2025-2026学年浙江省精诚联盟高二上学期10月联考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025学年第一学期浙江省精诚联盟10月联考高二年级物理学科试题考生须知：1．本卷共8页满分100分，考试时间90分钟。2．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。4．考试结束后，只需上交答题纸。选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个备选项中，只有一项是符合题目要求的。）1.下列选项物理量均是矢量的是（）A.加速度磁通量B.速率力C.电场强度电流强度D.位移磁感应强度【答案】D【解析】A．加速度是矢量，磁通量是标量（由磁感应强度与面积的标积得出），故A错误；B．速率是标量（速度的大小），力是矢量，故B错误；C．电场强度是矢量，电流强度是标量（方向是人为规定的单向性，非矢量方向），故C错误；D．位移是矢量，磁感应强度是矢量，故D正确。故选D。2.电压（voltage），也称作电势差或电位差，是衡量单位电荷在静电场中由于电势不同所产生的能量差的物理量。电压的国际单位制基本单位表示为（）A. B.C.V D.【答案】A【解析】由于电压的单位为伏特（V），则有故选A。3.下列关于电场线和磁感线的图像，错误的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】A．右手螺旋定则可知图中通电直导线产生的磁感线方向应为顺时针方向（从上往下看），故A错误，符合题意；B．右手螺旋定则可知通电螺旋管内部磁场方向水平向右，故小磁针N极向右，故B正确，不符合题意；CD．电场线从正电荷出发止于负电荷，故CD正确，不符合题意。故选A。4.下列有关电磁波的应用，说法正确的是（）A.空间站上对地球进行拍摄是利用红外线有较好的穿透云雾烟尘的能力B.铁路、民航等安检口使用γ射线对行李内物品进行检测C.医院里常用紫外线照射对病房和手术室进行消毒D.超市、书店的大门处常用来感应物品的门禁是利用了X射线【答案】C【解析】A．空间站对地球的拍摄通常使用可见光或微波遥感技术，红外线虽有一定穿透能力，但主要用于热成像或植被分析，而非穿透云雾烟尘，故A错误；B．安检设备普遍采用X射线，因其穿透力适中且成像清晰；γ射线穿透力过强且有害，故B错误；C．紫外线能破坏微生物DNA，广泛用于医院消毒，故C正确；D．超市门禁通过射频识别（RFID）技术，属于无线电波应用，与X射线无关，故D错误。故选C。5.下列有关电学知识的相关说法正确的是（）A.图甲中，锥形导体上的电荷分布不均匀，是受到周围其他电荷的影响B.图乙中，电工被防护服所包裹，人体电势为零，对人体起到保护作用C.图丙中，打火机的点火装置是利用尖端放电的原理D.图丁中，干燥的冬天，人触摸金属被电的原因是手和金属间产生了电荷【答案】C【解析】A．图甲中，锥形导体上的电荷分布不均匀，是因为电荷分布与导体的形状有关，即与导体表面的弯曲程度有关，弯曲程度越大，电荷分布越密集，表面越平缓，电荷分布越稀疏，故A错误；B．图乙中，电工被金属丝做成的防护服所包裹，则人体处于静电屏蔽状态，人体场强为零，对人体起到保护作用，故B错误；C．图丙中，打火机的点火装置是利用尖端放电的原理，故C正确；D．图丁中，干燥的冬天，人触摸金属被电的原因不是手和金属间产生了电荷，是因为手和金属间有电势差，发生电荷的瞬间转移，产生电击感，故D错误。故选C。6.如图甲是电鳗，能产生足以将人击昏的电流，是放电能力最强的淡水鱼类，输出的电压可达300~800伏，成年电鳗能长至2m以上。如图乙所示将电鳗放电时自身内形成的电场等效为匀强电场，其中正电荷集中在头部，负电荷集中在尾部，O为电鳗身体的中点，。下列说法正确的是（）A.A点电势高于B点电势B.若AB长为身长的一半，当电鳗产生500V的电压时，AB间电压为250VC.A、B两点的电场强度大小相等，方向相反D.若AB间电压200V，则O点的场强为【答案】B【解析】A．