湖北省黄梅县某中学2025-2026学年高二年级上册周测（9.26）物理试卷（含解析）

高二物理9月26日训练

一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.中国运动员以121公斤的成绩获得2024年世界举重锦标赛抓举金牌，举起杠铃稳定时的状态如图所示。重

力加速度g=10m/s2,下列说法正确的是（）

A.双臂夹角越大受力越小

B.杠铃对每只手臂作用力大小为605N

C.杠铃对手臂的压力和手臂对杠铃的支持力是一对平衡力

D.在加速举起杠铃过程中，地面对人的支持力大于人与杠铃总重力

2.质量为m的物体P置于倾角为用的固定光滑斜面上，轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着尸与小车，P与滑轮

间的细绳平行于斜面，小车以速率D水平向右做匀速直线运动，当小车与滑轮间的细绳和水平方向成夹角为

时（如图所示），下列判断正确的是（

A.P的速率为u民P的速率为日

C.绳的拉力大于mgsin%1）.绳的拉力小于mgsin%

3.如图1所示，长为R且不可伸长的轻绳一端固定在。点，另一端系一小球，使小球在竖直面内做圆周运动。

由于阻力的影响，小球每次通过最高点时速度大小不同。测量小球经过最高点时速度的大小以绳子拉力的

大小尸，作出尸与后的关系图线如图2所示。下列说法中正确的是

）；

图1

A.根据图线可以得出小球的质量m=?

D

B.根据图线可以得出重力加速度g=?

K

C.绳长不变，用质量更小的球做实验，得到的图线斜率更大

1）.用更长的绳做实验，得到的图线与横轴交点的位置不变

4.质量均为m的两个星球A和乩相距为3它们围绕着连线中点做匀速圆周运动。观测到两星球的运行周期

7小于按照双星模型计算出的周期丁。，且5=匕于是有人猜想在力、B连线的中点有一未知天体C,假如猜

想正确，则C的质量为（）

.1-k21+k2人1-k2门1+k2

A.而nB-C.D.—

5.如图所示，真空中半径为R的圆周上有4、B、C三点，AB为直径,。为圆心，^ABC=30\在4B两点

分别固定电荷量为3Q（Q>0）和-Q的点电荷，已知静电力常量为M下列说法正确的是（）

A.。点的电场强度大小为答

B.C点的电场强度大小为警

C.将•个正试探电荷从4点沿直线移动至8点过程中，其电势能先减小后增大

D.若在C点放置.+Q的点电荷，小8连线上任意点的电场方向不可能与48边垂直

6.微信运动步数的测量是通过手机内电容式加速度传感器实现的。如图所示，电容M极板固定，N极板可运

动，当手机的加速度变化时，N极板只能按图中标识的“前后”方向运动。图中R为定值电阻。下列对传感

器描述正确的是（）

A.静止时，电流表示数为零，且电容器两极板不带电

B.保持向前匀加速运动时，电路中存在恒定电流

C.由静止突然向后加速时，电流由Q向b流过电流表

D.由向前加速突然停下时，电流由b向a流过电流表

7.如图甲所示，直空中水平放置两块长度为2d的平行金属板产、Q.两板间距为d,两板间加卜如图乙所示

最大值为%的周期性变化的电压，在两板左侧紧靠P板处有一粒子源4自t=0时刻开始连续释放初速度大

小为为，方向平行于金属板的相同带电粒子，£=0时刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场，已知电

场变化周期丁=芋，粒子质量为m，不计粒子重力及相互间的作用力，则（）

vo

P__________________WPQ

U。—；；__；

A

甲乙

A.在t=0时刻进入的粒子离开电场时速度大小为。北

B.粒子的电荷量为警

zu。

C.在t=时刻进入的粒子离开电场时电势能减少了5m诏

oO

D.在t=/时刻进入的粒子刚好从P板右侧边缘离开电场

二、多选题：本大题共3小题，共12分。

8.将四个相同的灵敏电流计分别改装成两个电流表4、4和两个电压表匕、匕，已知电流表2的量程小于4

的量程，电压表匕的量程大于匕的量程，改装好之后把它们接入如图所示的电路，R为定值电隹，闭合开关,

下列说法正确的是（)

