2025-2026学年河南省新乡市高二上学期9月联考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025—2026学年度高二9月联考物理试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题∶本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.关于电源和电流，以下说法正确的是（）A.电源的作用是在电源内部把电子由负极搬运到正极，保持两极之间有稳定的电势差B.电源实质上也是一个用电器，也需要外界提供能量C.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大D.导体中的电流一定是由自由电子的定向移动形成的【答案】C【解析】A．电源内部非静电力将电子从正极搬运到负极，从而维持两极电势差，而非从负极到正极，故A错误；B．电源是提供能量的装置，不是用电器，故B错误；C．根据电流定义式可知单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大，故C正确；D．导体中的电流是带电粒子定向移动形成的，但带电粒子不一定是自由电子，如导电溶液中的带电粒子是正负离子，故D错误。故选C。2.一段均匀铜导体的电阻为r，横截面积为S，导体两端所加电压为U，电子的电荷量为e，导体中单位体积内的自由电子数为n，则电子在铜导体中定向移动的速率为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】根据欧姆定律有根据电流的微观表达式联立解得电子定向移动的速率为故选B。3.如图所示，用某种金属材料制成长为a、宽为b、厚为c的长方体，且。电流沿AB方向的电阻为，电流沿CD方向的电阻为，电流沿EF方向的电阻为，则等于（）A.8∶2∶1 B.8∶1∶4 C.16∶1∶2 D.16∶1∶4【答案】D【解析】设金属材料的电阻率为，根据电阻定律可知，电流沿AB方向时电阻电流沿CD方向时电阻电流沿EF方向时电阻则故选D。4.如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；的阻值等于电流表内阻的；的阻值等于电流表内阻的2倍；的阻值与电流表内阻相等。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是（）A.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04AB.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.06AC.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.08AD.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.10A【答案】D【解析】AB．设电流表A的内阻为RA，总电流为，用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值时，若将接线柱1、2接入电路，电流表A先与串联后再与R1并联，根据并联电路的特点可得代入数据，解得则每一小格表示0.10A，故AB错误；CD．若将接线柱1、3接入电路时，电流表A先与串联后再与R1并联最后再和串联，则代入数据，解得则每一小格表示0.10A，故C错误，D正确。故选D。5.相距为L的点电荷A、B带电荷量分别为+4q和-q，如图所示，今引入第三个点电荷C，使三个点电荷都处于平衡状态，则C的电荷量和放置的位置是（）A.-q，在A左侧距A为L处B.-2q，在A左侧距A为L处C.+4q，在B右侧距B为L处D.+2q，在B右侧距BL处【答案】C【解析】三个电荷要平衡，必须三个电荷的一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以C必须为正电，在B的右侧，设C所在位置与B的距离为r，则C所在位置与A的距离为，要能处于平衡状态，以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电量为Q则有解得对点电荷A，其受力也平衡，则解得即C带正电，电荷量为4q，在B的右侧距B为L处。