头部集中正电荷，尾部集中负电荷，电场线方向由B指向A，沿电场线方向电势降低，故B点电势高于A点，故A错误；B．由于电鳗放电时自身内形成的电场等效为匀强电场，当电鳗产生的电压时，其电场强度大小为则AB间的电压，故B正确；C．由于电鳗放电时自身内形成的电场等效为匀强电场，则A、B两点的电场强度大小相等，方向相同，故C错误；D．若A、B间电压则电场强度的大小为该电场可等效为匀强电场，则O点的场强大小为，故D错误。故选B。7.电击枪如图，最早出现在20世纪初期的科幻小说中，也有人根据其原理称其为“电休克枪”，该枪没有子弹，它是靠发射带电“飞镖”打到目标，再通过高频、短时、高压的脉冲直流电使目标失能。电击器的电流强度峰值约。下列说法正确的是（）A.电流强度是指单位时间里通过导体任一横截面的正、负电荷数B.电荷定向运动的方向就是电流方向C.电击枪与带电“飞镖”间的电流中，电荷定向运动的速率是光速D.电击枪若以峰值强度电击测试目标2秒钟，则会有个电荷通过目标【答案】D【解析】A．电流强度是指单位时间内通过导体任一横截面的电荷量，故A错误；B．正电荷定向运动的方向就是电流方向，负电荷定向运动的方向与电流方向相反，故B错误；C．电击枪与带电“飞镖”间的电流中，电荷定向运动的速率远小于光速，故C错误；D．电击枪若以峰值强度电击测试目标2秒钟，通过的电荷量为则通过目标的电荷数为，故D正确。故选D。8.某兴趣小组在“测量电池电动势和内阻”的实验中，现利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内阻。实验电路图如甲图，根据实验数据画的图像如乙图，则下列说法正确的是（）A.电池电动势为1.32VB.电池内阻为1.04ΩC.实验系统误差是由电压表分流引起的D.实验系统误差是由电流表分压引起的【答案】C【解析】AB．根据闭合电路欧姆定律代入图中数据（0.10，1.32），（0.50，0.80），解的V，，故AB错误；CD．通过电源的电流是电流表与通过电压表电流之和，实验误差来源于电压表分流，故C正确，D错误。故选C。9.手机快充越来越主流，快充技术也变得更成熟。现有最高支持40W超级快充的充电器如图所示，输出规格有“10V4A”，“9V2A”，“5V2A”。现有某手机电池，容量。若不考虑充电的转化效率，则下列说法正确的是（）A.电池充满电时具有的能量为15120JB.用“5V2A”对手机充电，电池电量从零到充满约要3.5hC.用“9V2A”对手机充电，电池电量从零到充满约要1.55hD.用“10V4A”的超级快充30分钟增加的电量约为47.6%【答案】D【解析】A．题干中没有说明电池的电压，无法计算电池充满电时具有的能量，故A错误；BC．用“5V2A”或“9V2A”的充电模式，则充电电流为2A，充满电荷量为4200mAh，故时间，故BC错误；D．用“10V4A”的超级快充，充电电流为4A，充满电时间为，充电30分钟，增加的电量为，故D正确。故选D。10.电容式传感器，通过改变相关因素使电容器电容发生变化，从而可以测量某些物理量的传感器。图甲是探究平行板电容器电容的影响因素实验图，图乙是位移传感器，图丙是压力传感器，图丁是测液高传感器。下列说法正确的是（）A.图甲中，保持B板不动，将A板向右移动，静电计指针张角增大B.图乙中，电容器电容增大的原因是被测物体向右发生运动C.图丙中，可动电极受压力越大，电容器电容越大D.图丁中，把金属芯线从液体中向上提起，电容会增大【答案】C【解析】A．图甲中，电容器带电量不变，根据可知保持B板不动，将A板向右移动，极板间距离减小，电容增大，根据可知极板间电压减小，静电计指针张角减小，故A错误；B．图乙中，根据可知，被测物体向左发生运动时，两极板间的电介质增多，电容增大，故B错误；C．图丙中，根据可知，可动电极受压力越大，极板间的距离越小，电容器电容越大，故C正确；D．图丁中，根据可知，把金属芯线从液体中向上提起，极板间正对面积减小，电容会减小，故D错误。故选C。二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）11.