A.4的内阻小于42的内阻

B.匕的内阻大于丹的内阻

C.匕的读数小于彩的读数，匕指针的偏角等于匕指针的偏角

D.电阻R两端的电压等于匕与眩的读数之和，通过R的电流小于&或4的读数

9.如图所示的电路中，R。为定佰电阳，R为滑动变阳器，。为平行板电容器，电源电动势为£\内阳为r,电

流表和电压表均为理想电表。闭合开关S后，电流表4的示数为/：电压表V的示数为U。现将滑动变阻器R的

滑动触头向左移动一小段距离，稳定后，电流表4的示数变化量的绝对值为加，电压表P的示数变化量的绝

对值为AU,下列说法正确的是（）

R。R小

~HE'hr——>

A.电流表4的示数增大，电压表V的示数增大

B.AU与AI的比值不变

C.电源的总功率减小

D.电容器的带电量增大

10.如图所示，一个质量为M的木箱静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的水平底板上放着一个质量为m的小

木块.现使木箱获得一个向右的初速度为，贝M）

A.小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动

氏小木块和木箱最终速度为小以

M+771

C.小木块与木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动

D.如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，则二者将一起向左运动

三、实验题：本大题共2小题，共18分。

11.学生实验小组要测量最程为”的电压表V的内阻即。可选用的器材有：多用电表，电源E（电动势W）,

电压表匕（量程5V,内阻约3也），定值电阻岛（阻值为8000）,滑动变阻器8（最大阻值50D）,滑动变阻器/??（

最大阻值5k。），开关S,导线若干。

完戊下列填空：

（1）利用多用电表粗测待测电压表的内阻。首先应（把下列实验步骤前的字母按正确操

作顺序排列）；

力.将红、黑表笔短接

R调节欧姆调零旋钮，使指针指向零欧姆

6：将多用电表诜择开关置于欧姆挡“X10”位置

再将多用电表的红、黑表笔分别与待测电压表的（填“正极、负极”或“负极、正极”）

相连，欧姆表的指针位置如图（。）中虚线I所示。为了减少测量误差，应将选择开关旋转到欧姆

挡（填“x1”“X100”或“x1k”）位置，重新调节后，测量得到指针位置如图⑷中

图（a）图（b）

（2）为了提高测量精度，他们设计了如图（匕）所示的电路，其中滑动变阻器应选（填

“%”或），闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于（填“Q”或“6”）端；

（3）闭合开关S,滑动变阻器滑片滑到某一位置时，电压表匕、待测电压表的示数分别为小、U,则待测电压

表内阻Av=（用％、U和%表示）；

(4)测量得到Ui=4.207,U=2.78V,则待测电压表内阻即=(结果保留3位

有效数字)。

12.某实验兴趣小组利用如图甲所示电路，测量电源的电动势E和表盘数字不清但刻度清晰的亳安表量程％。

待测电源电动势？约为10V、内阻不计，图中内阻很大的电压表量程为10V,电阻箱R最大阻值为999.9。，

亳安表内阻丁o=5OD,定值电阻R。阻值约为500。，S为开关。(计算结果均保留两位有效数字)

