2025-2026学年广西河池市高二（上）期末物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2025-2026学年广西河池市高二（上）期末物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.关于物理学史和物理思想方法，下列说法正确的是(

)A.点电荷、电流元、弹簧振子、单摆都是理想模型

B.麦克斯韦认为均匀变化的电场能激发出变化的磁场

C.法拉第发现了电流的磁效应

D.电场强度E=Fq，电容C=Q2.如图所示，绷紧的水平绳子上悬挂着A、B、C、D四个摆长不同质量相同的摆球，若让摆球A在垂直于水平绳的竖直平面内先摆动起来，摆球B、C、D也摆动起来，待稳定时，下列说法正确的是(

)A.摆球D的周期最小

B.四个摆球的周期相同

C.摆球B、C、D的振幅相同

D.摆球B、C、D中，摆球B经过最低点时速度最小

3.抛绣球是广西壮族自治区传统节日“三月三”的传统活动节目，核心寓意是传递爱情、祈求丰收和传承文化，象征情感联结、吉祥祝福与民族精神。某次在同一位置先后抛出两个相同的绣球a、b，绣球a、b的运动轨迹如图所示，其中虚线为绣球运动轨迹的对称线，某时刻，绣球a、b在空中恰好关于虚线对称，以空中的绣球a、b为研究对象，不计空气阻力，下列说法正确的是(

)A.此时，在空中的绣球a、b的动量相同

B.相等时间内绣球a、b的动量变化量不同

C.相等时间内绣球a、b动能变化量大小相等

D.相等时间内绣球a、b受到的合力冲量相同4.如图所示，两个不带电的轻质导体A、B，通过绝缘支架固定且彼此接触，在A、B下部均贴有可自由偏转的金属箔片。现将一个带负电的绝缘物体C放置在导体A的左侧附近，观察到A、B下部的金属箔片均张开。下列说法正确的是(

)A.金属箔片张开的原因是静电感应产生了新的电荷

B.此时导体A的电势低于导体B的电势

C.保持C的位置不变，将A、B分开后再移去C，A、B下部的金属箔片均保持张开

D.若用手接触导体A的上部后再移开手，导体A下部的金属箔片会立即闭合5.如图所示为两个带等量异种电荷周围的电场线分布，图中只标出其中一根电场线的方向，a、b、c三点在同一根电场线上，a、c关于中垂线对称，b、d点在中垂线上，则(

)A.B可能是正电荷

B.a点的电势比c点的低

C.a、c两点场强的大小和方向都相同

D.将负电荷沿着电场线abc移动，电势能增加6.如图所示，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有方向相反的电流，其中IM>IN。a、O、b在M、N的连线上，O为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相等。关于以上几点的磁场，下列说法正确的是A.O点处的磁感应强度为零 B.c点磁感应强度方向指向cd连线右侧

C.d点磁感应强度方向指向cd连线右侧 D.a、b两点处的磁感应强度方向相反7.如图所示电路，电键S闭合后，电流表A1、A2和电压表V同一时刻读数分别记为I1、I2、U；滑动变阻器滑片向左滑动过程中，电流表A1、A2和电压表V示数变化量分别为ΔI1A.I1变大 B.I2变大 C.UI1增大二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.在下列图示中，金属线圈中能产生感应电流的是(

)

A.甲图中，圆环在无限宽的匀强磁场中向左加速平移

B.乙图中，OO′轴与磁场平行，线圈绕OO′轴转动

C.丙图中，圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移

D.丁图中，圆环向条形磁铁N极方向平移9.一个宽为L的双轨推拉门由两扇宽为L2的门板组成。门处于关闭状态，其俯视图如图(a)所示。某同学用与门板平行的水平向右的恒定拉力F作用在一门板上，当门板达到最大速度vm时撤去拉力，该门板完全运动到另一边，且恰好不与门框发生碰撞，其俯视图如图(b)所示。门板在运动过程中受到的阻力与其重力大小之比为μ，门板质量为m，重力加速度大小为g。下列说法正确的是(

)A.整个过程中，该门板做匀变速直线运动

B.门板所受阻力的冲量水平向左

C.水平恒定拉力F的作用时间t1=mv10.如图所示，一对平行金属板A、B竖直放置，其中A板接地(取大地电势为零)，B板电势为+φ。另一对平行金属板C、D水平放置，板长为L、间距为d，两板间电压为U。质量为m、电荷为−q的带电粒子从A板中心的小孔发出(初速度为零)，经加速电场后，从B板中心的小孔射出，最终从C、D板的右侧射出。下列说法正确的是(

)

A.带电粒子从B板中心射出时的速度为v1=2qφm

B.带电粒子在C、D间的运动过程向下偏转

C.带电粒子从C、D射出的速度为v2=三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.图甲是验证动量守恒定律的装置，气垫导轨上安装了1、2两个光电门，两滑块上固定有相同的竖直遮光条。实验步骤如下：