下列四幅图中涉及物理学史上的四个重大发现，下列说法正确的是（）A.伽利略通过理想斜面实验，提出了力不是维持运动的原因B.法拉第通过油滴实验，测出了电子的电荷量C.奥斯特通过实验研究，发现了电流的磁效应D.库仑通过静电力扭秤实验研究，测出了静电力常量【答案】AC【解析】A．伽利略通过理想斜面实验，提出了力不是维持运动的原因,而是改变物体运动状态的原因，故A正确；B．密立根通过油滴实验，测出了电子的电荷量，故B错误；C．奥斯特通过实验研究，发现了电流的磁效应，故C正确；D．库仑通过静电力扭秤实验研究，得出了库仑定律，但静电力常量不是库仑通过扭秤实验测得的，而是通过麦克斯韦相关理论计算出来的无误差的常数，故D错误。故选AC。12.如图，空间中有电荷量不同的异种电荷电场，PQ两点处在同一条电场线上，MQ两点在电荷连线两侧对称，下列说法正确的是（）A.M、Q两点位置场强和电势均相同B.P位置的场强比Q位置大，电势也比Q位置高C.电子P处由静止释放，仅受电场力作用会沿电场线运动到Q点D.电子在P点的电势能小于在Q点的电势能【答案】BD【解析】A．根据对称性可知，M、Q两点位置场强大小相等，方向不同；电势相等，故A错误；B．根据电场线的疏密程度可知，P位置的场强比Q位置大；根据沿电场方向电势逐渐降低，可知P位置的电势比Q位置的高，故B正确；C．电子在P处由静止释放，电子将向着正电荷运动，由于电场线不是直线，所以不会沿着电场线运动，故C错误；D．根据，由于P位置的电势比Q位置的高，电子带负电，所以电子在P点的电势能小于在Q点的电势能，故D正确。故选BD。13.太阳能光伏是通过光电效应或者光化学效应直接把光能转化成电能的装置。只要被光照到，瞬间就可输出电压及电流。图甲是马路边的光控电路节能灯。图乙为简化电路原理图，其中a灯为照明用灯，b灯为额定功率很小的指示灯，电流表A为实时记录电表，为定值电阻，为特殊电阻（光线照射的强度增大时，其电阻值减小）。当夜晚来临，天慢慢变黑时，下列说法正确的是（）A.电流表示数增大 B.a灯变暗，b灯变亮C.a灯变亮，b灯变亮 D.电源的效率增大【答案】CD【解析】ABC．依题意，天慢慢变黑时，光照逐渐减弱，光敏电阻阻值增大，电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，电流表A示数减小，由可知，外电压增大，a灯电流增大，a灯变亮，根据并联电路的分流原理可知，支路的电流减小，则的电压减小，根据串联电路的分压原理可知，b灯电压增大，b灯变亮，故AB错误；C正确；D．根据可知，电源的效率增大，故D正确。故选CD。非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共58分）实验题（Ⅰ、Ⅱ题共14分）14.在“练习使用多用电表”的实验中，使用欧姆表时，选择“×100”倍率的挡位时（如图），读数为________Ω。如果指针偏转过大，应将选择开关倍率拨至________的挡位（填“更高”或“更低”）。每次更换倍率不同的挡位后，应在读数前_________。【答案】1200更低重新进行欧姆调零【解析】[1]使用欧姆表时，选择“×100”倍率的挡位时（如图），读数为[2][3]如果指针偏转过大，说明待测电阻偏小，应将选择开关倍率拨至更低的挡位；每次更换倍率不同的挡位后，应在读数前重新进行欧姆调零。15.在“观察电容器的充放电现象”的实验中，如图甲所示电路中，其中E为电源，S为单刀双掷开关，R为定值电阻，C为电容器。现将开关从1处拨至2，传感器将电流信息传入计算机，放电过程中屏幕上显示出电流随时间变化的图像如图乙所示。通过图像数据，估算电容器在放电过程中释放的电荷量为_________C（结果保留2位有效数字），不改变电路其他参数，只减小电阻R，放电时曲线与横轴所围成的面积_________（填“增大”“不变”或“减小”）。