福建省漳州市2025-2026学年（上）期末高中教学质量检测物理（含答案）

2025-2026学年（上）期末教学质量检测

高三物理详解

第Ⅰ卷（选择题共40分）

一、单项选择题∶本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合

题目要求的。

1.【答案】B

【详解】全息照相是利用光的干涉原理记录物光波和参考光波的干涉条纹，再通过光的衍射原理再现物

体的三维图像，A错误；光遇到刀片边缘时会发生衍射现象，导致光线偏离直线传播，进入几何阴影区，

使得影子的边缘模糊不清，B正确；当点光源照射到一个不透明的小圆盘上时，在圆盘后方阴影的中心会

出现一个亮斑，这是光绕过障碍物（衍射）形成的，C错误；增透膜是利用光的干涉原理，通过膜层上下

表面反射光相消干涉，从而减少反射损失，D错误。

2．【答案】B

【详解】圆环上均匀分布着正电荷，根据对称性和叠加原理可知，O点处电场强度为零，x轴正半轴上各

点的场强方向向右，负半轴上各点的场强方向向左，沿着电场线方向电势降低，则O点电势大于零，A错

误，B正确；根据对称性可知P、Q两点电势相等，电场强度大小相等方向相反，C、D错误。

3．【答案】C

【详解】由图乙可知，a机器人先开始运动，b机器人2s时开始运动，A错误；v-t图像面积表示位移，

前3s内a的位移大于b的位移，前4s内a的位移也大于b的位移，且a、b并排在同一位置开始运动，

则3s末、4s末都是a在前，b在后，B错误、C正确；v-t图像斜率表示加速度，2~4s内b匀加速运动，

加速度大小为a-器ms2-2ms'，D错误。

4.【答案】D

【详解】根据可知电子的加速度相同，不同位置进入的电子在竖直方向上位移不同，根据

可知，电子运动的时间不同，A错误；电子在竖直方向的分速度',-a不同，电子击中Q板瞬

间速度不同，B错误；由题意可知，当电子加速时间最长，vy最大，又，可知从

Q板右侧边缘射出的电子的瞬间速度偏转角正切值最大，所以，又，解得，

C错误；极板中间虚线处射入的电子，打在区域的最左端，有，x=v,t'，联立解得，

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则电子击中Q板区域的长度为，D正确。

二、双项选择题∶本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6

分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

5．【答案】AD

【详解】低轨卫星与静止轨道卫星相比运行半径r较小，由得，周期较小，A

正确；由可知，B错误；由得，线速度较大，C错误；由得

,加速度较大，D正确。

6．【答案】AC

【详解】电源电压和原副线圈匝数比不变，则副线圈电压不变，环境光照强度从10lx升至40lx的过程，

光敏电阻RL的阻值逐渐减小，R1与RL的并联电阻变小，其分压减小，电压表V示数变小，A正确；由于

光敏电阻RL的阻值逐渐减小，副线圈接的电路总电阻减小，副线圈电流增大，R0消耗的功率变大，B错

误；当光照强度为10lx时，RL=10Ω,,由得U=55V，则电压表V的示数

,电流表A的示数，C正确；副线圈两端的电压为55V，

电压表V的示数一定小于55V，D错误。

7．【答案】CD

【详解】在最高点b，炮弹竖直速度为零，水平速度不为零，A错误；在最高点b，炮弹受重力和水平空

气阻力，合力大于重力，因此加速度大于g，B错误；炮弹从O到b的过程中，在竖直方向上，受到重力

和阻力在竖直向下的分力，即mg+f=ma，解得，同理b到d的过程中，在竖直方向上，炮

弹受到重力和阻力在竖直向上的分力，即mg-/-ma,，解得，所以a1＞a2，因为竖直位移相

同，加速度越大，时间越小，所以炮弹由O点到b点的时间小于由b点到d点的时间，C正确；由于a、c

等高，重力做功为零，由动能定理可知，从a到c合外力做功即空气阻力做功等于炮弹动能的变化量，D

正确。

8．【答案】AB

【详解】分离前对整体有F合=FA+FB=（8－2t＋2＋2t）N=10N，则F合为恒力，故分离前A、B一起做

匀加速直线运动，A正确；设t时刻A、B恰好分离，AB间的弹力恰好为零，由牛顿第二定律可知FA=mAa，

2

FB=mBa，结合图乙可知FA=（8-2t）N，FB=（2+2t）N，联立解得t=2s，a=2m/s，即A、B在t=2s

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时分离，则t=1.5s时加速度相同，但AB质量不同，A、B所受合力不同，B正确，C错误；t=2.5s时，

