广东省2025-2026学年九年级物理上学期期末模拟卷（沪粤版）解析版

广东省2025-2026学年九年级物理上学期期末自编模拟卷

一、单选题（共7小题，每小题3分，共21分）

1.如图所示，物体在相同力尸的作用下，分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿着力的方向移动了相

同的距离s,力”做的功分别为叫、卬2、W,，则下列说法中正确的是（）

光滑水平面粗糙水平面斜面

A.叱＜吗＜吗B.叱＜吗=吗C.叱=%＜叱D.叱=1%=1匕

【答案】D

【详解】由题意可知，拉力相同，物体沿拉力的方向移动的距离相同，根据卬=八可知，力广做的功相同，即

WI=W2=WJ

故选D。

2.在苹果从树上落向地面的过程中，下列说法正确的是（）

A.苹果的势能增大，动能减小B.苹果的势能减小，动能增大

C.苹果的势能不变，动能增大D.苹果的势能减小，动能减小

【答案】B

【详解】苹果从树上落向地面的过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度不断增大，动能增大，苹

果下落过程中没有发生弹性形变，不考虑弹性势能。故B正确，ACD错误。

故选Bo

3.为了保护环境，泰州城区内禁放烟花爆竹，“礼花筒”便成为一些喜庆场合烘托气氛的必备用品，如图所示，

“礼花筒''使用时，利用筒内高压的空气膨胀，将彩带喷向空中。下列对使用过程分析正确的是（）

A.筒内气体的内能减少

B.筒内气体通过热传递方式改变了其内能

C.筒内气体分子热运动加剧

D.该过程能量转化方式与汽油机压缩冲程相同

【答案】A

【详解】A.礼花筒内的高压空气膨胀对外做功，其自身的内能是减小的，故A正确；

B.礼花筒内的高压空气膨胀对外做功，其自身的内能减小，内能转化为机械能，是做功改变内能，故B错

误；

C.由于礼花筒内的高压空气膨胀对外做功，其自身的内能减小、温度降低，所以分子热运动变慢，故C错

误；

D.汽油机在做功冲程将内能转化为机械能，与礼花筒内的高压空气膨胀对外做功的能量转化形式相同，故D

错误.

故选Ao

4.如图，当小朋友从塑料滑梯上滑下来时，她的很多头发竖了起来下列说法正确的是()

A.如果从金属滑梯上滑卜来，头发竖起得会更明显

B.如果在塑料滑梯上坐着不动，头发竖起得会更明显

C.从滑梯上滑下来，头发之间相互摩擦，创造了电荷

D.头发竖起来是因为头发之间带同种电荷，互相排斥

【答案】D

【详解】A.金属是导体，当小朋友从金属滑梯上滑下来时，人体所带的电荷会通过金属滑梯导入大

地，头发不会因带电而竖起，故A错误；

B.如果在塑料滑梯上坐着不动，没有发生摩擦起电现象，头发不会带电，也就不会竖起，故B错误;

C.从滑梯上滑下来，是头发与滑梯相互摩擦使头发带电，摩擦起电的实质是电荷的转移，而不是创

造了电荷，故C错误；

D.当小朋友从塑料滑悌上滑下来时，头发与滑梯摩擦带电，头发之间带同种电荷，根据同种电荷相

互排斥的原理，头发会竖起来，故D正确。

故选D。

5.将标有“6V6W”和“3V3W”的甲、乙两只灯泡并联接在电压为3V的电源两端，闭合开关，不计温度对灯丝

电阻的影响。则下列说法正确的是()

A.甲灯较亮B,乙灯较亮

C.甲、乙两灯总电功率为9WD.甲、乙两灯电功率之比为2:1

【答案】B

【详解】AB.由公式

变形可得，两灯泡的电阻分别为

%_(6V)2

3瓦一入「6。

T告a

〃2

甲、乙两只灯泡并联接在电压为3V的电源两端，根据公式夕=上_可知，电压一定时，电阻越大，发光功率越

R

小，灯泡越暗，因此乙灯较亮，故A错误，B正确;