【答案】（）不变【解析】[1]根据可知，图像与横轴围成的面积表示电荷量，由图乙可知图像与横轴围成的面积中大约有49个小方格，则电容器在放电过程中释放的电荷量为[2]根据可知，电容器充完电后所带的电荷量与电阻R无关，所以不改变电路其他参数，只减小电阻R，放电时曲线与横轴所围成的面积不变。16.现代的智能马桶，集便圈加热、温水洗净、按摩等多项功能于一身。某实验小组截取部分发热线圈，这类加热元件普遍采用镍铬合金，适合用于低温加热场合，现要测其电阻率，做了如下实验。（1）用螺旋测微器测量该部分发热线圈直径，用游标卡尺测量其长度，螺旋测微器示数如图甲所示。由图得发热线圈的直径为________mm，游标卡尺测量的长度值为5.24cm。（2）该小组想用伏安法更精确地测量发热线圈的电阻R（阻值约为几欧），可选用的器材如下：A.电流表（量程3A，内阻约0.02Ω）B.电流表（量程0.6A，内阻约0.1Ω）C.电压表（量程3V，内阻约10kΩ）D.电压表（量程15V，内阻约25kΩ）E.电源E（电动势3V，内阻忽略不计）F.滑动变阻器（阻值范围0~15Ω，允许通过的最大电流2.0A）G.开关S，导线若干为使实验误差较小，要求电压可以从零开始调节，电流表选择________，电压表选择________。（以上两空均选填仪器前面的序号）（3）请用笔画线表示导线，在图乙中完成测量发热线圈电阻的实验电路连接图________。（4）实验过程中，实验小组移动滑动变阻器的滑片，并记录两电表的多组测量数据，在坐标纸上描点、连线作出如图丙所示的图像，则实验测得发热线圈材料的电阻率________（计算结果保留2位有效数字）。【答案】（1）0.149##0.150##0.151（2）BC（3）（4）（-）【解析】（1）螺旋测微器的精确度为0.01mm，读数时需要估读，由图甲可知D=0mm+15.0×0.01mm=0.150mm。（2）[1][2]由于电源电动势为3V，为了准确，电压表应选量程为3V的电压表C；而待测电阻约为几欧，电路电流小于1A，则电流表选择B。（3）由于电压从零开始调节，滑动变阻器采用分压式接法，由于待测电阻阻值较小，采用电流表外接法，电路连接图如图所示（4）根据欧姆定律有根据电阻定律代入数据解得17.有一竖直面内半径为R的光滑绝缘圆弧轨道，两个质量相同的小球A、B（小球半径远小于R）在轨道上保持静止，A、B小球电荷量均为q的同种电荷，稳定时如图，两小球和圆心的连线与竖直方向成45°，静电力常量为k，重力加速度为g，求：（1）A、B小球间的库仑力大小F；（2）小球的质量m。【答案】（1）（2）【解析】（1）根据几何关系，两小球间的距离根据库仑定律解得（2）小球受重力、电场力和支持力。根据平衡条件，有解得18.如图所示，有一个双量程电流表，其中大量程为3A。已知表头G满偏电流，，。求：（1）大量程接线柱连a接线柱还是b接线柱？（2）表头G的内阻的值；（3）小量程电流表的量程的值。【答案】（1）a接线柱（2）50Ω（3）0.3A【解析】（1）接线柱连a时，起分流作用为一支路，与串联为一支路，此时的量程为接线柱连b时，与串联起分流作用为一支路，为一支路，此时的量程为比较可知可知大量程接线柱连a接线柱。（2）接线柱连a接线柱时，根据并联电路的特点量程为联立并代入数据解得（3）接线柱连b接线柱时，为小量程，根据并联电路特点解得19.示波器是一种用途十分广泛的电子测量仪器，它能把肉眼看不见的电信号变换成看得见的图像，便于人们研究各种电现象的变化过程。图甲是某种传统的模拟示波器的剖面图，由电子枪、偏转元件、荧光屏组成。其工作原理如图乙所示，从电子枪逸出的电子（初速度可忽略）被加速、偏转后打在涂有荧光物质的屏面上，就可产生细小的光点。图乙中P、Q之间的加速电压，M、N两板之间的偏转电压，电子从电子枪中逸出后沿图中虚线射入，经加速电场和偏转电场区域后，打到荧光屏A点。已知电子质量，电荷量，偏转极板M和N长，，虚线离MN板距离相同，荧光屏距离偏转板元件的长度为。不考虑电子的重力、电子间相互作用力及电子从电子枪中逸出时的初速度大小，不计空气阻力。（1）求电子进入偏转电场区域时速度的大小；（2）求电子离开偏转电场区域时偏转量的大小y；（3）求A点到点的距离。