2025-2026学年广东省深圳市深圳盟校高二上学期11月期中考试物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025~2026学年度高二第一学期期中考试物理试题（A卷）考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答出无效。4.本卷命题范围：人教版必修第三册第九章至第十二章，选择性必修第一册第一章。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.真空中电荷量分别为、的两个点电荷，相距r时，相互作用力为F。下列说法正确的是（）A.如果它们的电荷量都不变，当距离变为时，作用力将变为2FB.如果其中一个电荷的电荷量不变，而另一个电荷的电荷量和它们间的距离都减半时，作用力变为2FC.如果它们的电荷量和距离都加倍，作用力将变为D.如果它们的电荷量都加倍，距离变为，作用力将不变【答案】B【解析】A．真空中电荷量分别为、的两个点电荷，相距r时，相互作用力为F，根据库仑定律可得如果它们的电荷量都不变，当距离变为时，作用力将变为，故A错误；B．如果其中一个电荷的电荷量不变，而另一个电荷的电荷量和它们间的距离都减半时，作用力变为，故B正确；C．如果它们的电荷量和距离都加倍，作用力将变为，故C错误；D．如果它们的电荷量都加倍，距离变为，作用力将变为，故D错误。故选B。2.在接通开关的10s内通过一导线横截面的电荷量为5C，则电流是（）A.2A B.0.2A C.0.5A D.5A【答案】C【解析】根据电流的定义式代入数据解得故选C。3.如图所示为某小灯泡的曲线。图像P点与原点的连线与横轴成α角，P点的切线与横轴成β角，下列说法正确的是（）A.小灯泡的电阻随电压的增大而减小B.小灯泡的电阻不随电压变化C.电压为时，小灯泡的电阻可表示为D.电压为时，小灯泡的电阻可表示为【答案】D【解析】AB．由图示可知，随电压增大，通过灯泡的电流增大，图线上的点与原点连线的斜率表示电阻值且斜率变大，可知灯泡的电阻变大，故AB错误；CD．电压为时，小灯泡的电阻为。由于纵坐标与横坐标的意义、标度不同，不能用表示电阻值，也不能用来计算，故C错误，D正确。故选D。4.如图所示为某静电场中的电场线，一带电粒子从电场中的A点运动到B点，虚线为粒子的运动轨迹，若粒子仅受电场力的作用，下列说法正确的是（）A.该粒子带正电 B.粒子的动量变化率增大C.电场力对粒子做正功 D.粒子的电势能减小【答案】B【解析】A．粒子做曲线运动，受到的力在其轨迹“凹”侧，可知，粒子受到的电场力与电场方向相反，带负电，故A错误；B．由动量定理得粒子的动量变化率由电场线疏密程度可判断从A到B，电场强度逐渐增大，粒子受到的电场力逐渐增大，动量变化率也逐渐增大，故B正确；CD．电场力对粒子做负功，电势能增大，故CD错误故选B。5.在如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，、为定值电阻，为滑动变阻器，电流表、电压表均为理想电表，将的滑片向下滑动，下列说法正确的是（）A.电压表读数不变 B.电流表读数变大 C.两端的电压升高 D.流过的电流减小【答案】D【解析】AB．将的滑片向下滑，的接入电阻变大，故外电路的总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律有可知干路电流减小，即电流表读数变小；根据可知路端电压变大，即电压表读数变大，故AB错误；C．由电路图可知，流过的电流为干路电流，根据可知两端的电压变小，故C错误；D．根据因变大，变小，故变大，即两端的电压变大，根据可知流过的电流变大；根据干路电流因干路的电流减小，变大，故变小，即流过电流变小，故D正确。故选D。6.如图所示，a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点。，，电场线与矩形所在平面平行。已知a点的电势为10V，b点的电势为14V，d点的电势为2V，下列说法正确的是（）A.c点的电势为8VB.电场强度大小为C.电场强度大小为D.