C.甲灯泡的实际功率为

”等瞽XW

因为乙灯泡的实际电压等于额定电压，实际功率等于额定功率，乙灯泡的实际功率为

P其怒/=3W

甲、乙两灯总电功率为

P则*P丈N=1.5W+3W=4.5W

故C错误;

D.由C选项可知，甲、乙两灯电功率之比为

p实甲:P^=1.5W:3W=1:2

故D错误。

故选B,

6.如图甲所示电路，先闭合开关S,断开Si,电压表的示数是4SV,再闭合力,电压表示数如织乙所示，则

Ri、&的阻值之比是(

S,

FtRz

Ml-

甲乙

A.9:15B.3:2D.3:1

【答案】B

【详解】由图得，先闭合开关S,断开Si,两电阻串联，电压表测量R/电压，示数是4.5V；再闭合Si,电路

化为R/的简单电路，电压表测量电源电压，示数如图乙所示，电源电压大于串联电路中任一电路的电压，由图

乙得，电压表的分度值为Q5V,示数为7.5V,即电源电压为7.5V,当两电阻串联时，&的电压为

U2=U-q=7.5V-4.5V=3V

串联电路中电流处处相等，由欧姆定律得

为:g=%：t72=4.5V:3V=3:2

故ACD不符合题意，B符合题意。

故选Bo

7.如图所示电路，电源电压不变。汨合开关，电路正常工作，一段时间后，灯L熄灭。若电路中仅有一处断

路，且只发生在电阻A或灯L上。为检测电路故障，以下方案不可行的是（）

L

B.将电流表依次串联接入〃、氏c点

C.用与R阻值相同且完好的灯Lo替换电阻R

D.用与L规格相同且完好的灯Lo替换灯L

【答案】B

【详解】由图知道，该电路为串联电路；电路正常工作，一段时间后，灯L熄灭，电路中仅有一•处断路，且只

发生在电阻R或灯L上。

A.将电压表并联在灯L两端，测量的是灯L两端的电压，根据题意知道，若电压表无示数，即说明R断路，

若电压表有示数，则应是灯泡断路，故A可行，不符合题意；

B.由于是串联电路，且有一处断路，所以，无论将电流表依次串轶接入电路何处，示数都是0,都无法判断出

故障，故B不可行，符合题意；

C.用与R阻值相同且完好的灯Lo替换电阻R,若Lo、L均发光，则故障是R断路；若Lo、L均不发光，则故

障是L断路，故C可行，不符合题意；

D.把完好的灯Lo接在灯泡的位置上，灯泡发光，则故障是灯泡断路，灯泡不发光，则是R断路，故D可行，

不符合题意。

故选B.

二、填空题（共7小题，每个空1分，共21分）

8.如图所示的卫星沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，它在大气层外

运行，不受空气阻力。则卫星从远地点运行到近地点，重力势能（变大/变小/不变，下同），动能

在点时速度最大，机械能

近地点

卫星

远地点

【答案】变小变大近地不变

【详解】在大气层外运行，不受空气阻力，机械能是守恒的。卫星从远地点运行到近地点时，相对

高度减小，所以重力势能变小，同时速度增大，所以动能变大，相对高度最小的时候重力势能最小，动能最

大，速度最大，所以在近地点的速度最大。

9.内燃机汽缸中的燃料燃烧产生的高温高压气体通过—的方式将内能转化为机械能.如图所示，四冲程汽油

机正处于一冲程，该汽油机每秒完成40个冲程，则飞轮的转速为

【答案】做功压缩1200

【详解】解：（1）热机是将燃料燃烧产生的高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能的装置；（2）

由图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞向上运行，可以判断此冲程为压缩冲程；（3）汽油机完成一个

工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，若该汽油机每秒完成40个冲

程，则每秒它对外做功10次，飞轮转动20周，飞轮的转速为1200r/min.