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）电子在加速电场中，由动能定理可得解得（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，可得，由牛顿第二定律联立解得（3）电子离开偏转电场后做匀速直线运动，轨迹如图由几何关系可知，代入数据后得20.如图所示，有倾角为37°的光滑斜轨道AB，B端连接着半径为R的光滑圆弧轨道BCD，紧靠D端有倾角为37°的传送带，传送带的传动方向顺时针，速度恒定为，光滑圆弧轨道的B、D处于同一高度，各连接处平滑过渡。现有一质量为m，电荷量为的物块，从轨道AB上与B相距L的P点静止下滑，经圆弧轨道BCD，从D点滑入传送带。D点右侧区域存在水平向左的匀强电场E。物块与传送带间的动摩擦因数为。已知，，，，，，，。不计空气阻力，物块可视为质点，传送带足够长。求物块：（1）滑到B点处的速度大小；（2）在圆弧轨道最低点C时，对轨道的压力；（3）在传送带上受到的摩擦力大小和方向；（4）在传送带离D点最远的距离。【答案】（1）（2）10N，方向竖直向下（3）摩擦力方向沿斜面向上，0.2N（4）2m【解析】（1）PB下滑过程，根据牛顿第二定律，有根据速度-位移公式联立解得（2）BC过程根据动能定理，有在C点根据牛顿第二定律，有解得牛顿第三定律得物体对轨道的压力大小为10N，方向竖直向下（3）物块受重力、电场力、支持力和摩擦力。在垂直斜面方向，有通过摩擦力公式联立并代入数据解得最大静摩擦力0.2N小于重力和电场力沿传送带向下的分力之和所以物体沿传送带向上减速（物体相对于传送带向下运动），摩擦力方向沿斜面向上（4）方法一：传送带上运动到最高处，根据动能定理，有因为BCD光滑，所以代入数据解得方法二：根据牛顿定律，有解得传送带上的加速度大小为因为BCD光滑，所以根据速度-位移公式，有代入数据解得2025学年第一学期浙江省精诚联盟10月联考高二年级物理学科试题考生须知：1．本卷共8页满分100分，考试时间90分钟。2．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。4．考试结束后，只需上交答题纸。选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个备选项中，只有一项是符合题目要求的。）1.下列选项物理量均是矢量的是（）A.加速度磁通量B.速率力C.电场强度电流强度D.位移磁感应强度【答案】D【解析】A．加速度是矢量，磁通量是标量（由磁感应强度与面积的标积得出），故A错误；B．速率是标量（速度的大小），力是矢量，故B错误；C．电场强度是矢量，电流强度是标量（方向是人为规定的单向性，非矢量方向），故C错误；D．位移是矢量，磁感应强度是矢量，故D正确。故选D。2.电压（voltage），也称作电势差或电位差，是衡量单位电荷在静电场中由于电势不同所产生的能量差的物理量。电压的国际单位制基本单位表示为（）A. B.C.V D.【答案】A【解析】由于电压的单位为伏特（V），则有故选A。3.下列关于电场线和磁感线的图像，错误的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】A．右手螺旋定则可知图中通电直导线产生的磁感线方向应为顺时针方向（从上往下看），故A错误，符合题意；B．右手螺旋定则可知通电螺旋管内部磁场方向水平向右，故小磁针N极向右，故B正确，不符合题意；CD．电场线从正电荷出发止于负电荷，故CD正确，不符合题意。故选A。4.下列有关电磁波的应用，说法正确的是（）A.空间站上对地球进行拍摄是利用红外线有较好的穿透云雾烟尘的能力B.铁路、民航等安检口使用γ射线对行李内物品进行检测C.医院里常用紫外线照射对病房和手术室进行消毒D.超市、书店的大门处常用来感应物品的门禁是利用了X射线【答案】C【解析】A．空间站对地球的拍摄通常使用可见光或微波遥感技术，红外线虽有一定穿透能力，但主要用于热成像或植被分析，而非穿透云雾烟尘，故A错误；B．