故选C。6.如图所示，用绝缘细线拴一带负电小球，在竖直平面内做圆周运动，匀强电场方向竖直向下，则（）A.小球不可能做匀速圆周运动B.当小球运动到最高点a时，线的拉力一定最小C.当小球运动到最高点a时，小球的电势能一定最小D.当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大【答案】C【解析】A．小球带负电，电场强度方向竖直向下，故电场力方向竖直向上，所以当重力与电场力平衡时，仅由细线的拉力提供向心力，则小球可能做匀速圆周运动，故A错误；B．当重力小于电场力时，点为等效最低点，则小球运动到最高点时，线的拉力最大，故B错误；C．根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知，在圆周上点的电势最高，根据可知当小球运动到最高点时，小球的电势能一定最小，故C正确；D．当重力小于电场力时，点为等效最低点，则小球运动到最高点时，小球的速度最大，故D错误。故选C。7.在图甲所示的电路中，电源的图像对应图乙中的图线a，定值电阻的图像如图乙中的图线b所示，滑动变阻器的总电阻为，下列说法正确的是（）A.电源的内阻为B.当时，消耗的功率为C当时，电源效率最高D.在时，电源输出的功率最大【答案】D【解析】A．根据题意，由图乙可得，定值电阻的电阻为由闭合回路欧姆定律有结合图乙可得，故A错误；B．当时，由闭合回路欧姆定律有消耗的功率为故B错误；C．电源效率为可知，电流越小效率越高，则当时，电源效率最高，故C错误；D．电源输出的功率为由数学知识可知，当时，电源输出的功率最大，由闭合回路欧姆定律有则有解得即在时，电源输出的功率最大，故D正确。故选D。二、多项选择题∶本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图示的电路中，闭合开关，灯、正常发光。由于电路出现故障，突然发现变亮，变暗，分析电路特点，若只有某个元件发生的故障，下列情况可能的是（）A.短路 B.短路 C.断路 D.断路【答案】BC【解析】将电路进行简化，可知与灯并联，、串联后与并联，如图所示：A．若短路，则总电阻减小，总电流增大，路端电压减小。而部分因电阻不变，其两端的电压增大，故两端电压减小，即变暗，变亮，与题干矛盾，A错误；B．若短路，则总电阻减小，总电流增大，路端电压减小。而部分因电阻不变，其两端的电压增大，故两端电压减小，即变亮，变暗，符合题意，B正确；C．若断路，则总电阻增大，总电流减小，路端电压增大。而部分因电阻不变，其两端电压减小，故两端电压增大，即变亮，变暗，符合题意，C正确；D．若断路，则总电阻增大，总电流减小，路端电压增大。而部分因电阻不变，其两端的电压减小，故两端电压增大，即变暗，变亮，与题干矛盾，D错误；故选BC。9.如图所示，电源电动势为E、内阻为r，为定值电阻，且，电容器的电容为C，灯泡电阻也为且保持不变，电表均为理想电表。闭合开关S，电流稳定时，灯泡正常发光，电压表示数为U，电流表示数为I，向右调节滑动变阻器滑片P到特定位置，待电路稳定，该过程电压表示数的变化量的绝对值为，电流表示数的变化量的绝对值为，则（）A.B.电压表、电流表示数均变大，灯泡变亮C.通过的电荷量为D.电源的输出功率减小，总功率增大【答案】AC【解析】A．由闭合回路欧姆定律知整理得由题意可知为U-I图像的斜率的绝对值，即故A正确；B．滑动变阻器滑片P向右滑动，滑动变阻器接入电路中的阻值减小，电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得电流表示数增大，灯泡变亮，电源内压增大，则路端电压减小，故B错误；C．通过的电荷量为故C正确；D．电源输出功率当时电源输出功率最大，由于，滑动变阻器接入电路中的电阻减小时，电源的外阻依然大于内阻，但更接近内阻，电源的输出功率增大；电源的总功率，增大，故D错误。故选AC。10.如图所示，两个可看作点电荷的带电绝缘小球紧靠着塑料圆盘，小球A固定不动（图中未画出）。小球B绕圆盘边缘在平面内从沿逆时针缓慢移动，测量圆盘中心O处的电场强度，获得沿x方向的电场强度随变化的图像（如图乙）和沿y方向的电场强度随变化的图像（如图丙）。下列说法正确的是（）A.小球A带负电荷，小球B带正电荷B.小球A、B所带电荷量之比为C.小球B绕圆盘旋转一周过程中，盘中心O处的电场强度先增大后减小D.