10.用丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器A的金属球，其箔片张开，工作原理是一。如图，验电器B不带电，

当用带有手柄的金属棒把两个验电器的金属球连接起来时，连接瞬间电荷的移动方向由—(选滇"A到B”或"B

到A”)，手柄的材料应为一(选填“导体”或“绝缘体。

I手柄

O

AB

【答案】同种电荷相互排斥B到A绝缘体

【详解】[1]用丝绸摩擦过的玻璃棒背正电荷，接触验电器A的金属球，验电器上的电子发生转移，使验电器的

金属箔带上同种正电荷，其箔片张开，工作原理是同种电荷相互排斥。

[2][3]如图，验电器A带正电荷，验电器B不带电，由于金属导体中能够自由移动的电荷是电子，当用带有手

柄的金属棒把两个验电器的金属球连接起来时，连接瞬间验电器B上的电子转移到A上，电荷的移动方向由R

到A；手柄的材料应为绝缘体，绝缘体不能导电，可以避免电荷经人体导向大地。

11.智能手机是目前普遍使用的通讯工具。“充电五分钟，通话两小时！“这是某品牌手机的闪充功能。它的闪

充充电器的充电电压为5V,充电电流为4A,电池容量是30()0mAh,手机电池标有的电压为3.8V,5min最多

可以充入电能_J;如果要进一步提升充电速度，可以考虑提升充电器的充电电压或充电电流，若在不改变充

电甩流的情况下，要在3()min内充满该手机电池，至少需要_V的充电电压。用充电宝给手机充电时，充电宝

相当于简单电路中的一(选填“电源”或“用电器。

【答案】60005.7电源

【详解】"1手机电池标有的电压为3.8V,5min最多可以充入电能为

=5Vx4Ax5x60s=6000J

⑵电池容量是3000mA-h,手机电池标有的电压为3.8V,则手机电池充满电储存的电能为

W'==3.8Vx3()(X)x1()3Ax3600s=41040J

在不改变充电电流的情况下，要在30min内充满该手机电池，充电电压为

41040J

=5.7V

4Ax30x60s

⑶一个完整的电路由电源、导线、开关和用电器组成，充电宝在给手机电池充电的过程中，充电宝的化学能转

化为电能，充电宝相当于电源。

12.如图甲，电源电压恒为6V,乙图是甲图中定值电阻R与小灯泡L的U-/图像。合上开关S,电流表的示

数为0.6A,通过电源的电流是—A,此时滑动变阻器接入电路的甩阻是—Q,小灯泡L的实际功率为—W。

々UN

R

【详解】［I］由图甲知，灯泡与变阻器串联之后，再与定值电阻R并联，电流表测通过灯泡这一支路的电流。由

图乙知，当电源电压为6V,通过定值电阻的电流为0.6A。据并联电路的电流特点知，电源在干路上，通过电

源的电流

/=//+4=0.6A+0.6A=l.2A

⑵由图乙知，通过灯泡的电流为0.6A,灯泡两端的电压为3V。据串联电路的电压特点得，变阻器两端的电压

U行U-UL=6V-3V=3V

变阻器接入电路的阻值

怒=5。

⑶小灯泡的实际功率

P=(//J/=3VxO.6A=1.8W

13•个明家的电能表面板如图所示，他家同时使用的用电器总功率不能超过一W,家里新添置一台空调并接

入该电能表中，让其单独工作5min,电能表的指示灯闪烁了320次，则该空调的实际电功率为—W。

।电子式单相电能表1

|0|。|2|1|9同

kWh

220V10A50Hz

3200imp/(kW-h)AO

指示灯

【答案】22001200

【详解】口］由图中电能表的参数知道，电能表的工作电压为220V,平时工作允许通过的最大电流为10A,则

他家同时使用用电器的最大总功率

P4以=0/4以=220Vx10A=2200W

⑵32D0imp/（kW・h）表示电路中用电器每消耗lk\V・h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，则指示灯闪烁