乙

T

(1)先对电表机械调零，闭合开关，多次调节电阻箱，记录多组阻值R和电压表的相应读数U；

(2)根据图甲所示电路，=(用R、RQ>E和I*。表示)；

(3)画出《一上图像如图乙，电动豹E=___________________V：

U尺十丁0

(4)调节电阻箱阻值为450.0。时，电压表读数为5.0V,此时亳安表指针指在刻度盘中央位置，则亳安表的量

程4=mA：

(5)将此亳安表与电阻箱、一节干电池(电动势1.5V)、开关及导线等改装成欧姆表，如图丙所示，用它来测

量一未知电阻心，指针指在图丁的位置，则&=①

四、计算题：本大题共3小题，共30分。

13.我国女子短道速滑队曾多次在国际大赛上为祖国赢得荣誉。某次接力赛练习，当运动员乙追上前方运动

员甲时，甲的速度大小%=8m/s,乙的速度大小/=10m/s，此时乙沿水平方向猛推甲一把，使甲以内=

127几/s的速度向前冲出，忽略该过程运动员与冰面间的摩擦。已知甲、乙运动员的质量均为60kg,乙

推甲的时间为t=0.8s,求：

(1)乙推甲后瞬间乙的速度大小畤；

(2)乙推甲的过程，乙对甲的冲量h

(3)乙推甲的过程，乙对甲平均作用力的大小心

14.在“质子疗法”中,质子先被加速到具有较高的能曷，然后被引向袭击肿瘤，杀死细胞。如图所示，质

量为m电荷量为q的质子从极板,4处由静止加速，通过极板4中间的小孔以北=1x107^/5射出，然后从

坐标系xOy中的8点(0⑷平行于x坐标轴进入yOP区域，该区域充满沿y轴负方向的匀强电场，电场强度为E,

OP与3轴夹角a=30%质子在电场中偏转垂直击中边界OP的C点(图中未标出)。取质子比荷为A=1x

10*C/kg,d=0.5m,不计重力作用。求：

(1)极板力4间的加速电压U：

(2)8、C两点电势差UBC；

(3)电场强度E的大小。

15.酒驾、醉驾会给交通安全带来巨大隐患，便携式酒精测试仪给交警执法带来了极大的便利。如图1所示,

是便携式酒精测试仪的原理图，电源电压恒为3V,Rp是酒精气体传感器，其阻值随酒精气体浓度变化的规

律如图2所示，咒是报警器，其电阻值恒定为500。问：

RpfR)

—i/7i-l-*

传感器报警器

—f——I1-

(1)当气体中酒精浓度为。时，电路中的电流是多少？通电10s电流产生的热量是多少？(2)我国法律规定，

当每100mL的气体中酒精浓度大干或等于20mg小干80mg为酒驾，大干或等F80mg为醉驾。在对某司机的

检测中，电压表的示数为2乙通过计算分析该司机属于酒驾还是醉驾。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】4双臂所受杠铃作用力的合力的大小等于杠铃的重力大小，与双臂的夹角无关，力错误；

B.杠铃的重力为G=mg=121xION=1210N

手臂与水平的杠铃之间有夹角，假设手臂与竖直方向夹角为0,根据平衡条件可知2Fcos6=G

结合cose<l,解得杠铃对手臂的作用力尸>605N

8错误：

C.杠铃对手臂的压力和手臂对杠铃的支持力是一对相互作用力，。错误：

〃加速举起杠铃，人和杠铃构成的相互作用系统加速度向上，系统处于超重状态，因此地面对人的支持力

大干人与杠铃的总重力，〃正确。

故选以

2.【答案】C

【解析】力B.将小车的速度在沿细绳和垂直细绳两个方向分解，则沿绳方向的分量大小为

Vf/=VCOS02

所以P的速率为

Vp=V//=VCOS02

故仍错误；

CD由于“不断减小，所以外不断增大，根据牛顿第二定律可知P所受合外力沿斜面向上，则绳的拉力大于

mgsin%,故C正确，〃错误。

故选G

3.【答案】A

【脩析】被根据牛顿第二定律可知尸+mg=m^

解得F=—v2—mg

R

由图像可知户就

可得小球的质量

D

由0=gb_mg

R

可得重力加速度g=&

选项力正确，方错误；

C.图像的斜率为

R

则绳长不变，用质量更小的球做实验，得到的图线斜率更小，选项C错误;

D.图线与横轴交点的位置O=gM—mg

可得/=gR

则用更长的绳做实验，得到的图线与横轴交点的位置距离原点的的距离变大，选项〃错误。

故选/io

4.【答案】A

【解答】

两星的角速度相同，根据万有引力充当向心力知：G*=〃1rla/=机厂23？

可得：G二七①

两星绕连线的中点转动，则有：G普=771节享②

所以7。=2兀居③

由于。的存在，双星的向心力由两个力的合力提供，则：G/+G器=zn（年产,④

又且3k⑤

zo

解③④⑤式得：M=

故选:A»