安检设备普遍采用X射线，因其穿透力适中且成像清晰；γ射线穿透力过强且有害，故B错误；C．紫外线能破坏微生物DNA，广泛用于医院消毒，故C正确；D．超市门禁通过射频识别（RFID）技术，属于无线电波应用，与X射线无关，故D错误。故选C。5.下列有关电学知识的相关说法正确的是（）A.图甲中，锥形导体上的电荷分布不均匀，是受到周围其他电荷的影响B.图乙中，电工被防护服所包裹，人体电势为零，对人体起到保护作用C.图丙中，打火机的点火装置是利用尖端放电的原理D.图丁中，干燥的冬天，人触摸金属被电的原因是手和金属间产生了电荷【答案】C【解析】A．图甲中，锥形导体上的电荷分布不均匀，是因为电荷分布与导体的形状有关，即与导体表面的弯曲程度有关，弯曲程度越大，电荷分布越密集，表面越平缓，电荷分布越稀疏，故A错误；B．图乙中，电工被金属丝做成的防护服所包裹，则人体处于静电屏蔽状态，人体场强为零，对人体起到保护作用，故B错误；C．图丙中，打火机的点火装置是利用尖端放电的原理，故C正确；D．图丁中，干燥的冬天，人触摸金属被电的原因不是手和金属间产生了电荷，是因为手和金属间有电势差，发生电荷的瞬间转移，产生电击感，故D错误。故选C。6.如图甲是电鳗，能产生足以将人击昏的电流，是放电能力最强的淡水鱼类，输出的电压可达300~800伏，成年电鳗能长至2m以上。如图乙所示将电鳗放电时自身内形成的电场等效为匀强电场，其中正电荷集中在头部，负电荷集中在尾部，O为电鳗身体的中点，。下列说法正确的是（）A.A点电势高于B点电势B.若AB长为身长的一半，当电鳗产生500V的电压时，AB间电压为250VC.A、B两点的电场强度大小相等，方向相反D.若AB间电压200V，则O点的场强为【答案】B【解析】A．头部集中正电荷，尾部集中负电荷，电场线方向由B指向A，沿电场线方向电势降低，故B点电势高于A点，故A错误；B．由于电鳗放电时自身内形成的电场等效为匀强电场，当电鳗产生的电压时，其电场强度大小为则AB间的电压，故B正确；C．由于电鳗放电时自身内形成的电场等效为匀强电场，则A、B两点的电场强度大小相等，方向相同，故C错误；D．若A、B间电压则电场强度的大小为该电场可等效为匀强电场，则O点的场强大小为，故D错误。故选B。7.电击枪如图，最早出现在20世纪初期的科幻小说中，也有人根据其原理称其为“电休克枪”，该枪没有子弹，它是靠发射带电“飞镖”打到目标，再通过高频、短时、高压的脉冲直流电使目标失能。电击器的电流强度峰值约。下列说法正确的是（）A.电流强度是指单位时间里通过导体任一横截面的正、负电荷数B.电荷定向运动的方向就是电流方向C.电击枪与带电“飞镖”间的电流中，电荷定向运动的速率是光速D.电击枪若以峰值强度电击测试目标2秒钟，则会有个电荷通过目标【答案】D【解析】A．电流强度是指单位时间内通过导体任一横截面的电荷量，故A错误；B．正电荷定向运动的方向就是电流方向，负电荷定向运动的方向与电流方向相反，故B错误；C．电击枪与带电“飞镖”间的电流中，电荷定向运动的速率远小于光速，故C错误；D．电击枪若以峰值强度电击测试目标2秒钟，通过的电荷量为则通过目标的电荷数为，故D正确。故选D。8.某兴趣小组在“测量电池电动势和内阻”的实验中，现利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内阻。实验电路图如甲图，根据实验数据画的图像如乙图，则下列说法正确的是（）A.电池电动势为1.32VB.电池内阻为1.04ΩC.实验系统误差是由电压表分流引起的D.实验系统误差是由电流表分压引起的【答案】C【解析】AB．根据闭合电路欧姆定律代入图中数据（0.10，1.32），（0.50，0.80），解的V，，故AB错误；CD．通过电源的电流是电流表与通过电压表电流之和，实验误差来源于电压表分流，故C正确，D错误。故选C。9.手机快充越来越主流，快充技术也变得更成熟。现有最高支持40W超级快充的充电器如图所示，输出规格有“10V4A”，“9V2A”，“5V2A”。现有某手机电池，容量。