(1)用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示，其读数为

mm；

(2)实验前，接通气源后，在导轨上轻放一个滑块，给滑块一初速度，使它从轨道左端向右运动，发现滑块通过光电门1的时间大于通过光电门2的时间。为使导轨水平，可调节Q使轨道右端

(选填“升高”或“降低”)一些；

(3)正确调整气垫导轨后，将滑块A静置于光电门1左侧，滑块B静置于两光电门之间，给A一个水平向右的初速度，使其经过光电门1后与B发生碰撞。若测出滑块A和遮光条的总质量为mA，滑块B和遮光条的总质量为mB，测得A通过光电门1的遮光时间为t1，A与B相碰后，B和A先后经过光电门2的遮光时间分别为t2和t3，在实验误差允许的范围内，若满足关系式

(用字母mA、mB、t1、t12.小悟同学在测定一节干电池的电动势和内阻的实验时，为防止电流过大而损坏器材，在电路中加了一个保护电阻R0(R0=2.0Ω)，根据如图甲所示电路图进行实验时：

(1)该同学尝试用多用电表测量电路中的直流电流，电流表量程应选择

(填“0～250mA”或“0～500mA”)，应选择

表笔(填“红”或“黑”)连接A点；

(2)根据实验测得的5组数据画出的U−I图线如图乙所示，则干电池的电动势E=

V，内阻r=

Ω(结果保留小数点后2位)；

(3)由于电压表内阻不是无穷大，本实验干电池内阻的测量值

(选填“偏大”或“偏小”四、计算题：本大题共3小题，共38分。13.有一竖直面内半径为R的光滑绝缘圆弧轨道，两个质量相同的小球A、B(小球半径远小于R)在轨道上保持静止，A、B小球带有电荷量均为q的同种电荷，稳定时如图，其中，小球A、B和圆心O的连线与竖直方向都成60°，静电力常量为k，重力加速度为g，求：

(1)A、B小球间的库仑力大小F；

(2)小球A的质量m。14.如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=1Ω，灯泡L的电阻RL=5Ω，电动机的额定电压U=4V，线圈的电阻rM=2Ω。只闭合开关S1，通过R1的电流为1A；再闭合开关S2，电动机正常工作。求：

15.如图所示，一个质量为m1=1kg，可视为质点的小球1从A点静止摆下，摆到最低点B点时，恰好未与地面接触，并与放在B点的小球2发生弹性碰撞，可视为质点的小球2的质量m2=2kg，碰撞后，小球2进入光滑的水平面后向右运动到C点进入一竖直放置的光滑圆弧形轨道，水平面与圆弧轨道在C点平滑连接，小球2在C点进入圆弧轨道时无机械能损失。已知摆线长L=3.6m，小球1在A点时摆线与竖直方向的夹角θ=60°，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

(1)求小球1摆到最低点B点(碰撞前的瞬间)，摆线的拉力大小；

(2)求两球碰撞后小球2的速度大小；

(3)其他条件不变，仅在光滑圆弧轨道所处空间内加一个水平向右的匀强电场，若电场强度E=1.5×106V/m，碰后小球2的电荷量q=+1.0×答案解析1.【答案】A

【解析】解：A.点电荷是忽略带电体大小形状的模型，电流元是为研究电流受力引入的微元模型，弹簧振子和单摆都是忽略次要因素的理想化振动模型，所以点电荷、电流元、弹簧振子、单摆都是理想模型，故A正确；

B.根据麦克斯韦理论，均匀变化的电场只能激发稳定的磁场，只有非均匀变化的电场才能激发变化的磁场，故B错误；

C.电流的磁效应是奥斯特发现的，法拉第的主要贡献是发现了电磁感应现象，故C错误；

D.电场强度E=Fq，电容C=QU是比值定义法；而I=nqSv是电流的微观决定式，是通过推导得到的关系式，不是比值定义法，故D错误。

故选：A。

理想模型：物理学中为简化问题而引入的抽象模型，如点电荷、弹簧振子、单摆、质点等。

麦克斯韦电磁场理论：变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场；均匀变化的电场产生稳定的磁场，周期性变化的电场产生周期性变化的磁场。