5.【答案】D

【解析】4A点的点电荷在。处产生的电场强度大小为Ei=吟,方向沿A0方向：8点的点电荷在。处产

生的电场强度大小为62二上装，方向沿0B方向，根据电场强度叠加原理可得0点的电场强度大小为E=

F14-E2=»故A错误；

氏4点的点电荷在C处产生的电场强度大小为用=上称，方向沿4c方向；B点的点电荷在C处产生的电场强度

K

大小为E4=k^=k昌市=k蚩,方向沿C8方向，根据电场强度叠加原理可得C点的电场强度大小

为E，=，E»E”祟,故〃错误;

6：由题意可知，电场线沿用旨向B，将一个正试探电荷从A点沿直线移动至B点过程中，电场力做正

功，其电势能不断减小，故。错误；

〃根据电场强度叠加原理及4项分析知48点电荷在连线上任意点产生的场强方向沿4B方向，若在C点

放置+Q的点电荷，C点在小8连线上任意点产生的场强方向由C点指向该点，C点的点电

荷在4点产生的电场强度大小为k卷,沿C4方向，8点的点电荷在4点产生的电场强度大小为k条,

方向沿48方向，根据矢量置加原则知，A点的电场方向不可能与AB边垂直，根据儿何分析知，4、8连

线上任意点的电场方向不可能与AB边垂直，故〃正确。

故选以

6.【答案】C

【解析】力.静止时，N板不动，电容器的电容不变，则电容器电量不变，则电流表示数为零，电容器保持与

电源相连，两极板带电，故力错误；

笈保持向前匀加速运动时，加速度恒定不变，则N板的位置在某位置不动，电容器电容不变，电容器保持与

电源相连，电压不变，由。=。(/知电量不变，电路中无电流，枚6正确；

C由静止突然向后加速时，N板相对向前移动，则板间距减小，根据知电容C增大，则电容器电量

471kd

增大，电容器充电，电流由Q向b流过电流表，故C正确；

D.由前加速突然停下时，M板相对向前移动，则板间距减小，

根据。二品知电容C减增大，电玉不变，

4/ikct

由。=。〃知电容器电最增大，电容器充电，电流由Q向匕流过电流表，故〃错误；

故选乙

7.【答案】D

【解析】解：力、粒子进入电场后，水平方向做匀速运动，则t=0时刻进入电场的粒子在电场中运动时间

t=-,此时间正好是交变电场的一个周期；粒子在竖直方向先做加速运动后做减速运动，经过一个周期，

为

粒子的竖直速度为零，故粒子离开电场时的速度大小等于水平速度又，故力错误；

B、粒子在竖直方向，在州间内的位移为g则7=3黑脸)2,解得q=*故笈错误；

C、t=5时刻进入电场的粒子，离开电场时在竖直方向上的位移为d'=2x|a(^T)2-2x|a(^)2=\aT2=

8Zo2oo

故电场力做功为卬=等乂7=3%4=3771诏，故C错误；

〃、t=?时刻进入的粒子，在竖直方向先向下加速运动?，然后向下减速运动1再向上加速J,向上减速?，

4444-4

由对称可知，此时竖直方向的位移为零，故粒子从P板右侧边缘离开电场，故〃正确；

故选：D

带电粒子垂直电场线进入电场做类平抛运动，将类平抛运动分解为垂直电场方向的匀速直线运动和沿电场

线方向的匀加速直线运动，根据类平抛运动的规律求解•.

此题关键是要搞清粒子在电场中水平方向和竖直方向的运动特征，主要是结合电场的变化情况研究竖直方

向在一个周期内的运动情况，此题还可以结合b-t图象进行分析.