320次时,空调消耗的电能

320

VV=--kWh=0.1kWh

3200

空调的功率

w01kW-h

P=—=~~^-=1.2kW=l200W

IAh

60

14.如图所示，电源电压保持不变，灯泡灯丝电阻保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片P从中点向右

移动的过程中，电压表的示数将—.电流表A2与电流表Ai的示数差—,电路的总功率—（以上三空均选填

“变大”、“变小”或“不变。

【答案】不变不变变小

【详解】［1］闭合开关后，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源电压，所以移动滑动变阻器的滑片P位置，电

源电压不变，电压表示数不变。

⑵闭合开关后，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A2测干路中电流.与电流表Ai测滑动变阻器的电流，所以电

流表A2与电流表Ai的示数差为灯泡的电流。由于并联电路互不影响，所以移动滑动变阻器的滑片P位置，灯

泡的电流不变，所以电流表A2与电流表Ai的示数差不变。

⑶将滑动变阻器的滑片P从中点向右移动的过程中，滑动变阻器的阻值变大，干路中的电流变小，由P=。/得

电路的总功率变小。

三、作图题（共3题，2+2+3,共7分）

15.根据图示的电路实物图，在右侧方框内画出对应的电路图。

L

开关Si在干路上，S在L2支路二，电路图如图所示:

16.根据要求作图：如图所示电路，请在图中O位置画上电流表或电压表，使开关S闭合后两灯均发光。

【答案】-0—J

Ij

【详解】根据题意，如果两灯都能发光，而电流从正极出发经过灯L直接回到电源的负极，则上面的圈内电表

不能是电流表，否则会导致L2短路，故只能是电压表，如果下面的电表如果也是电压表，则L2断路，故下面

的电表为电流表，如图所示

17.现有一个电源，一个开关，两个灯泡L、L2,一个电流表，导线若干。请按要求在虚线框内画出电路图。

要求：①开关同时控制两盏电灯；②电灯L、J并联；③电流表只测通过灯L2的电流。

【答案］—O2_0—

—0^—

【详解】根据要求，两灯并联，开关同时控制两盏电灯，开关应在干路上，电流表测通过灯L2的电流，则电流

四、实验题(共3题，每空1分，6+6+6,共18分)

18.如图是探究“物体的动能大小与哪些因素有关”的实验装置图。A、B是两个质量不同的小球,让

小球从同一斜面由静止滚下，撞击水平面上的小木块。

(1)实验中，通过观察来判断小球的动能大小，这种研究方法叫:

(2)甲、乙两次实验，让质量不同的个球从斜面的同一高度滚下，目的是使两球到达水平面时有相同的,

对比日、乙，可得出结论，当速度一定时，物体的越大，动能就越大；

(3)小华同学通过比较图乙、丙两图，得出“质量大的物体动能大”，小丽认为小华的这一比较过程存在错误，你

知道错误是什么吗？;