电场强度的方向向左下方与bc连线夹角为45°【答案】B【解析】A．根据匀强电场中平行等距的线段电势差相等，则有即解得，故A错误；BCD．将bd连接起来，两点的电势差为12V，而ba的电势差为4V，故将bd分成三等分，在bd连线上找c点的等势点n，如图所示则有过b点作等势线cn的垂线，与ad相交于e点，则有即e点为ad连线的中点，则有，又由题知根据几何关系，可得从b点到等势线cn沿电场线方向的距离为则电场强度大小根据电场线与等势线垂直，可知该垂线的方向即电场强度的方向，设与连线的夹角为，根据几何关系有解得即电场强度的方向向右上方与bc连线夹角为45°，故B正确，CD错误。故选B。7.如图所示的电路中，电源电动势V，内阻Ω，电动机的电阻Ω，定值电阻Ω。电动机正常工作时，理想电压表的示数V。下列说法正确的是（）A.通过电动机的电流为3AB.电动机内阻损耗的功率为2WC.电动机的输出功率为6WD.电源的效率为75%【答案】C【解析】A．由欧姆定律可知电路中的总电流为，A错误；B．电动机内阻损耗的功率为，B错误；C．电源内电压为由闭合电路欧姆定律可知电动机两端的电压为故电动机输出功率为，C正确；D．电源的效率为，D错误。故选C。8.如图所示，两块彼此绝缘的金属板A、B水平平行放置并与一个电源相连，其中B板接地。开关S闭合后，在A、B两板间C点处有一个质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态。下列说法正确的是（）A.若将S断开，再将A板向左移动一小段位移，油滴向上运动B.若将S断开，将油滴固定，再将B板向下平移一小段位移，油滴的电势能变大C.保持S闭合，再将A板向上平移一小段位移，C点电势降低D.保持S闭合，再将B板向左移动一小段位移，电容器带电量不变【答案】AC【解析】A．S断开时，Q不变，根据可知S变小，C变小，U变大，根据可知E变大，油滴受到的电场力变大，油滴向上运动，故A正确；B．S断开时，改变d，根据，解得可知E不变，根据场强与电势差间的关系由于B板接地，则可知将B板向下平移一小段位移，两极板间的距离增大，C点电势升高，油滴带负电，电势能变小，故B错误；C．保持S闭合，则电容器两极板间电势差U不变，根据可知，若将A板向上平移一小段位移，板间场强减小，结合可知E减小、不变，则减小，故C正确；D．将B板向左移动一小段位移，根据可知，正对面积S减小，电容器电容C变小。保持S闭合，则电容器两极板间电势差U不变，又因为可知，电容器带电量Q减小，故D错误。故选AC。9.水平直线上P、Q两点分别固定一个负点电荷，O点为直线上某一点，M、N两点是O点正上、下方距离O点均为d的两点，一电量为q的正点电荷置于O点时N点处的电场强度恰好为零，静电力常量为k，若将该正点电荷移动到N点，下列说法正确的是（）A.将该正点电荷移动到N点后，M点的场强大小为B.将该正点电荷移动到N点后，M点的场强大小为C.将该正点电荷移动到N点后，M点的场强方向向下D.将该正点电荷移动到N点后，M点的场强方向向上【答案】AC【解析】正点电荷q在N点产生的场强大小为又N点场强为零，则P、Q两点电荷在N点产生的合场强方向向上，根据对称性可知，P、Q两点电荷在M点产生的合场强大小为方向向下，故将该正点电荷移到N点后，M点场强为方向向下。故选AC。10.如图所示，木块静止在光滑水平面上，两颗不同的子弹A、B从木块两侧同时水平射入木块，最终都停在木块内，这一过程中木块始终保持静止。若子弹A射入的深度大于子弹B射入的深度，下列说法正确的是（）A.子弹A和子弹B的质量相等B.子弹A和子弹B对木块的冲量大小相等C.子弹A射入初速度一定比子弹B大D.入射前，子弹A的动能等于子弹B的动能【答案】BC【解析】ABD．对木块而言，因为木块始终保持静止，可知两颗子弹对木块作用力相同，时间相同，即入射过程子弹A受到的阻力等于B受到的阻力，根据动能定理子弹A射入的深度大于子弹B射入的深度，可知子弹A射入木块时的动能一定比子弹B射入木块时的动能大；对两子弹和木块组成的系统动量守恒，则有整理可得由于则有故AD错误，B正确；C．整体总动量守恒，且始终为零，故有结合上述分析可知，则有，故C正确。故选BC。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.