小球B绕圆盘旋转一周过程中，盘中心O处的电场强度最小值为【答案】BD【解析】A．由乙、丙两图可知，当时，小球B在O点正上方，此时，，则说明小球A一定在y轴上固定；当时，，小球B在O点正右侧，而水平方向场强方向为x轴负向，则说明小球B为正电荷，此时，竖直方向的场强方向为y轴负向，若小球A在O点正上方固定，则小球A带正电荷，若小球A在O点正下方固定，则小球A带负电荷，所以小球A的带电性质不能确定，故A错误；B．由于两小球都紧靠在塑料圆盘的边缘，所以到O点的距离r相同，当时，由可得故B正确；C．盘中心O处电场强度为小球A和小球B在O点产生的场强的矢量和，随着小球B从转到2π的过程中，和大小都不变，和的夹角在增大的过程中，当时，O处的合场强最大；当时，O处的合场强最小；所以小球B从转到2π的过程中，中心O处的合场强先增大后减小再增大，故C错误；D．小球B绕圆盘旋转一周过程中，当时，O处的合场强最小，其值大小为故D正确。故选BD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某实验小组的同学通过实验测量一粗细均匀圆柱形合金电阻丝的电阻率，已知电阻丝的长度为。（1）用螺旋测微器测量电阻丝的直径，其示数如图甲所示，则直径的测量值为______mm。（2）用多用电表欧姆挡测量电阻丝的电阻，开始时选用“×10”的挡位测量发现指针偏转角太大，挡位应调整为______（填“×1”或“×100”）挡，正确调整挡位后经过欧姆调零重新测量，指针如图乙所示，此时电阻的测量值为______。（3）为了比较精确测量电阻丝的电阻，实验室提供了下列器材：A.电压表V1（量程3V，内阻约为）；B.电压表V2（量程为15V，内阻约为）；C.电流表A1（量程为100mA，内阻约为）；D.电流表A2（量程为300mA，内阻约为）；E.滑动变阻器（阻值范围为）；F.电动势为4.5V的电源，内阻不计；G.开关S，导线若干。根据实验器材，设计如图丙所示的实验电路，为比较精确测量电阻丝的电阻，电压表应选______，电流表应选______；（填写器材前对应的字母序号）（4）若通过（3）测得电阻丝的电阻为，则可求得该电阻丝的电阻率为______（取3，结果保留2位有效数字）。【答案】（1）1.384##1.385##1.386##1.387（2）×111.0（3）AD（4）【解析】（1）根据螺旋测微器的读数规律，该读数为（2）[1]用“×10”的挡位测量发现指针偏转角太大，表明通过的电流过大，即待测电阻过小，为了使指针指在中央刻线附近减小误差，需要将挡位应调整为小挡位，即挡位应调整为×1；[2]根据欧姆表的读数规律，该读数为（3）[1]电源电动势为4.5V，为了减小电压表的读数误差，需要选择与电动势相差不多的量程，即电压表选择A；[2]结合上述可知，待测电阻利用欧姆表测得阻值为，当A电压表达到满偏时，通过电阻的电流约为为了确保电流表的安全与精度，电流表选择量程300mA，即电流表选择D。（4）根据电阻的决定式有，其中，解得12.某物理兴趣小组自制了图（a）所示的水果电池组，为测量该电池组的电动势和内阻，实验室提供了以下器材：A.待测水果电池组（E约为2.0V，r约为1000Ω）B.电流表A1（0~2mA，内阻约为20Ω）C.电流表A2（0~0.6A，内阻约为1Ω）D.电压表V1（0~3V，内阻约为1000Ω）E.电压表V2（0~15V，内阻约为5000Ω）F.滑动变阻器R1（0~10Ω）G.滑动变阻器R2（0~1500Ω）H.开关、导线各若干他们选用图（b）的实验电路进行实验：（1）实验中电流表应选用___________，电压表应选用___________，滑动变阻器应选用___________（上述三空均填器材前代号）。（2）根据实验电路连接实物，调节滑动变阻器滑片位置，记下多组电压表示数U与电流表示数I的数据，作出U-I图像如图（c）所示。根据图像和题中所给信息，该水果电池组的电动势E=___________V，内电阻r=___________Ω。（结果均保留3位有效数字）。（3）实验过程中存在电表系统误差。在下面四幅图像中，虚线代表没有电表误差情况下的电压、电流真实值关系的图像，实线是根据测量数据绘出的图像，则下列选项中图像及文字描述都正确的是___________（填选项下面的字母）。A.表示电压为U1时通过电压表的电流B.表示电流为I1时电流表两端电压C.表示电压为U1时通过电压表的电流D.