(4)完成实验后，同学们还联想到以前探究牛顿第一定律时，也用到了斜面：让小车从同一斜面同一高度下滑，

在不同的表面看滑行的距离远近不同，最终停下来后，小车在三个表面克服摩擦力做功是否相等(选填

“相等”或“不相等。

【答案】（1）小球撞击木块运动的距离的大小转换法

（2）速度质量

（3）没有控制小球到达水平面时的速度相同

（4）相等

【详解】（1）实验中，通过观察小木块被推动的距离来判断小球的动能大小。这是因为，当小球的动能

越大时，它撞击小木块使小木块被推动的距离越远。这种通过观察某一现象（小木块被推动的距离）来推断另

一物理量（小球的动能）大小的研究方法，被称为转换法。

（2）口］［2］甲、乙两次实验，让质量不同的小球从斜面的同一高度滚下，到达水平面时速度相同，质量大的推

动木块移动的距离越远，所以这是为了研究动能大小与质量的关系，故结论为：当速度一定时，物体的质量越

大，动能就越大。

（3）要探究小球动能与质量的关系，需要控制小球到达水平面时的速度相同，即不同质量的小球从同•高度自

由滚下，而乙、丙两图没有让小球从同一高度滚下，没有控制小球到达水平面时的速度相同，所以小华的这一

比较过程存在错误。

（4）让小车从同一高度由静止下滑，根据决定重力势能大小的因素可知，最初小车的重力势能相同，下滑到水

平面时的动能也相同，在不同的材料表面上运动时，最终停下来后，动能全部转为内能，克服摩擦力做了多少

功就有多少动能转化为内能，所以，在三个表面克服摩擦力做功相同。

19.为了探究不同物质的吸热能力，在两个相同的容器中分别装入质量、初温都相同的液体A、B,并且用相

同的装置加热，如图甲所示。

6o

60

505o

40

304o

20

3o

2O

乙

（1）实验中，可以通过比较（选填“升高的温度”或“加热时间”）来反映两种液体吸收热量的多少，其中

用到的物理方法是;（填任意一种即可）

（2）加热到4min时，液体B的温度如图乙所示，此时温度计示数是℃；

（3）根据实验数据，小明作出了两种液体的温度随时间变化的图像如图丙所示。冬天，如果你想自制暖手袋，应

选液体（选填或"B”）作为供暖物质，其效果更佳。若液体A是水，则液体B的比热容

为；［c产4.2xl03j/（kg.℃）］

(4)在对两种液体加热的方式上，有酒精灯和电加热器两种热源可供选择，选用电加热器更容易控制让两种液体

在相同的时间内相同。(选填“吸收的热量”或“升高的温度”)

【答案】(1)加热时间转换法

(2)42

(3)A2.1xlO^J/(kg℃)

(4)吸收的热量

【详解】(1)UH21相同的装置加热，在相同时间内，加热装置放出的热量是相同的，实验中通过加热时间来

反映物质吸收热量的多少，加热时间越长，吸收的热量越多，使用了转换法。

(2)如图乙所示，温度计的分度值为2℃,此时温度计示数是42匕。

(3)[1]如图丙所示，A、B两种物体加热相同的时间，吸收相同的热量，A升高的温度小于B升高的温度，说

明A的吸热能力比B强，则相同质量的A和B物质，降低相同的温度，A释放的热量较多，所以应选液体A

作为供暖物质，其效果更佳。

⑵由图内可知，加热5min,A、B两种液体吸收相同的热量,A液体升高的温度为△〃-30P10℃=20℃

B液体升高的温度为△//50C-10℃=40℃

即B升高的温度是A升高温度的2倍，且A、B质量相同，根据公式c=〃-可知，B液体的比热容是A的一

半，即CB=，CA='x4.2xl03j/(kg-℃)=2.1xl03j/(kg℃)

(4)用酒精灯加热，由于热量损失较多且很难调整火焰大小相同，不易控制两种液体在相同时间内吸收的热量

相同；选用相同的电加热器，在相同时间内放出相等的热量，且热量损失较小，更容易控制让两种液体在相同

时间吸收的热量相同。

20.在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的电路。其中电源电压恒为6V,小灯泡的额定电压为

(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，且接近于目源电压，电流

表无示数，若电路只有一处故障，贝J故障原因是：;