在“观察电容器的充、放电现象”实验中。（1）用如图1所示的电容器做实验，电容器外壳上面标着“200μF，10V”，下列说法正确的是（）；A.若所加电压大于10V，则电容器可能被击穿B.电容器电压为5V时，电容是200μFC.电容器电压为5V时，电容是100μF（2）把干电池E、电阻箱R、电容器C、电流传感器A（内阻不计）、单刀双掷开关S按图2电路图连接，先将单刀双掷开关接1，稳定后将单刀双掷开关接2并开始计时，将电流传感器中的数据输入计算机得到图像如图3所示，若图线与坐标轴围成的面积为S，纵截距为，电阻箱的阻值为R，则该电源的电动势______；电容器的电容______（用S、、R表示）。【答案】（1）AB（2）【解析】（1）A．该电容器正常工作的最大电压为10V，若大于10V，则可能被击穿，故A正确；BC．电容器的电容与所加的电压无关，都为200μF，故B正确，C错误。故选AB（2）[1]开关接1稳定时电容器上的电压为故电源的电动势为[2]根据可知图像与时间轴围成的面积S表示Q根据解得12.实验小组利用现有实验仪器测量一电阻阻值R，测量过程如下：（1）组员先用多用电表粗测电阻，选用欧姆挡“×10”倍率测量其阻值时，发现指针偏转角太大，为了测量结果比较精确，组员按以下步骤进行了实验：①应换用______（选填“×1”或“×100”）倍率的欧姆挡；②两表笔短接，进行______（选填“欧姆调零”或“机械调零”）；③重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，测量结果是______Ω。（2）除待测电阻外，实验室还提供了下列器材：A.电流表（量程为200mA，内阻Ω）B.电流表（量程为500mA，内阻Ω）C.滑动变阻器（0~10Ω）D.滑动变阻器（0~100Ω）E.定值电阻ΩF.定值电阻ΩG.电源（电动势V，内阻可以忽略）H.开关S、导线若干①实验要求测量尽可能精确，且通过电阻的电流调节范围尽量大，请将设计好的电路图画在虚线框中______（要标出器材的符号）。②按正确的电路连接，闭合开关，记录电流表、的示数和，移动滑动变阻器的滑片，记录多组数据，并作出图线（为横轴），若图线的斜率为k，则该待测电阻阻值为______（选用、、、和k表示）【答案】（1）×1欧姆调零13.0（2）【解析】（1）[1]指针偏转角度很大，表明被测电阻较小，应更换更小的挡位，从而提高测量精度。[2]更换挡位后要进行欧姆调零[3]一个小格表示，读数需再往下估读一位，故阻值读数为13.0Ω（2）[1]测量电路如图所示，因要求测量尽可能精确，且通过电阻的电流调节范围尽量大，故变阻器采用分压接法，变阻器选，并将和串联当做电压表，采用电流表外接，电流电压均可测真实值，故电路图如图[2]和串联当做电压表，故电阻的表达式为解得，则有，解得13.硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。如图所示，图线a是该电池在某光照射强度下路端电压U和电流I的关系图（电池电动势不变，内阻不是常量），图线b是某电阻的图像，倾斜虚线是过a、b交点的切线。在该光照强度下将它们连成闭合回路时，求：（1）此时硅光电池的内阻和电动势；（2）此时硅光电池的总功率和效率。【答案】（1），（2），【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律可得由图线a可知硅光电池的电动势为由两图线交点可知，，代入解得硅光电池的内阻为（2）此时硅光电池的总功率为此时外电路功率为则硅光电池的效率为14.如图所示，一半径为R的绝缘光滑圆形轨道竖直固定，轨道最低点B点与一条粗糙水平轨道平滑相连，轨道所在空间存在水平向右、场强大小为的匀强电场。从水平轨道上的A点由静止释放一质量为m，带正电荷量为q的小球，设A、B间的距离为s，已知小球与水平轨道间的动摩擦因数为，C点为圆形轨道上与圆心O等高的点，重力加速度为g，小球可视为质点，，结果可用分数表示。（1）为使小球能做完整的圆周运动，求s的最小值；（2）在第（1）的情况下，求小球对圆轨道的最大压力；（3）若，设B点电势为零，求小球运动速度最大时的电势能。