A、B已分离，由图乙可知F'B=7N，所以，D错误。

第Ⅱ卷（非选择题共60分）

三、非选择题∶共60分。考生根据要求作答。

9．（3分）

【答案】电子（1分）(m,-m,-m,)c'（2分）

【详解】根据衰变方程，原子序数增加1，质量数不变，可判断该衰变为β衰变，粒子X

为电子；根据质能方程，衰变释放的能量dE=(m,-m,-m,)c'。

10．（3分）

【答案】不变（1分）放出（2分）

【详解】一定质量的理想气体在b→c过程中温度不变，气体内能不变；在c→a过程中压强p不变，体积

V减小，外界对气体做功W>0，由理想气体状态方程可知温度T降低，气体内能减小du<0，由

热力学第一定律du=W+Q可知Q<0，气体放出热量。

11．（3分）

【答案】1（1分）向上（2分）

【详解】根据图像可知水波的周期T=2s，由波速，解得v=1m/s；两浮漂A、B相距

,由此可知当浮漂B在波峰时，浮标A处于平衡位置且向上运动。

12.（5分）

【答案】

（1）③（2分）（2）122.10cm（122.08~122.12）（1分）9.75（9.71~9.79）（2分）

【详解】

（1）为尽可能多拍到小球下落的照片，实验中应先打开手机连拍功能，开始拍摄，再把小球从刻度尺旁

静止释放，③错误。

（2）由图乙可知，第2张照片中小球球心对应的刻度在122.08cm~122.12cm之间，根据AX=gT'得

。

13．（7分）

【答案】

（1）最大（1分）（2）1.5（1分）（3）3.0（2分）1.5（2分）（4）不均匀（1分）

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【详解】为保护电路，闭合开关S前电阻箱R0阻值应调到最大；导体棒单位长度的阻值为

；根据闭合电路欧姆定律有，整理得的关系式为

,结合图乙，纵轴截距和斜率分别为，，联立解得r=1.5Ω,

E=3.0V；用力拉动拉钩时，弹簧伸长，接入电路的阻值减小，则电流增大，由胡克定律和电阻定律得导体

棒阻值随拉力均匀变化，再根据闭合电路欧姆定律，可知I与l不是线性关系，所以在

电流表表盘上每隔相同力的大小标注一个刻度，则刻度分布不均匀。

14．（11分）

【答案】（1）；（2）

【详解】

（1）由动能定理得

①

解得②

（2）离子在磁场中，洛伦兹力提供向心力

③

其中④

解得⑤

评分标准:（1）题①式3分，②式2分，共5分；

（2）题③式3分，④式1分，⑤式2分，共6分。

(用其它方法解答正确的同样给分)

15．（12分）

【答案】（1）20N；（2）m/s；（3）1J

【详解】

（1）小球从最高点到最低点过程由机械能守恒定律得

①

小球与玩具方块碰撞前由牛顿第二定律得

②

解得T=20N③

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（2）小球与玩具方块发生弹性碰撞，碰撞过程动量守恒，碰撞前后动能相等，则

mv,=mv,+mv④

⑤

解得v=、Fm/s⑥

（3）若玩具方块恰好停在平板车右侧，设此时玩具方块与平板车的共同速度为v共，由动量守恒定律和能

量守恒定律得

mv=(m+M)vx⑦

⑧

解得u,=0.2⑨

玩具方块与平板车之间的动摩擦因数μ=0.3>0.2，故玩具方块未滑出小车，由能量守恒定律得

⑩

解得Q-1J⑪

评分标准:（1）题①式2分，②③式各1分，共4分；

（2）题④⑤⑥式各1分，共3分；

（3）题⑦⑧⑨⑩⑪式各1分共5分。

(用其它方法解答正确的同样给分)

16．（16分）

【答案】（1）（2）（3）

【详解】

（1）系统初始静止时，对Q受力分析可知

mgsin8=kxn①

解得②

（2）cd杆匀速时，P对挡板的压力恰好为零，Q和ab杆静止

对P分析可知

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③

对Q分析可知

T=mgsinb+k