（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，其读数是V；为了测量小灯泡

的额定功率，应将滑动变阻渊的滑片向移动（选填："左''或，右"）；

（4）根据实验数据，绘制出小灯泡的电流随电压变化的关系图像如图丙所示，由图像可知：小灯泡的额定功率

为W；

（5）完成上面实验后，小军同学又想测量额定电压为U浦勺小灯泡的额定功率，但发现电流表已经坏了，于是

他又找来了两个开关和一定值电阻，设计了如图丁所示的电路。已知：电源电压恒为U,定值电阻的阻值为

R。.请你完成下面实验步骤：

①闭合开关s、S1,断开S2,调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为

②闭合开关s、S2,断开Si,保持滑动变阻器的滑片不动，读出电压表示数为U/；

③灯泡额定功率的表达式为尸行o

【详解】（1）［1］测定小灯泡的电功率实验中，电流表、灯泡、滑动变阻器应串联，滑片向左移动时灯泡变

亮，说明电路中电流变大，电阻变小，所以应将变阻器的左下接线柱接入电路中，灯泡的额定电压为2.5V,则

电压表接小量程，如图所示：

（2）⑵闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电流表无示数，电路可能有断路发

生，但电压表有示数，说明电压表到电源间是通路，所以电路的故障原因可能是灯泡断路了。

（3）⑶电压表接入电路的是小量程，分度值为0.1V,示数为2.2V。

［4］灯泡两端的电压小于额定电压，根据串联电路电压规律可知，需减小滑动变阻器两端的电压，根据串联分压

规律可知，需减小滑动变阻器接入电路的阻值，所以滑片需向左移动。

（4）［5］由图像可知，小灯泡两端电压为2.5V时,通过的电流为0.2A,则小灯泡的额定功率

P=[7/=2.5VxO.2A=O.5W

（5）[6][7]分析实验过程可以得出：

①闭合开关S、Si,灯泡L、定值电阻R。、滑动变阻器串联，电压表测定值电阻和滑动变阻器两端的电压，由

串联电路电压规律可知，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为U-U依时.灯泡正常发光；

②闭合开关S、S2,保持滑动变阻器的滑片位置不变，电路的工作状态不变，电压表此时测量定值电阻火。两端

的电压，读出电压表示数为U/；

③通过灯泡的电流

,75

灯泡的额定功率的表达式

%=%乂*=^^

%

五、计算题（共2题，6+7,共13分）

21.某人站在地上用如图所示的滑轮组匀速提升400N的重物，所用的拉力?为250N,5s内绳子自由端被拉下

2m,在此过程中，（不计摩擦和绳重），g取lON/kg求：

\\\\\\\\

⑴拉力尸的功率；

（2）滑轮组的机械效率;

（3）动滑轮的重。

【答案】（D100W

（2）80%

（3）100N

【详解】（1）拉力尸做的功为%=4Z'=25（）Nx2m=500J。分）

拉力「的功率是八片嘤noowc分）

（2）提升货物做的有用功为必=G/=400Nxgx2m=400J（1分）

滑轮组的机械效率是〃=缪x100%=400J

x100%=80%（1分）

500J

（3）不计摩擦和绳重，根据尸=巴土9可得，动滑轮的重力为

n

G,=2七一G物=2x250N-400N=l00N（2分）

22.图甲为某款新型电饭煲，额定电压为220V,它采用了“聪明火，技术，智能化地控制不同时间段的烹饪温

度，以得到食物最佳的营养和口感，图乙为其电路原理图，Q和色为电阻不变的电热丝，Si是自动控制开关。

将电饭煲接入220V电路中，在电饭煲工作的30min内，它消耗的电功率随时间变化的图像如图内所示，求：

（l）0~30min,电饭煲消耗的电能；

（2）S和6均闭合，电路中的总电流;

（3）求Q和七的阻值分别是多少？

【答案】(1)9.9xlO5J；(2)3A；(3)110Q,220Q

【详解】解：（1）如图丙，0~3（）min内，660W功率工作的时间为

r/=15min=900s(0.5分)

440W功率工作的时间为

^2=15min=900s(0.5分)

则消耗的总电能为

卬高〃+P&Z2=660Wx900s+440Wx9(X)s=9.9x105J(1分)

“2

（2）开关S和Si都闭合时，电路为R/与处并联，总电阻最小，根据P=/•可知，电饭煲的功率较大，即P

面=660W,（1分）

则电路中总电流为/=生="竺=3A（1分）

U220V

（3）闭合开关S、断开Si时，电路中只有R/,电路中的电阻较大，电饭煲功率较小，即尸袤=440W,则Q的

电阻为

=(220Vf

=110QU分）

440W

开关S和Si都闭合时，电路为Q与心并联，所以R2的功率为

P：=P"虹=660W-440W=220W(1分)

则型的电阻为

口分)