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）为了使小球刚好在圆轨道内完成圆周运动，小球到达某点时恰好受重力和电场力，设该点为图中的E点将重力和电场力合成，等效成一个“重力场”，则合力的大小为设合力与竖直方向的夹角为，根据几何关系有解得可知等效最高点E在左上方与竖直方向夹角37°处，在等效最高点E，根据牛顿第二定律有从A至等效最高点E有，根据动能定理有联立解得（2）由题分析可知图中F点为等效最低点，小球对轨道的压力最大，从等效最低点F到等效最高点E，根据动能定理有在等效最低点F，根据牛顿第二定律有联立解得根据牛顿第三定律，最大压力（3）小球经过等效最低点F时速度最大，且，根据又解得故小球运动速度最大时电势能15.如图所示，光滑水平面上静置一个质量为3m的滑块轨道A，滑块A的下部分是圆心角为45°的圆弧，上部分是倾角为45°的斜面，轨道最底端与水平面平滑连接。两个质量均为m的小滑块B、C放在水平面上离A足够远处，小滑块B的右侧连接有轻弹簧，给B一个向右的初速度，不计一切摩擦阻力，重力加速度为g。求：（1）弹簧的最大弹性势能；（2）C刚滑上A时的速度大小；（3）为使C不从A的顶端冲出，A总高度的最小值是多少？【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）当B、C共速时，弹性势能最大，由B、C动量守恒由能量守恒有（2）B、C分离时由动量守恒有能量守恒有联立解得（3）C到达最高点时A、C共速，由A、C动量守恒得能量守恒得联立解得2025~2026学年度高二第一学期期中考试物理试题（A卷）考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答出无效。4.本卷命题范围：人教版必修第三册第九章至第十二章，选择性必修第一册第一章。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.真空中电荷量分别为、的两个点电荷，相距r时，相互作用力为F。下列说法正确的是（）A.如果它们的电荷量都不变，当距离变为时，作用力将变为2FB.如果其中一个电荷的电荷量不变，而另一个电荷的电荷量和它们间的距离都减半时，作用力变为2FC.如果它们的电荷量和距离都加倍，作用力将变为D.如果它们的电荷量都加倍，距离变为，作用力将不变【答案】B【解析】A．真空中电荷量分别为、的两个点电荷，相距r时，相互作用力为F，根据库仑定律可得如果它们的电荷量都不变，当距离变为时，作用力将变为，故A错误；B．如果其中一个电荷的电荷量不变，而另一个电荷的电荷量和它们间的距离都减半时，作用力变为，故B正确；C．如果它们的电荷量和距离都加倍，作用力将变为，故C错误；D．如果它们的电荷量都加倍，距离变为，作用力将变为，故D错误。故选B。2.在接通开关的10s内通过一导线横截面的电荷量为5C，则电流是（）A.2A B.0.2A C.0.5A D.5A【答案】C【解析】根据电流的定义式代入数据解得故选C。3.如图所示为某小灯泡的曲线。图像P点与原点的连线与横轴成α角，P点的切线与横轴成β角，下列说法正确的是（）A.小灯泡的电阻随电压的增大而减小B.小灯泡的电阻不随电压变化C.电压为时，小灯泡的电阻可表示为D.电压为时，小灯泡的电阻可表示为【答案】D【解析】AB．由图示可知，随电压增大，通过灯泡的电流增大，图线上的点与原点连线的斜率表示电阻值且斜率变大，可知灯泡的电阻变大，故AB错误；CD．电压为时，小灯泡的电阻为。由于纵坐标与横坐标的意义、标度不同，不能用表示电阻值，也不能用来计算，故C错误，D正确。故选D。4.如图所示为某静电场中的电场线，一带电粒子从电场中的A点运动到B点，虚线为粒子的运动轨迹，若粒子仅受电场力的作用，下列说法正确的是（）A.该粒子带正电 B.粒子的动量变化率增大C.电场力对粒子做正功 D.粒子的电势能减小【答案】B【解析】A．粒子做曲线运动，受到的力在其轨迹“凹”侧，可知，粒子受到的电场力与电场方向相反，带负电，故A错误；B．由动量定理得粒子的动量变化率由电场线疏密程度可判断从A到B，电场强度逐渐增大，粒子受到的电场力逐渐增大，动量变化率也逐渐增大，故B正确；CD．