表示电流为I1时电流表两端电压【答案】（1）BDG（2）2.22~2.26（3）D【解析】（1）[1]由于水果电池的短路电流约为2mA，则实验中电流表应选B；[2]电动势约为2V，则电压表应选D；[3]水果电池组内阻约为1000Ω，为了便于调节回路电流和电压，则滑动变阻器应选G。（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律有结合图像可知，该水果电池组的电动势内电阻为（3）AB．该实验的误差产生于电流表的内阻，而该电路对电动势的测量不会产生误差，由于考虑电流表内阻，则可知考虑电表内阻影响时有误差时内阻测量值偏大，即实线应该过纵轴上同一点，且实线的斜率偏大，故AB错误；C．根据，图C中表示，故C错误；D．图D中表示电流为I1时电流表两端电压，故D正确。故选D。13.如图所示，A为电解槽，为电动机，N为电炉子，恒定电压U＝12V，电解槽内阻RA＝2Ω，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表示数为6A；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表示数为5A，且电动机输出功率为35W；当S3闭合，S1、S2断开时，电流表示数为4A．求：（1）电炉子的电阻及发热功率；（2）电动机的内阻；（3）在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少．【答案】（1）2Ω72W（2）1Ω（3）16W【解析】试题分析：（1）电炉子为纯电阻元件，由欧姆定律得其发热功率为：（2）电动机为非纯电阻元件，由能量守恒定律得所以（3）电解槽工作时，由能量守恒定律得：14.如图甲所示的电路中，电源电动势、内电阻，定值电阻，。（1）求通过电阻的电流；（结果可用分数表示）（2）若在图甲电路中将所在支路拆除，并把电阻换成一个灯泡，该灯泡的伏安特性曲线如图乙中实线所示，求接入电路后，灯泡的实际功率；（3）若在图甲电路中用两个相同的灯泡分别替换，灯泡的伏安特性曲线如图乙中实线所示，求每个灯泡的实际功率。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）、并联后的总电阻根据闭合电路欧姆定律解得电路中的总电流由于、并联，则则通过电阻的电流（2）设灯泡两端电压为，通过灯泡的电流为，由闭合电路欧姆定律可得代入数据得到函数方程为在图乙中作出图线，如图所示由图可知，两图线的交点表示灯泡的工作点，读出交点坐标为，则灯泡的实际功率（3）设灯泡两端的电压为，通过其中一个灯泡的电流为，由闭合电路欧姆定律可得代入数据得到函数方程为在图乙中作出相应的图线，如图所示由图可知，两图线的交点表示两个相同的灯泡并联后每个灯泡的工作点，读出交点坐标为则每个灯泡的实际功率15.如图所示，光滑绝缘斜面高度，斜面底端与光滑绝缘水平轨道用小圆弧连接，水平轨道边缘紧靠平行板中心线。正对的平行板和电阻及输出电压恒定为的电源构成如图所示电路，平行板板长为，板间距离，定值电阻阻值为（未知），可以看作质点的带电小球电荷量，质量，从斜面顶端静止下滑。（1）若断开，小球刚好沿平行板中心线做直线运动，求电源的电压；（2）在（1）的条件下，若闭合，调节滑动变阻器，使其接入电路的电阻，小球获得的加速度，求电阻的阻值；（3）在（1）（2）的条件下，若闭合，调节滑动变阻器，使其接入电路的电阻，判断小球能否飞出平行板。【答案】（1）（2）（3）恰好从极板右侧边缘飞出【解析】（1）当断开时，两极板间电势差等于电源电压，由平衡条件得解得（2）当闭合时，对带电小球，由牛顿第二定律有两极板间电势差当闭合，时，和串联，电容器与并联，两端电压有，根据串联分压有得（3）小球下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得得小球进入平行板间的初速度为当闭合，时得电容器两端电压对小球，由牛顿第二定律得得带电小球在极板间做类平抛运动，竖直方向有水平方向有联立求得即，带电小球恰好从极板右侧边缘飞出。2025—2026学年度高二9月联考物理试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题∶本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.