8.【答案】BD

【解析】儿灵敏电流计与电阻并联改装成电流表，量程大，并联的电阻小，&的量程小于42的量程，则4的

电阻大于力2的电阻，故力错误；

笈灵敏电流计与大电阻串联改装成电压表，量程大，串联的电阻大，匕的量程大于/的量程，则匕的电阻大

于丹的电阻，故占正确：

C.V\、匕串联，电流相同，流过灵敏电流计的电流相同，则匕、/指针的偏转角相同，匕的后程大干乙的

量程，则匕的读数大于忆的读数，故C错误；

〃定值电阻R的电压等于匕的读数与眩的读数之和，①、&串联，读数相同，电流相同，由于电压表的分流

作用，则定值电阻R的电流小于4或&的读数，故〃正确。

9.【答案】BD

【解答】

4当滑动变阻器R的滑动触头向左移动的过程中，滑动变阻器R接入电路的值减小，电路中总电阻变

小，干路电流增大，电流表4的示数增大，定值电阻&两端电压U°=/Ro增大，根据闭合电路欧姆定律

得E=U+U0+lr,可知电压表，的示数减小，故4错误；

8.根据闭合电路欧姆定律得E=U+/(/?0+r)，则有詈=&+「，R。和「不变，故比值不变，故8正确；

C.电源的总功率P=IE,由于总电流增大，则可知电流的总功率增大，故C错误；

。.电容器的带电量Q=C%增大，故。正确。

故选：BD.

10.【答案】AB

【解答】

木箱与小木块组成的系统水平方向不受外力，故系统水平方向动量守恒，最终两个物体以相同的速度一起

向右运动，取北方向为正方向，由动量守恒定律得：MVQ=(M+m)v,解得：v=-^―v,故正确，

M+7H0

⑦错误。

11.【答案】CAB

负极、正极

x100

1.6

Ri

a

UR。

Ui-U

1.57

【解析】(1)利用多用电表粗测待测电压表的内阻。首先应选择欧姆挡即C选项：将多用电表选择开关置于

欧姆挡“x10”位置；接着将红、黑表笔短接即力选项；然后进行欧姆调零即B选项：调节欧姆调零旋钮，

使指针指向零欧姆。

故首先的操作顺序为£48。

根据多用电表使用时电流“红进黑出”的规则可知：测量电阻时电源在多用电表表内，故将多用电表的红、

黑表笔分别与待测电压表的“负极、正极”相连。

读数时欧姆表的指针位置如图(。)中虚线I所示，偏转角度较小即倍率选择过小，为了减少测量误差，应将

选择开关旋转到欧姆挡倍率较大处，而根据表中数据可知选择“XM”倍率又过大，故应选择欧姆挡

“X100”的位置；

测量得到指针位置如图(Q)中实线H所示，则所测得的电压表内阻为R=16.0x100n=1.6k。。

(2)图(b)所示的电路，滑动变阻器采用的是分压式连接，为了方便调节，应选最大阻值较小的滑动变阻器

即%;

为保护电路以及测量电路部分电压从零开始可知，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于a端。

(3)通过待测电压表的电流与定值电阻的电流相同，为/=竽

Ko

根据欧姆定律得待测电压表的阻值为即=7=普。

Iu「u

(4)测量得到%=4.20V,U=2.78V,代入待测电压表的阻值表达式R=署；，可得待测电压表内阻即=

v%—U

278x800n=1566。«1.57kQ,

4.20-2.78

12•【答案】常念+持

9.1

20

50

【解析】(2)根据闭合电路欧姆定律^/=£一《-品

整理得:常念+"

(3)根据图像有:(=0.11L

解得E=9.17；

(4)根据欧姆定律有：：％=三一

代入数据可得力=20mA；

(5)根据欧姆定律亳安表满偏时有：Ig=^-

解得：R内=75。

亳安表偏转:时，则有：:

5$K内

解得:Rx=son,

故答案为：(2)§・4+3(3)9.1：(4)20；(5)50。

(2)根据闭合电路欧姆定律推导图像函数表达式；

(3)根据图像截距计算电动势；

(4)根据欧姆定律计算微安表的量程；

(5)根据欧姆定律计算欧姆表的内阻，由题意再根据欧姆定律计算待测电阻阻值。

13.【答案】解.：(1)选甲乙运动方向为正方向，乙推甲，根据动量守恒定律可得+mv2=mv3+mv4

代人数据解得以=6m/s

(2)乙推甲，由动量定理可得乙对甲的冲量为I=mv3-mV1

代入数据得/=240N・s

方向与运动方向相同，即水平向前；

(3)乙推甲，乙对甲的冲量1=Ft

代人数据解得F=300/V

14.【答案】解：(1)质子在极板力公间加速，由动能定理得：

1,

qU=-mv^

解得：(/=5x105K

(2)质子在电场中偏转垂直击中边界OP的C点，如图

AA

(I口

h….…

O