电场力对粒子做负功，电势能增大，故CD错误故选B。5.在如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，、为定值电阻，为滑动变阻器，电流表、电压表均为理想电表，将的滑片向下滑动，下列说法正确的是（）A.电压表读数不变 B.电流表读数变大 C.两端的电压升高 D.流过的电流减小【答案】D【解析】AB．将的滑片向下滑，的接入电阻变大，故外电路的总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律有可知干路电流减小，即电流表读数变小；根据可知路端电压变大，即电压表读数变大，故AB错误；C．由电路图可知，流过的电流为干路电流，根据可知两端的电压变小，故C错误；D．根据因变大，变小，故变大，即两端的电压变大，根据可知流过的电流变大；根据干路电流因干路的电流减小，变大，故变小，即流过电流变小，故D正确。故选D。6.如图所示，a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点。，，电场线与矩形所在平面平行。已知a点的电势为10V，b点的电势为14V，d点的电势为2V，下列说法正确的是（）A.c点的电势为8VB.电场强度大小为C.电场强度大小为D.电场强度的方向向左下方与bc连线夹角为45°【答案】B【解析】A．根据匀强电场中平行等距的线段电势差相等，则有即解得，故A错误；BCD．将bd连接起来，两点的电势差为12V，而ba的电势差为4V，故将bd分成三等分，在bd连线上找c点的等势点n，如图所示则有过b点作等势线cn的垂线，与ad相交于e点，则有即e点为ad连线的中点，则有，又由题知根据几何关系，可得从b点到等势线cn沿电场线方向的距离为则电场强度大小根据电场线与等势线垂直，可知该垂线的方向即电场强度的方向，设与连线的夹角为，根据几何关系有解得即电场强度的方向向右上方与bc连线夹角为45°，故B正确，CD错误。故选B。7.如图所示的电路中，电源电动势V，内阻Ω，电动机的电阻Ω，定值电阻Ω。电动机正常工作时，理想电压表的示数V。下列说法正确的是（）A.通过电动机的电流为3AB.电动机内阻损耗的功率为2WC.电动机的输出功率为6WD.电源的效率为75%【答案】C【解析】A．由欧姆定律可知电路中的总电流为，A错误；B．电动机内阻损耗的功率为，B错误；C．电源内电压为由闭合电路欧姆定律可知电动机两端的电压为故电动机输出功率为，C正确；D．电源的效率为，D错误。故选C。8.如图所示，两块彼此绝缘的金属板A、B水平平行放置并与一个电源相连，其中B板接地。开关S闭合后，在A、B两板间C点处有一个质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态。下列说法正确的是（）A.若将S断开，再将A板向左移动一小段位移，油滴向上运动B.若将S断开，将油滴固定，再将B板向下平移一小段位移，油滴的电势能变大C.保持S闭合，再将A板向上平移一小段位移，C点电势降低D.保持S闭合，再将B板向左移动一小段位移，电容器带电量不变【答案】AC【解析】A．S断开时，Q不变，根据可知S变小，C变小，U变大，根据可知E变大，油滴受到的电场力变大，油滴向上运动，故A正确；B．S断开时，改变d，根据，解得可知E不变，根据场强与电势差间的关系由于B板接地，则可知将B板向下平移一小段位移，两极板间的距离增大，C点电势升高，油滴带负电，电势能变小，故B错误；C．保持S闭合，则电容器两极板间电势差U不变，根据可知，若将A板向上平移一小段位移，板间场强减小，结合可知E减小、不变，则减小，故C正确；D．将B板向左移动一小段位移，根据可知，正对面积S减小，电容器电容C变小。保持S闭合，则电容器两极板间电势差U不变，又因为可知，电容器带电量Q减小，故D错误。故选AC。9.水平直线上P、Q两点分别固定一个负点电荷，O点为直线上某一点，M、N两点是O点正上、下方距离O点均为d的两点，一电量为q的正点电荷置于O点时N点处的电场强度恰好为零，静电力常量为k，若将该正点电荷移动到N点，下列说法正确的是（）A.