辽宁省鞍山市海城市高级中学2025-2026学年高二下学期学情自测物理试卷（含解析）

题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~1中箭头所示。则下列说法正确的是()场的影响，则()载机等效为电阻为R的导体棒PQ，当电键S闭合后，其速度v、电流I、所受安培力F、流过的电量q的变化关系图像可能正确的是()挂起来，如图所示。两个线框均有一半面积处在磁感应强度随时间均匀变化的匀强磁场中，所受细线的拉力也为零。若已知圆形线框的半径为a，则正方形线框的边长为()的原理图，图丁为洛伦兹力演示仪的原理图。下列说法中正确的是()A．在图甲中，比荷为的粒子在质谱仪B2区域中运动的半径为RB．的值等于电源内阻r图象正确的是() 自耦变压器给一电阻供电，变压器的原线圈匝数可以调节，电流表、电压表均为理想电表。滑片P初始时位于原线圈中点处，当矩形线圈以角速度w匀速转动时，电压表的示数为U，不计线圈和导线的电阻，下列说法正确的是()），球，玻璃管上端处在纸面内的直线PQ上，PQ和水平方向成θ=30°角。现保持玻璃管竖直，做匀速圆周运动。已知重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是()B．小球离开玻璃管所需要的时间为-sC．小球离开玻璃管时速度大小为6m/s，方向与PQ的夹角为30°A．电压表V(0~3V)，内阻约为3kaB．电流表A（0~0.6A，内阻约为0.5aC．滑动变阻器(0~999.9a)；(2)改变滑动变阻器滑片的位置，记录多组电压表的示数U和对应的电流表的示数I，利用描点法作出如图乙所示的U-I图像。由图像可求出该干电池的内电阻为___________a（结(3)为更准确测量干电池电动势和内阻，某同学对实验进行了改进，的示数，作出U-I图线（如图丁中图线1所示图线在U轴和I轴的截距分别为UI=1.49V和I1=0.88A。保持开关S1闭合，再将开关S2接在b端，调节滑动变阻器R的阻值，记录多组电压表和电流表的示数，作出U-I图线（如图丁中图线2所示图线在U轴和I轴的截（填“×100”或“×1”）挡，进行一系列正确操作后，指针静止时位置如图丙所示，其读数为_____Ω;(3)为了进一步精确地测量电阻丝的电阻Rx，实验室提供了13．某山村附近有一条河流，现建成一座小型水电站，可满足村镇、小型企业的用电需求。电，两地间输电线的总电阻为8Ω,输电线上损耗的功率为发电机输出功率的5%，用户所需要的电压为220V，认为所用的变压器均为理想变压器。求：(1)输电线上的电流I；初速度可忽略的正一价磷离子的质量m=6.4×10-2出，经U=8.0×105V的高压加速电场加速后，进入静电分析器，该分圆弧形真空通道，中心线半径R1=0.5m，通道内存在均匀辐向圆周运动，通过静电分析器的离子，从P点沿PQ方向（磁场区域的竖直直径）进入一圆形匀强磁场区域，磁场区域半径R2=0.3m，磁感应强度B大小可调，方向垂直纸面向外，右(1)离子进入圆形磁场区域时的速度大小v；(2)静电分析器通道内辐向电场沿中心线处的电场强度大小E；），xb=1.0m。在两导轨间x轴坐标x=1.2m处存在速度向右匀速运动，当a棒即将与b棒碰撞前瞬间，b棒的锁定被解除，有BIL=ma，I可得a匀变化，即相同，某时刻圆形线框所受细线的拉力为零，则圆形线框自身重力与安培力设正方形线框边长为L0，同理，对正方形线框有A．粒子经电场加速，有qUmv2在B2磁场中运动时，有qvB2=m联立解得R故A错误；解得Ek可得rE=U2+Ir流减小，电流表A的示数变小，电源内阻r和定值电阻R1两端的电压减小，滑动变阻器RA．根据题意可知线圈输出电压的有效值为U，则线圈输出电压的最大值为U，从线圈平面与磁场平行开始计时，线圈产生电动势的瞬时值表达式为eUB．根据理想变压器原副线圈电压比等于匝数比可知副线圈两端电压的有效值为2U，电阻消耗的电功率为P变小，根据I副可知流过副线圈的电流减小，根据理想变压器原副线圈电流比等于匝数变大，根据P可知电阻消耗的电功率变大，故D正确。A．由mg=qE，得EV/m=1V/m，小球带负B．玻璃管沿PQ匀速运动，小球在管内受洛伦兹力大小F=qv0B，沿管方向的分Fy=qv0Bcosθ(θ=30°),加速度am/s2小球在管内相对于管做初速度为0的匀加速直线运动，由Lvvvvx时，速度方向与PQ平行，小球离PQ最远3602（2）U-I函数关系式为U=-rI+E，所以r（3）[1]将开关S2接在a端时，实验的误差来源于电流表的分压作用，电动势的测真实值，实验无误差，即E=1.49V，但内阻的测量值比真实值大。[2]将开关S2接在b端时，实验的误差来源于电压表的分流作用，电动势和内阻的测量值均小于真实值，但短路电流真实，即I短=I2=0.92A。根据闭合电路欧姆定律，电池的内阻短短0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读（2）[1]用“×10”挡时发现指针偏转角度过大，说明被测电阻很小，应该换用小量程电阻挡，达到满偏时，通过电阻的电流约为IA=300mA，故电流表应选C。[2]因为RVRA>Rx2，为了减小误差，采用电流表外接法，电压表的右侧导线接a点。输电线上损耗的功率P损=IEQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(2),线)R解得I线=25A（2）升压变压器输出电压为UV输电线上损失的电压为U损=I线R=200V降压变压器的输入电压为U3=U2-U损=3800VnU190n4U411(2)3.2×106N/C(3)1.5T≤B≤4.6T22解得v代入数据得v=2.0×106m/s21（2）离子在静电分析器中做匀速圆周运动，电场力提供向心力，则qE=1所以r=若离子从磁场下边界射出，则REQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up2(2),2)+d2=(R2+)2若离子从磁场上边界射出，则REQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up2(2),2)+d2=(R2+)2所以Bmax=4.6T所以圆形区域内磁感应强度的取值范围为1.5T≤B≤4.6T。(3)2m/s，方向向左，2m/s，方向向左，0.2J根据电磁感应定律，a棒切割磁场产生的电流大小为I联立解得F=BL=1N），总L.Δt=0-v共总其中R总=R，又因为s=Σv.t解得s=0.8m说明后续两棒反弹了s反=0.8m-0.2m=0.6m故最终停在x=1.2m-0.6m=0.其中va1=4m/s，vb1=-2m/s解得va2=-4m/s，vb2=2m/sa棒滑行了0.4m，此过程中，仍取水平向右为正方向，根据电磁感应定律，安培力大小为根据动量定理，对a棒有ΣF