在y轴方向上有2L=12at02，而a=Eqm，解得E=4mLqt02，带正电粒子受力沿y轴正方向，则电场强度方向沿y轴正方向，A正确；粒子在区域Ⅰ内运动的过程中，x轴方向有3L=v0t0，y轴方向有2L=vy2t0，而v=v02+vy2，解得v=5Lt0；粒子在区域Ⅱ内运动时，最高点与最低点之差为2R=103L--103L=203L，则R=103L，B错误；由qvB=mv2R，可得B=3m2qt0，由题图乙可知粒子在进入区域Ⅱ后先向上运动再向下运动，由左手定则可判断磁感应强度方向垂直Oxy平面向外，C错误；设粒子进入区域Ⅱ时在区域Ⅰ内的位移与水平方向夹角为α，速度与水平方向的夹角为选择题提速练(3)[分值：44分](限时：25分钟)一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.(2025·四川南充市二模)某同学在家对着竖直墙壁练习打乒乓球。某次斜向上发球，球垂直打在墙上后反弹落地，落地点正好在发球点正下方，球在空中运动的轨迹如图，不计空气阻力，关于球离开球拍到第一次落地的过程中，下列说法正确的是()A.球在空中上升和下降过程时间相等B.球落地时的动量一定比抛出时大C.球落地时和抛出时的动能可能相等D.球撞击墙壁过程可能没有机械能损失答案C解析斜上抛运动看作反向的平抛运动，根据h=12gt2，可得t=2hg，由于两种情况下竖直方向运动的高度不同，则运动时间不相等，反弹后运动的时间长，故A错误；虽然反弹落地时乒乓球竖直方向的速度大于原来抛出时竖直方向的速度，但水平方向的速度是斜上抛时的大，所以球落地时的速率不一定比抛出时大，则球落地时的动量不一定比抛出时大，故B错误；虽然碰撞过程中有能量损失，但反弹后下落的高度大，从开始抛出到落地过程中重力做正功，如果整个过程中重力做的功等于乒乓球与墙碰撞过程中损失的能量，则球落地时和抛出时的动能相等，故C2.(2025·江苏盐城市一模)如图所示为研究光电效应的实验装置，用频率为ν的光照射电极K，从电极K逸出的光电子可向各个方向运动。某同学进行了如下操作：(1)用频率为ν1的光照射光电管，此时微安表中有电流，调节滑动变阻器，使微安表示数恰好变为0，记下此时电压表的示数U1；(2)用频率为ν2的光照射光电管，重复(1)中的步骤，记下电压表的示数U2。已知电子的电荷量为e。下列说法正确的是()A.为了使微安表的示数为零，实验中滑动变阻器的滑片P应该向b端移动B.根据题中数据可以得到普朗克常量为h=eC.若仅降低(1)中的光照强度，则微安表最初读数减小，遏止电压会变小D.滑动变阻器的滑片位于b端时，流过微安表的电流方向是从上往下答案B解析滑片P向b端滑动，微安表中的电流会增大，然后保持不变，故A错误；设材料的逸出功为W，由光电效应方程eU1=hν1-W，eU2=hν2-W，解得h=e(U1-U2)ν1-ν2，故B正确；用频率为ν1的光照射光电管，微安表中有电流，说明发生了光电效应，降低光照强度，仍然能发生光电效应，只是电流会变小，光电子的最大初动能不变，遏止电压不会变，故3.(2025·北京卷·8)某小山坡的等高线如图，M表示山顶，A、B是同一等高线上两点，MA、MB分别是沿左、右坡面的直滑道。山顶的小球沿滑道从静止滑下，不考虑阻力，则()A.小球沿MA运动的加速度比沿MB的大B.小球分别运动到A、B点时速度大小不同C.若把等高线看成某静电场的等势线，则A点电场强度比B点大D.