将该正点电荷移动到N点后，M点的场强大小为B.将该正点电荷移动到N点后，M点的场强大小为C.将该正点电荷移动到N点后，M点的场强方向向下D.将该正点电荷移动到N点后，M点的场强方向向上【答案】AC【解析】正点电荷q在N点产生的场强大小为又N点场强为零，则P、Q两点电荷在N点产生的合场强方向向上，根据对称性可知，P、Q两点电荷在M点产生的合场强大小为方向向下，故将该正点电荷移到N点后，M点场强为方向向下。故选AC。10.如图所示，木块静止在光滑水平面上，两颗不同的子弹A、B从木块两侧同时水平射入木块，最终都停在木块内，这一过程中木块始终保持静止。若子弹A射入的深度大于子弹B射入的深度，下列说法正确的是（）A.子弹A和子弹B的质量相等B.子弹A和子弹B对木块的冲量大小相等C.子弹A射入初速度一定比子弹B大D.入射前，子弹A的动能等于子弹B的动能【答案】BC【解析】ABD．对木块而言，因为木块始终保持静止，可知两颗子弹对木块作用力相同，时间相同，即入射过程子弹A受到的阻力等于B受到的阻力，根据动能定理子弹A射入的深度大于子弹B射入的深度，可知子弹A射入木块时的动能一定比子弹B射入木块时的动能大；对两子弹和木块组成的系统动量守恒，则有整理可得由于则有故AD错误，B正确；C．整体总动量守恒，且始终为零，故有结合上述分析可知，则有，故C正确。故选BC。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.在“观察电容器的充、放电现象”实验中。（1）用如图1所示的电容器做实验，电容器外壳上面标着“200μF，10V”，下列说法正确的是（）；A.若所加电压大于10V，则电容器可能被击穿B.电容器电压为5V时，电容是200μFC.电容器电压为5V时，电容是100μF（2）把干电池E、电阻箱R、电容器C、电流传感器A（内阻不计）、单刀双掷开关S按图2电路图连接，先将单刀双掷开关接1，稳定后将单刀双掷开关接2并开始计时，将电流传感器中的数据输入计算机得到图像如图3所示，若图线与坐标轴围成的面积为S，纵截距为，电阻箱的阻值为R，则该电源的电动势______；电容器的电容______（用S、、R表示）。【答案】（1）AB（2）【解析】（1）A．该电容器正常工作的最大电压为10V，若大于10V，则可能被击穿，故A正确；BC．电容器的电容与所加的电压无关，都为200μF，故B正确，C错误。故选AB（2）[1]开关接1稳定时电容器上的电压为故电源的电动势为[2]根据可知图像与时间轴围成的面积S表示Q根据解得12.实验小组利用现有实验仪器测量一电阻阻值R，测量过程如下：（1）组员先用多用电表粗测电阻，选用欧姆挡“×10”倍率测量其阻值时，发现指针偏转角太大，为了测量结果比较精确，组员按以下步骤进行了实验：①应换用______（选填“×1”或“×100”）倍率的欧姆挡；②两表笔短接，进行______（选填“欧姆调零”或“机械调零”）；③重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，测量结果是______Ω。（2）除待测电阻外，实验室还提供了下列器材：A.电流表（量程为200mA，内阻Ω）B.电流表（量程为500mA，内阻Ω）C.滑动变阻器（0~10Ω）D.滑动变阻器（0~100Ω）E.定值电阻ΩF.定值电阻ΩG.电源（电动势V，内阻可以忽略）H.开关S、导线若干①实验要求测量尽可能精确，且通过电阻的电流调节范围尽量大，请将设计好的电路图画在虚线框中______（要标出器材的符号）。②按正确的电路连接，闭合开关，记录电流表、的示数和，移动滑动变阻器的滑片，记录多组数据，并作出图线（为横轴），若图线的斜率为k，则该待测电阻阻值为______（选用、、、和k表示）【答案】（1）×1欧姆调零13.0（2）【解析】（1）[1]指针偏转角度很大，表明被测电阻较小，应更换更小的挡位，从而提高测量精度。[2]更换挡位后要进行欧姆调零[3]一个小格表示，读数需再往下估读一位，故阻值读数为13.0Ω（2）[1]测量电路如图所示，因要求测量尽可能精确，且通过电阻的电流调节范围尽量大，故变阻器采用分压接法，变阻器选，并将和串联当做电压表，采用电