2026届河北省百师联盟高三下学期一模物理试题（含解析）

EQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(23),92)EQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(23),92)5UEQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(14),56)EQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(89),36)EQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(23),92)5U是天然放射性元素，下列说法正确的是()A．核反应方程中的X为a粒子EQ\*jc3\*hps11\o\al(\s\up5(14),56)EQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(23),92)将被测样品P置于A、B间。下列说法正确的是()θ速度为g若每个小球抛出时的初速度大小都是v0，他一共有4个小球，要想使节目连续不断表演下去，在他的手中总要有1个小球停留，则每个小球在手中停留的时间为()5g5gRD．当转台的角速度缓慢增大到时，小物块相对罐壁发生滑动Ep和R2，以及理想电流表A。初始时，滑动触头T位于副线圈中点，中点。现欲使电流表示数增大，下列操作一定可行的是()餐盘没有从机器人上脱离，取重力加速度g=10 A．制动过程中餐盘的加速度大小为6m/s2记录了质点的振动情况。已知该波的周期T=0.04s，下列说法正确的是()的电荷量，r为到点电荷的距离，k为静电力常量。下列说法正确的是()轨由倾斜部分和水平部分组成。水平部分位于竖直向上的匀强磁场B。倾斜导轨及水平导轨Ⅰ段间距均为2L，水平导轨Ⅱ段间距为L，Ⅰ、Ⅱ段导轨都足够长。金是()D．从P棒进入磁场到达到稳定运动状态过程中，系统产生的总热量为mgh(1)实验小组利用图甲中器材在圆形桌面上验证平行四边形定则。桌(2)某实验小组利用如图乙所示的装置验证机械能守恒定律。不可伸），记录小球通过光电门时挡光片的挡光时间Δt。已知重力加速度为g。C.电压表（量程为0～3V，内阻约为5kΩD.滑动变阻器（最大阻值为10Ω)(2)该实验小组连接好电路后进行实验，多次调节滑动变阻器，记录(3)由于电流表不慎损坏，实验桌上还有一个电阻箱，该实验小组设电路，多次改变电阻箱的阻值R，记录电压表的示数U，得到了如图丁所示的-图像。UR(2)若汽车行驶过程中一轮胎被异物划破缓慢漏气，当系统报警时，接。点P、Q和O在同一竖直线上，PQ间距为弹力绳原长。TS段是半径R=2.4m的圆弧形的位置由静止释放，当小球A首次进入水平杆OM，便在水平方向与穿在直杆OM且静止A与杆ON间的动摩擦因数，不考虑小球A经过两杆连接处时的能量损失，不计小球B与杆OM及圆弧形轨道TS间的摩擦，忽略空气阻力。弹力绳始终在弹性限度内且满足胡克定律，劲度系数k=20N/m，其弹性势能Ep与伸长量x的关系为Epkx2。取重力加15．如图所示，在直角坐标系xOy中，x<0的区域存在(1)求匀强电场的电场强度大小E；EQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(1),0)B．核裂变过程存在质量亏损，释放能量。反应前后核子总数不变，但反应后总质量减小，EQ\*jc3\*hps11\o\al(\s\up5(14),56)EQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(23),92)B．阳光下观察肥皂泡看到彩色条纹，其成因是光在肥皂泡膜的外表面和内表面反射叠加，设两球抛出的时间间隔为Δt，根据竖直上抛运动的对称性可知，当手刚接住一个小球时，空中有3个小球，一个刚上升，有一个在上升，一个在下降，共3个时间间隔对小物块，根据牛顿第二定律可得mgtanθ=mw2r当静摩擦力达到最大值时，小物块即将滑动，此时fm=μN设此时角速度为wm，竖直方向Ncosθ=mg+fmsinθ根据牛顿第二定律，在水平方向Nsinθ+fmcosθ=mwEQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(2),m)r解得动能Ekmv引力势能Ep=-Gp所需最小额外能量为ΔE=E'-E源，则新电源的电动势为EU，新电源等效内阻为rR0，作出等效电路图如图2电流表的电流I，表达式中的分子、分母同时增大，所以电流表示数据I，E、r不变，电流一定增大，B正确；C．将T向b端移动，n2减小，则r减小，E减小；同时滑片P上移，电阻R增大。根据D．将T向a端移动，n2增大，则r增大，E增大；同时滑片P下移，电阻R增大，根据如图1所示，设原线圈两端的电压为U1，电流为I1，副线圈两端的电压为U2，电流为I2，副线圈负载为R，与原线圈串联的定值电阻为R0，变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2。将变压器、定值电阻R0与原交流电源看成一个整体，等效为一个新的电源，令新电源的电对图2，由闭合电路欧姆定律得U2=E-I2rUnInU2n2I1可得U通过比较，可得EU，rA．机器人对餐盘的滑动摩擦力为f2根据牛顿第二定律得，餐盘的加速度大小为am/s2餐盘与机器人之间的相对位移为Δx=x2-x1=0.005mC．对机器人进行受力分析，得Ma1=f1-f2解得地面对机器人的摩擦力f1=70N机器人对餐盘的作用力为FN【点睛】餐盘没有从机器人上脱离，只是说明在此次制动过程中餐盘没有从机器人上掉落，方向分别沿AO、BO和OC方向，对电场进行矢量合成可知，O点的电场强度大小为CD O=φAO+φBO+φCO=++ LLL解得v根据闭合电路的欧姆定律，Q棒的电流为IB2L2解得B2L2mr量变化率为零，感应电动势为零，有B.2LvP=BLvQ分别以P棒、Q棒为研究对象，由动量BILΔt=m(vQ-0)联立可得-2vQ=vP-v0Q代入vPvQ=，解得Qmgh，故D错误。[2]实验中，只需保证O点受力平衡即可，细线的拉力等于悬挂[2]若机械能守恒,可知mgLmv化简得gL(2)1.48（相差流表外接法，电压表需要测量变阻器和电流（2）[1]根据欧姆定律有U=E-Ir①因此U-I图截距为E，由图乙可知E=1.48V[2]由①知U-I图斜率为-r，取图乙中直线与网格交点重合的两个点（0.10，1.40）和电流I因此图像斜率k纵截距b推导出ETTTT（2）漏气过程温度不变，由玻意耳定律得p2V2解得VV泄漏的气体体积V-VV(2)8m/s(3)3kg以小球A为研究对象，根据平衡条件，在垂直于直杆ON方向，有小球A受到的摩擦力大小为Ff=μFN=5N根据牛顿第二定律，在沿直杆ON方向有mgsinθ+FTcosθ-Ff=ma解得a=30m/s2（2）小球B离开M点后做平抛运动，在竖直方向，由自EQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(2),y)vvtana设小球B运动到S点时的速度大小为vB，由机械能守恒定律，得（3）小球A在直杆ON上滑动的过程中，设弹力绳与倾斜直杆的夹角为φ,由几何关系可知，弹力绳的伸长量为x以小球A为研究对象，根据平衡条件，在垂直于直杆ON方向有N=Tsinφ-mgcosθ=(kd-mg)cosθ小球A受到的摩擦力f=μN=μ(kd-mg)cos小球A从释放到O点，由机械能守恒定律，得mgd-fmv弹性碰撞中没有动能损失，得mvmvmBv竖直方向有a=，d=at22（2）粒子从P点到O点速度的偏转角为φ,则tan