若把等高线看成某静电场的等势线，则右侧电势比左侧降落得快答案D解析等高线越密集，坡面越陡，根据牛顿第二定律可得a=gsinθ(θ为坡面与水平面夹角)，MB对应的等高线更密集，坡面更陡，小球沿着MB运动时加速度比沿着MA运动时加速度大，A错误；A、B在同一等高线，小球下落高度相同，根据机械能守恒，运动到A、B点时速度大小相同，B错误；等势线越密集，电场强度越大，B处等势线更密集，A点电场强度比B点小，C错误；等势线越密集，电势降落越快，右侧等势线更密集，右侧电势比左侧降落得快，D正确。4.(2025·河北卷·4)如图，内壁截面为半圆形的光滑凹槽固定在水平面上，左右边沿等高。该截面内，一根不可伸长的细绳穿过带有光滑孔的小球，一端固定于凹槽左边沿，另一端过右边沿并沿绳方向对其施加拉力F。小球半径远小于凹槽半径，所受重力大小为G。若小球始终位于内壁最低点，则F的最大值为()A.12G B.22G C.G D.答案B解析对小球进行受力分析可知当凹槽底部对小球支持力为零时，此时拉力F最大，根据平衡条件有2Fmcos45°=G，解得Fm=22G，故选B5.(2025·安徽省皖江名校联考)将轻质弹簧一端固定在地球某处的水平地面上，在某高度处由静止释放一个小球，小球落在竖直弹簧上，小球速度最大时弹簧的压缩量为x1。假设把该弹簧固定在火星某处的水平地面上，将同一小球由同一高度处静止释放，小球速度最大时弹簧压缩量为x2。已知火星质量约为地球质量的110，直径约为地球直径的12，不考虑星球自转带来的影响，则x1∶xA.2∶5 B.1∶1C.5∶4 D.5∶2答案D解析设地球表面的重力加速度为g，火星表面的重力加速度为g'，在星球表面有mg=GMmR2，解得gg'=52，小球速度最大时受力平衡，根据平衡条件有mg=kx，解得x6.(2025·山东菏泽市一模)如图甲所示，A、B两个物体相互接触，但并不黏合，放置在光滑水平面上。已知mA=1kg，mB=3kg。从t=0开始，水平推力FA和水平拉力FB分别作用于A、B上，FA和FB随时间的变化规律如图乙所示。则()A.t=0.5s时，A、B间的弹力为2NB.t=1s时，A、B分离C.分离时，它们的位移为4.5mD.A、B分离时的速度为4m/s答案D解析根据图像可得FA=6-2t，在0~3s内FB=2+2t，当二者之间的相互作用力恰好为零时开始分离，此时的加速度相等，则有FAmA=FBmB，即6-2t1=2+2t3，解得t=2s，故B错误；t=0.5s时，A、B没有分离，看成一个整体，则有FA+FB=(mA+mB)a，解得a=2m/s2，隔离A，根据牛顿第二定律，有FA-F'=mAa，代入数据解得F'=3N，故A错误；由以上分析可知分离前的加速度为a=2m/s2，分离时，它们的位移为x=12at2=12×2×22m=4m，A、B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7.(2025·山东省齐鲁名校联考)一定质量的理想气体从状态a经过状态b、c、d回到状态a，其压强p与体积倒数1VA.b→c过程中气体要从外界吸收热量B.d→a过程中气体分子在单位时间内对单位面积容器壁的平均碰撞次数不断减小C.a→b过程中外界对气体做的功大于气体放出的热量D.b→c过程中外界对气体做的功大于c→d过程中气体对外界所做的功答案BD解析根据p-1V图像中与原点连线斜率表示温度，可知a→b过程为等温变化，内能不变，体积减小，根据ΔU=W+Q，可知外界对气体做功与放出热量相等，C错误；b→c过程为等压变化，且Tb>Tc，温度降低，内能减小，体积减小，外界对其做功，根据ΔU=W+Q，可知气体向外界放热，A错误；d→a过程为等压变化，由Ta>Td，气体分子撞击器壁的平均撞击力增大，又气体压强不变，则气体分子在单位时间内对单位面积器壁的平均碰撞次数减小，B正确；b、d两状态气体体积相同，即b→c过程