若不考虑充电的转化效率，则下列说法正确的是（）A.电池充满电时具有的能量为15120JB.用“5V2A”对手机充电，电池电量从零到充满约要3.5hC.用“9V2A”对手机充电，电池电量从零到充满约要1.55hD.用“10V4A”的超级快充30分钟增加的电量约为47.6%【答案】D【解析】A．题干中没有说明电池的电压，无法计算电池充满电时具有的能量，故A错误；BC．用“5V2A”或“9V2A”的充电模式，则充电电流为2A，充满电荷量为4200mAh，故时间，故BC错误；D．用“10V4A”的超级快充，充电电流为4A，充满电时间为，充电30分钟，增加的电量为，故D正确。故选D。10.电容式传感器，通过改变相关因素使电容器电容发生变化，从而可以测量某些物理量的传感器。图甲是探究平行板电容器电容的影响因素实验图，图乙是位移传感器，图丙是压力传感器，图丁是测液高传感器。下列说法正确的是（）A.图甲中，保持B板不动，将A板向右移动，静电计指针张角增大B.图乙中，电容器电容增大的原因是被测物体向右发生运动C.图丙中，可动电极受压力越大，电容器电容越大D.图丁中，把金属芯线从液体中向上提起，电容会增大【答案】C【解析】A．图甲中，电容器带电量不变，根据可知保持B板不动，将A板向右移动，极板间距离减小，电容增大，根据可知极板间电压减小，静电计指针张角减小，故A错误；B．图乙中，根据可知，被测物体向左发生运动时，两极板间的电介质增多，电容增大，故B错误；C．图丙中，根据可知，可动电极受压力越大，极板间的距离越小，电容器电容越大，故C正确；D．图丁中，根据可知，把金属芯线从液体中向上提起，极板间正对面积减小，电容会减小，故D错误。故选C。二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）11.下列四幅图中涉及物理学史上的四个重大发现，下列说法正确的是（）A.伽利略通过理想斜面实验，提出了力不是维持运动的原因B.法拉第通过油滴实验，测出了电子的电荷量C.奥斯特通过实验研究，发现了电流的磁效应D.库仑通过静电力扭秤实验研究，测出了静电力常量【答案】AC【解析】A．伽利略通过理想斜面实验，提出了力不是维持运动的原因,而是改变物体运动状态的原因，故A正确；B．密立根通过油滴实验，测出了电子的电荷量，故B错误；C．奥斯特通过实验研究，发现了电流的磁效应，故C正确；D．库仑通过静电力扭秤实验研究，得出了库仑定律，但静电力常量不是库仑通过扭秤实验测得的，而是通过麦克斯韦相关理论计算出来的无误差的常数，故D错误。故选AC。12.如图，空间中有电荷量不同的异种电荷电场，PQ两点处在同一条电场线上，MQ两点在电荷连线两侧对称，下列说法正确的是（）A.M、Q两点位置场强和电势均相同B.P位置的场强比Q位置大，电势也比Q位置高C.电子P处由静止释放，仅受电场力作用会沿电场线运动到Q点D.电子在P点的电势能小于在Q点的电势能【答案】BD【解析】A．根据对称性可知，M、Q两点位置场强大小相等，方向不同；电势相等，故A错误；B．根据电场线的疏密程度可知，P位置的场强比Q位置大；根据沿电场方向电势逐渐降低，可知P位置的电势比Q位置的高，故B正确；C．电子在P处由静止释放，电子将向着正电荷运动，由于电场线不是直线，所以不会沿着电场线运动，故C错误；D．根据，由于P位置的电势比Q位置的高，电子带负电，所以电子在P点的电势能小于在Q点的电势能，故D正确。故选BD。13.太阳能光伏是通过光电效应或者光化学效应直接把光能转化成电能的装置。只要被光照到，瞬间就可输出电压及电流。图甲是马路边的光控电路节能灯。图乙为简化电路原理图，其中a灯为照明用灯，b灯为额定功率很小的指示灯，电流表A为实时记录电表，为定值电阻，为特殊电阻（光线照射的强度增大时，其电阻值减小）。当夜晚来临，天慢慢变黑时，下列说法正确的是（）A.电流表示数增大 B.a灯变暗，b灯变亮C.a灯变亮，b灯变亮 D.电源的效率增大【答案】CD【解析】ABC．