关于电源和电流，以下说法正确的是（）A.电源的作用是在电源内部把电子由负极搬运到正极，保持两极之间有稳定的电势差B.电源实质上也是一个用电器，也需要外界提供能量C.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大D.导体中的电流一定是由自由电子的定向移动形成的【答案】C【解析】A．电源内部非静电力将电子从正极搬运到负极，从而维持两极电势差，而非从负极到正极，故A错误；B．电源是提供能量的装置，不是用电器，故B错误；C．根据电流定义式可知单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大，故C正确；D．导体中的电流是带电粒子定向移动形成的，但带电粒子不一定是自由电子，如导电溶液中的带电粒子是正负离子，故D错误。故选C。2.一段均匀铜导体的电阻为r，横截面积为S，导体两端所加电压为U，电子的电荷量为e，导体中单位体积内的自由电子数为n，则电子在铜导体中定向移动的速率为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】根据欧姆定律有根据电流的微观表达式联立解得电子定向移动的速率为故选B。3.如图所示，用某种金属材料制成长为a、宽为b、厚为c的长方体，且。电流沿AB方向的电阻为，电流沿CD方向的电阻为，电流沿EF方向的电阻为，则等于（）A.8∶2∶1 B.8∶1∶4 C.16∶1∶2 D.16∶1∶4【答案】D【解析】设金属材料的电阻率为，根据电阻定律可知，电流沿AB方向时电阻电流沿CD方向时电阻电流沿EF方向时电阻则故选D。4.如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；的阻值等于电流表内阻的；的阻值等于电流表内阻的2倍；的阻值与电流表内阻相等。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是（）A.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04AB.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.06AC.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.08AD.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.10A【答案】D【解析】AB．设电流表A的内阻为RA，总电流为，用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值时，若将接线柱1、2接入电路，电流表A先与串联后再与R1并联，根据并联电路的特点可得代入数据，解得则每一小格表示0.10A，故AB错误；CD．若将接线柱1、3接入电路时，电流表A先与串联后再与R1并联最后再和串联，则代入数据，解得则每一小格表示0.10A，故C错误，D正确。故选D。5.相距为L的点电荷A、B带电荷量分别为+4q和-q，如图所示，今引入第三个点电荷C，使三个点电荷都处于平衡状态，则C的电荷量和放置的位置是（）A.-q，在A左侧距A为L处B.-2q，在A左侧距A为L处C.+4q，在B右侧距B为L处D.+2q，在B右侧距BL处【答案】C【解析】三个电荷要平衡，必须三个电荷的一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以C必须为正电，在B的右侧，设C所在位置与B的距离为r，则C所在位置与A的距离为，要能处于平衡状态，以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电量为Q则有解得对点电荷A，其受力也平衡，则解得即C带正电，电荷量为4q，在B的右侧距B为L处。故选C。6.如图所示，用绝缘细线拴一带负电小球，在竖直平面内做圆周运动，匀强电场方向竖直向下，则（）A.小球不可能做匀速圆周运动B.当小球运动到最高点a时，线的拉力一定最小C.当小球运动到最高点a时，小球的电势能一定最小D.当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大【答案】C【解析】A．