答：(l)0~30min,电饭煲消耗的电能为9.9x1()5j；

(2)S和Si均闭合，电路中的总电流为3A：

(3)R/和&的阻值分别是R/=110C,型=220。°

六、综合能力题(共3小题，7+6+7,共20分)

23.人们发现内能可以做功，并制造了各种利用内能做功的机械一热机。

(1)如图甲所示是四缸四冲程内燃机轿车，该车获得动力的原理如图乙所示，与其对应的冲程是—冲程，其能

量转化是—能转化为一能；

燃料完全燃烧择放的热n(】oo%)

Z废气(33%))—

输

A出

仃爆擦，福射(7%j

用

功

丙

(2)下列图像中，能大致反映内燃机做一次功气缸内气体的温度随时间变化的是______。

(3)某质量为2t汽车匀速行驶时，受到的阻力为总重力的0.2倍，其发动机的能量流向如图丙所示，请根据给由

的信息计算；完全燃烧2kg的汽油能够获得_J的能量，这些能量能让该汽车前进_m：(汽油的热值为

4.6xlO7J/kg,g取10N/kg)

(4)为节约能源，下列措施中能提高热机效率的是o

A.尽量燃烧一些热值大的燃料B.尽量使燃料充分燃烧

【答案】(1)做功内机械

⑵C

⑶9.2xlO75.75xlO3

(4)B

【详解】(1)⑶图乙所示是将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，其对应的是内燃机的做功冲程，其能

量转化是将内能转化为机械能。

（2）内燃机做一次功的过程中，压缩过程，机械能转化为内能，气体的内能会增大，温度升高；做功过程，内

能转化为机械能，气体的内能会减小，温度降低。则温度先上升后下降。故C符合题意，ABD不符合题意。

故选C。

（3）根据Q=，㈣可得，完全燃烧2kg的汽油能够获得的能量为

Q放=mq=2kgx4.6x107J/kg=9.2x1OJ

由图丙可知，该汽油机的效率为

/7=100%-33%-35%-7%=25%

则有用功为

77

VV=QAX25%=9.2X）0JX25%=2.3X10J

质最为2t汽车匀速行驶时，受到的阻力为总重力的0.2倍，根据二力平衡可得，汽车的牵引力为

F=/=0.2G=0.2x2xl03kgxl0N./kg=4xl0,N

这些能量能让该汽车前进的距离为

s=叱=a^=5.75xGm

F4X103N

（4）要提高热机的效率，就要减少热晶的损失，使燃料充分燃烧，可以提高效率；尽显燃烧一些热值大的燃

料，并不能减少热量的损失，不能提高效率，故A不符合题意，B符合题意。

故选B。

24.阅读短文，回答问题。

变频空调机

空调机中有被称为“冷媒”的物质，利用它的物态变化可以实现室内、外热量的转移。如图所示是空调机制冷系

统的原理图，其中压缩机的作用是对气态“冷媒”加压，并使“冷媒'在管内循环。压缩机的转速越大，“冷媒”的

流最越大，空调机的制冷能力就越强。压缩机的转速由供电频率决定。“变频空调”是与传统供电频率不变的“定

频空调”相比较而产生的概念，与“变频空调”相比，变频空调机的变频器可以在一定范围内调节供电频率，从而

改变压缩机的转速，达到控制“冷媒”流量的目的。变频空调机开始工作时，以最大功率进行制冷，当室内温度

快速降至设定温度后，压缩机随即始于低速持续运转状念，维持室温基本不变。下表是某型号变频空调及部分

参数之间的对应关系，其中：制冷量是指单位时间内空调机从密闭区域内去除热量的总和：能效比是空调机在

额定状态工作时，制冷量与输入功率之比。

最小额定最大

输入功率/W1307001400

制冷量/W650360D

能效比--3.80--

空调机制冷系统原理图

57子膨胀阀II

（1）空调机工作时,，当液态“冷媒”汽化成气态时•，需要—热量；

（2）关于变频空调机，下列说法正确的是—；

A.变频空调的压缩机与定频空调一样，也是断断续续工作的

B.空调机制冷时，钢管A内流动的是气态“冷媒”