依题意，天慢慢变黑时，光照逐渐减弱，光敏电阻阻值增大，电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，电流表A示数减小，由可知，外电压增大，a灯电流增大，a灯变亮，根据并联电路的分流原理可知，支路的电流减小，则的电压减小，根据串联电路的分压原理可知，b灯电压增大，b灯变亮，故AB错误；C正确；D．根据可知，电源的效率增大，故D正确。故选CD。非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共58分）实验题（Ⅰ、Ⅱ题共14分）14.在“练习使用多用电表”的实验中，使用欧姆表时，选择“×100”倍率的挡位时（如图），读数为________Ω。如果指针偏转过大，应将选择开关倍率拨至________的挡位（填“更高”或“更低”）。每次更换倍率不同的挡位后，应在读数前_________。【答案】1200更低重新进行欧姆调零【解析】[1]使用欧姆表时，选择“×100”倍率的挡位时（如图），读数为[2][3]如果指针偏转过大，说明待测电阻偏小，应将选择开关倍率拨至更低的挡位；每次更换倍率不同的挡位后，应在读数前重新进行欧姆调零。15.在“观察电容器的充放电现象”的实验中，如图甲所示电路中，其中E为电源，S为单刀双掷开关，R为定值电阻，C为电容器。现将开关从1处拨至2，传感器将电流信息传入计算机，放电过程中屏幕上显示出电流随时间变化的图像如图乙所示。通过图像数据，估算电容器在放电过程中释放的电荷量为_________C（结果保留2位有效数字），不改变电路其他参数，只减小电阻R，放电时曲线与横轴所围成的面积_________（填“增大”“不变”或“减小”）。【答案】（）不变【解析】[1]根据可知，图像与横轴围成的面积表示电荷量，由图乙可知图像与横轴围成的面积中大约有49个小方格，则电容器在放电过程中释放的电荷量为[2]根据可知，电容器充完电后所带的电荷量与电阻R无关，所以不改变电路其他参数，只减小电阻R，放电时曲线与横轴所围成的面积不变。16.现代的智能马桶，集便圈加热、温水洗净、按摩等多项功能于一身。某实验小组截取部分发热线圈，这类加热元件普遍采用镍铬合金，适合用于低温加热场合，现要测其电阻率，做了如下实验。（1）用螺旋测微器测量该部分发热线圈直径，用游标卡尺测量其长度，螺旋测微器示数如图甲所示。由图得发热线圈的直径为________mm，游标卡尺测量的长度值为5.24cm。（2）该小组想用伏安法更精确地测量发热线圈的电阻R（阻值约为几欧），可选用的器材如下：A.电流表（量程3A，内阻约0.02Ω）B.电流表（量程0.6A，内阻约0.1Ω）C.电压表（量程3V，内阻约10kΩ）D.电压表（量程15V，内阻约25kΩ）E.电源E（电动势3V，内阻忽略不计）F.滑动变阻器（阻值范围0~15Ω，允许通过的最大电流2.0A）G.开关S，导线若干为使实验误差较小，要求电压可以从零开始调节，电流表选择________，电压表选择________。（以上两空均选填仪器前面的序号）（3）请用笔画线表示导线，在图乙中完成测量发热线圈电阻的实验电路连接图________。（4）实验过程中，实验小组移动滑动变阻器的滑片，并记录两电表的多组测量数据，在坐标纸上描点、连线作出如图丙所示的图像，则实验测得发热线圈材料的电阻率________（计算结果保留2位有效数字）。【答案】（1）0.149##0.150##0.151（2）BC（3）（4）（-）【解析】（1）螺旋测微器的精确度为0.01mm，读数时需要估读，由图甲可知D=0mm+15.0×0.01mm=0.150mm。（2）[1][2]由于电源电动势为3V，为了准确，电压表应选量程为3V的电压表C；而待测电阻约为几欧，电路电流小于1A，则电流表选择B。（3）由于电压从零开始调节，滑动变阻器采用分压式接法，由于待测电阻阻值较小，采用电流表外接法，电路连接图如图所示（4）根据欧姆定律有根据电阻定律代入数据解得17.有一竖直面内半径为R的光滑绝缘圆弧轨道，两个质量相同的小球A、B（小球半径远小于R）在轨道上保持静止，A、B小球电荷量均为q的同种电荷，稳定时如图，两小球和圆心的