小球带负电，电场强度方向竖直向下，故电场力方向竖直向上，所以当重力与电场力平衡时，仅由细线的拉力提供向心力，则小球可能做匀速圆周运动，故A错误；B．当重力小于电场力时，点为等效最低点，则小球运动到最高点时，线的拉力最大，故B错误；C．根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知，在圆周上点的电势最高，根据可知当小球运动到最高点时，小球的电势能一定最小，故C正确；D．当重力小于电场力时，点为等效最低点，则小球运动到最高点时，小球的速度最大，故D错误。故选C。7.在图甲所示的电路中，电源的图像对应图乙中的图线a，定值电阻的图像如图乙中的图线b所示，滑动变阻器的总电阻为，下列说法正确的是（）A.电源的内阻为B.当时，消耗的功率为C当时，电源效率最高D.在时，电源输出的功率最大【答案】D【解析】A．根据题意，由图乙可得，定值电阻的电阻为由闭合回路欧姆定律有结合图乙可得，故A错误；B．当时，由闭合回路欧姆定律有消耗的功率为故B错误；C．电源效率为可知，电流越小效率越高，则当时，电源效率最高，故C错误；D．电源输出的功率为由数学知识可知，当时，电源输出的功率最大，由闭合回路欧姆定律有则有解得即在时，电源输出的功率最大，故D正确。故选D。二、多项选择题∶本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图示的电路中，闭合开关，灯、正常发光。由于电路出现故障，突然发现变亮，变暗，分析电路特点，若只有某个元件发生的故障，下列情况可能的是（）A.短路 B.短路 C.断路 D.断路【答案】BC【解析】将电路进行简化，可知与灯并联，、串联后与并联，如图所示：A．若短路，则总电阻减小，总电流增大，路端电压减小。而部分因电阻不变，其两端的电压增大，故两端电压减小，即变暗，变亮，与题干矛盾，A错误；B．若短路，则总电阻减小，总电流增大，路端电压减小。而部分因电阻不变，其两端的电压增大，故两端电压减小，即变亮，变暗，符合题意，B正确；C．若断路，则总电阻增大，总电流减小，路端电压增大。而部分因电阻不变，其两端电压减小，故两端电压增大，即变亮，变暗，符合题意，C正确；D．若断路，则总电阻增大，总电流减小，路端电压增大。而部分因电阻不变，其两端的电压减小，故两端电压增大，即变暗，变亮，与题干矛盾，D错误；故选BC。9.如图所示，电源电动势为E、内阻为r，为定值电阻，且，电容器的电容为C，灯泡电阻也为且保持不变，电表均为理想电表。闭合开关S，电流稳定时，灯泡正常发光，电压表示数为U，电流表示数为I，向右调节滑动变阻器滑片P到特定位置，待电路稳定，该过程电压表示数的变化量的绝对值为，电流表示数的变化量的绝对值为，则（）A.B.电压表、电流表示数均变大，灯泡变亮C.通过的电荷量为D.电源的输出功率减小，总功率增大【答案】AC【解析】A．由闭合回路欧姆定律知整理得由题意可知为U-I图像的斜率的绝对值，即故A正确；B．滑动变阻器滑片P向右滑动，滑动变阻器接入电路中的阻值减小，电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得电流表示数增大，灯泡变亮，电源内压增大，则路端电压减小，故B错误；C．通过的电荷量为故C正确；D．电源输出功率当时电源输出功率最大，由于，滑动变阻器接入电路中的电阻减小时，电源的外阻依然大于内阻，但更接近内阻，电源的输出功率增大；电源的总功率，增大，故D错误。故选AC。10.如图所示，两个可看作点电荷的带电绝缘小球紧靠着塑料圆盘，小球A固定不动（图中未画出）。小球B绕圆盘边缘在平面内从沿逆时针缓慢移动，测量圆盘中心O处的电场强度，获得沿x方向的电场强度随变化的图像（如图乙）和沿y方向的电场强度随变化的图像（如图丙）。下列说法正确的是（）A.小球A带负电荷，小球B带正电荷B.小球A、B所带电荷量之比为C.小球B绕圆盘旋转一周过程中，盘中心O处的电场强度先增大后减小D.小球B绕圆盘旋转一周过程中，盘中心O处的电场强度最小值为【答案】BD【解析】A．由乙、丙两图可知，当时，小球B在O点正上方，此时，，则说明小球A一定在y轴上固定；当时，，小球B在O点正右侧，而水平方向场强方向为x轴负向，则说明小球B为正电荷，此时，竖直方向的场强方向为y轴负向，若小球A在O点正上方固定，则小球A带正电荷，若小球A在O点正下方固定，则小球A带负电荷，所以小球A的带电性质不能确定，故A错误；B．