C.空调压缩机是利用降温的方法使“冷媒”发生物态变化的

D,变频器供电频率越小，空调机的制冷能力越强

（3）根据表格中的信息，试计算表中变频空调机额定制冷量为_W,在额定状态下工作lOmin.可以使_kg

的空气温度下降6℃［取空气的比热容。=1.0xl03j/（kg-C）］；

（4）夏天，上述空调机开始工作O.5h后，家中房间温度降至设定温度，随即空调机处于低速稳定运转状态，

又工作了10h,全过程共耗电2.9kW.h,则前0.5h内空调机消耗f向电能是—kWh,后IOh空调机的电流是

___Ao

【答案】吸收B26602660.71

【详解】（1）空调机工作时，当液态“冷媒”由液态变为气态发生汽化，要吸收热量.

（2）A.由题可知，变频空调的压缩机是连续工作的，故A错误；

B.由图示可知，空调机制冷时，图中钢管A内流动的是气态“冷媒”，故B正确；

C.由题可知，空调压缩机是利用压缩体积的方法使“冷媒”发生物态变化的，故C错误；

D.由题可知，变频器供电频率越小，压缩机的转速越慢，空调机的制冷能力越弱，故D错误。

故选B。

（3）因为能效比为

"="冷怔

%入

所以额定制冷量为

P璇出^A=3.8X700W=2660W

/=10min=600s

从室内去除的热量

Q=P^«z=2660Wx600s=1.596x106J

由△/可得，空气的质量为

Q1.596x1(?J

IH=-----=---------T------------=---2-6--6-k--g

皿1.0xl03J/(kg-C)x6C

（4）开始时以最大功率进行制冷，0.5h内消耗的电能为

叱=电=1.4kWx0.5h=0.7kWh

后IOh消耗的电能为

W2=%-%=2.9kWh-0.7kWh=2.2kW-h=2200Wh

由W=U〃可得，后IOh空调机的电流为

rW2200Wh।A

-220Vxl0h一

25.阅读短文，回答问题：

多功能喷洒车

二十大报告指出：推动绿色发展，促进人与自然和谐共生，多功能喷洒车作为城市环保小卫士充当着重要角

色。某款喷洒车的主要结构如图甲所示，配置的四冲程柴油机不仅要牵引喷洒车前行，还要带动雾炮机电气箱

里的发电机发电，然后发电机给风机、转向机、水泵和液压泵供电，水泵和液压泵可独立工作，机械结构上，

喷雾炮筒的转轴设计在炮筒的重心；工作时水泵通过水管将水箱中的水直接压到喷嘴处，然后被风机产生的强

风喷射出去；转向机可带动喷雾炮筒左右水平旋转，液压泵撑杆可支撑并带动喷嘴上下转动，达到有效控制喷

洒射程和面积的作用。

喷洒匕的部分参数如下表所示，其中最大能效的定义为：当以最大射程和流量工作时，最大射程和单位时间喷

水体积的乘积与发电机输出功率的比值。

发电机输出电柴油机效

380V最大能效_________Lem/kJ40%

压率

喷水最大流

发电机效率90%100L/min水箱容积8m3

量

（1）喷洒车在水平路面匀速前进喷水的过程中，若一直以最大流量喷水，注满一箱水最多可喷洒min；

（2）下列关于雾炮机的说法正确的是；

A.液压泵和水泵应该并联在电路中

B.风机、转向机和发电机都是将电能转化为机械能

C.喷水时，喷出的水雾在空中飞散，水雾的机械能守恒

D.该雾炮机也可利用家中的插座直接供电工作

（3）图乙是水箱内自动测定水量的电路示意图，R是滑动变阻器，水量表是由电流表改装而成；若要求喷水

过程中水量表示数变小，则图中电源负极应连接R的（选填2”或“8”）端；

（4）某次喷洒车以36km/h匀速行驶执行喷洒任务，柴油机以300Dr/min的转速运行，提