由于两小球都紧靠在塑料圆盘的边缘，所以到O点的距离r相同，当时，由可得故B正确；C．盘中心O处电场强度为小球A和小球B在O点产生的场强的矢量和，随着小球B从转到2π的过程中，和大小都不变，和的夹角在增大的过程中，当时，O处的合场强最大；当时，O处的合场强最小；所以小球B从转到2π的过程中，中心O处的合场强先增大后减小再增大，故C错误；D．小球B绕圆盘旋转一周过程中，当时，O处的合场强最小，其值大小为故D正确。故选BD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某实验小组的同学通过实验测量一粗细均匀圆柱形合金电阻丝的电阻率，已知电阻丝的长度为。（1）用螺旋测微器测量电阻丝的直径，其示数如图甲所示，则直径的测量值为______mm。（2）用多用电表欧姆挡测量电阻丝的电阻，开始时选用“×10”的挡位测量发现指针偏转角太大，挡位应调整为______（填“×1”或“×100”）挡，正确调整挡位后经过欧姆调零重新测量，指针如图乙所示，此时电阻的测量值为______。（3）为了比较精确测量电阻丝的电阻，实验室提供了下列器材：A.电压表V1（量程3V，内阻约为）；B.电压表V2（量程为15V，内阻约为）；C.电流表A1（量程为100mA，内阻约为）；D.电流表A2（量程为300mA，内阻约为）；E.滑动变阻器（阻值范围为）；F.电动势为4.5V的电源，内阻不计；G.开关S，导线若干。根据实验器材，设计如图丙所示的实验电路，为比较精确测量电阻丝的电阻，电压表应选______，电流表应选______；（填写器材前对应的字母序号）（4）若通过（3）测得电阻丝的电阻为，则可求得该电阻丝的电阻率为______（取3，结果保留2位有效数字）。【答案】（1）1.384##1.385##1.386##1.387（2）×111.0（3）AD（4）【解析】（1）根据螺旋测微器的读数规律，该读数为（2）[1]用“×10”的挡位测量发现指针偏转角太大，表明通过的电流过大，即待测电阻过小，为了使指针指在中央刻线附近减小误差，需要将挡位应调整为小挡位，即挡位应调整为×1；[2]根据欧姆表的读数规律，该读数为（3）[1]电源电动势为4.5V，为了减小电压表的读数误差，需要选择与电动势相差不多的量程，即电压表选择A；[2]结合上述可知，待测电阻利用欧姆表测得阻值为，当A电压表达到满偏时，通过电阻的电流约为为了确保电流表的安全与精度，电流表选择量程300mA，即电流表选择D。（4）根据电阻的决定式有，其中，解得12.某物理兴趣小组自制了图（a）所示的水果电池组，为测量该电池组的电动势和内阻，实验室提供了以下器材：A.待测水果电池组（E约为2.0V，r约为1000Ω）B.电流表A1（0~2mA，内阻约为20Ω）C.电流表A2（0~0.6A，内阻约为1Ω）D.电压表V1（0~3V，内阻约为1000Ω）E.电压表V2（0~15V，内阻约为5000Ω）F.滑动变阻器R1（0~10Ω）G.滑动变阻器R2（0~1500Ω）H.开关、导线各若干他们选用图（b）的实验电路进行实验：（1）实验中电流表应选用___________，电压表应选用___________，滑动变阻器应选用___________（上述三空均填器材前代号）。（2）根据实验电路连接实物，调节滑动变阻器滑片位置，记下多组电压表示数U与电流表示数I的数据，作出U-I图像如图（c）所示。根据图像和题中所给信息，该水果电池组的电动势E=___________V，内电阻r=___________Ω。（结果均保留3位有效数字）。（3）实验过程中存在电表系统误差。在下面四幅图像中，虚线代表没有电表误差情况下的电压、电流真实值关系的图像，实线是根据测量数据绘出的图像，则下列选项中图像及文字描述都正确的是___________（填选项下面的字母）。A.表示电压为U1时通过电压表的电流B.表示电流为I1时电流表两端电压C.表示电压为U1时通过电压表的电流D.表示电流为I1时电流表两端电压【答案】（1）BDG（2）2.22~2.26（3）D【解析】（1）[1]由于水果电池的短路电流约为2mA，则实验中电流表应选B；[2]电动势约为2V，则电压表应选D；[3]水果电池组内阻约为1000Ω，为了便于调节回路电流和电压，则滑动变阻器应选G。（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律有结合图像可知，该水果电池组的电动势内电