物理学史关键发现：奥斯特发现电流的磁效应，法拉第发现电磁感应现象。

比值定义法：用两个物理量的比值定义新物理量，新物理量与分子、分母的物理量无直接关系，如E=Fq。2.【答案】B

【解析】解：AB.若让A摆先摆动起来，其余摆则是做受迫振动，受迫振动中的周期相同，四个摆球的周期和频率都相同，故A错误，B正确。

CD.根据单摆的周期T=2πLg，可知B摆的固有周期和驱动力的周期更接近，所以摆球B的振幅更大，摆角更大，经过最低点的速度更大，故CD错误。

故选：B。

明确A球摆动时其余小球做受迫振动，受迫振动的周期由驱动力决定，所有小球的周期和频率都相同；根据单摆周期公式分析各球固有周期与驱动力周期的关系，判断出

B球并非最接近共振条件。

本题以多个单摆的受迫振动为背景，考查了受迫振动的规律和单摆的周期公式，重点检验了对受迫振动的周期由驱动力决定、共振条件(3.【答案】D

【解析】解：A.动量是矢量，包含大小和方向。两绣球质量相同，在对称位置速度大小相等，但速度方向不同，故动量不相同，故A错误；

B.抛体运动中，绣球只受重力，加速度均为重力加速度g，则相等时间内动量变化量Δp=mΔv=mgt，由于质量m、时间t、加速度g均相同，故动量变化量相同，故B错误；

C.动能变化量由合外力做功决定，本题只有重力做功，ΔEk=mgh。相等时间内，两绣球运动的高度h不相同。因此重力做功不相同，动能变化量大小不相等，故C错误；

D.绣球只受重力，合力即为重力mg。合力的冲量I=mgt，由于m、g、t均相同，合力冲量相同，故D正确。

故选：D。

两球均做抛体运动且只受重力，加速度均为g4.【答案】C

【解析】解：A、金属箔片张开是因为静电感应导致导体内部电荷重新分布，并没有产生新的电荷，故A错误；

B、导体A、B接触时是一个等势体，因此A、B的电势相等，故B错误；

C、保持C的位置不变，A、B分开后，A带正电、B带负电，移去C后，A、B仍会保留净电荷，因此金属箔片均保持张开，故C正确；

D、用手接触导体A的上部时，相当于导体与大地相连，负电的C会排斥导体中的负电荷到大地，使A带正电；移开手后，A仍带正电，金属箔片不会闭合，故D错误。

故选：C。

结合静电感应的电荷重新分布原理、等势体的特点，以及接地时的电荷转移规律，对每个选项逐一分析。

学生易误认为静电感应会产生新电荷，或忽略导体接触时为等势体，也易错误判断接地后的电荷变化，需牢记静电感应的本质是电荷的重新分布。5.【答案】D

【解析】解：A、等量异号电荷的电场线总是从正电荷发出，终止于负电荷，因此A只能是正电荷，故A错误；

B、因为A带正电，所以a、b、c所在的电场线的方向向右，沿着电场线的方向电势逐点降低，因此a点电势比c点电势高，故B错误；

C、a、c两点场强大小相等，但a、c两点的切线方向不同，即场强方向不同，因此a、c两点场强不相同，故C错误；

D、因负电荷受到的电场力方向和场强方向相反，电场强度的方向与电场线的切线方向相同，因此把负电荷沿着abc所在的电场线向右移动时，电场力做负功，负电荷的电势能增加，故D正确。

故选：D。

根据电场线的特点判断；两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线；电场强度方向指向电势低的方向；根据电子做功情况判断电势能变化。

对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆。6.【答案】B

【解析】根据IM>IN，结合安培定则作出两直导线在各点产生的磁感应强度，合成图如图所示

A.O点处的磁感应强度不为0，方向向下，故A错误；

B.c点磁感应强度方向指向cd连线右侧，故B正确；

C.d点磁感应强度方向指向cd连线左侧，故C错误；

D.a、b两点处磁感应强度的方向相同，故D错误。

故选：B。

用安培定则分别判断M、N导线在各点的磁场方向，结合I7.【答案】C

【解析】解：B、当滑动变阻器R1的滑片向左移动时，其接入电路的阻值R1增大。A、B、电路总电阻R总=R1R2R1+R2+R3+r随之增大。根据闭合电路欧姆定律，干路电流I2=ER总，可知I2减小，故B错误。

A、并联部分的电压U=E−I2(R3+r)，由于I2减小，解得U增大。通过R2的电流IR2=UR2，可知IR2增大。由I2=I1+IR2可知I1=I2−IR2，可知I1减小，故A错误。

C、根据部分电路欧姆定律，有UI1=R1。滑片左移使R1增大，故该比值增大，故C正确。

D、将R3与电源内阻r视为等效电源，并联部分为外电路，则有U=E−I2(R3+r)，可导出|ΔUΔI2|=R3+r。由于R3和r均为定值，该比值保持不变，故D错误。8.【答案】CD

【解析】解：A、圆环在无限宽匀强磁场中平移，磁场强度B和线圈面积S均不变，磁通量Φ=BS不变，无感应电流，故A错误；

B、线圈绕平行于磁场的轴转动，线圈平面始终与磁场平行，磁通量始终为0，无感应电流，故B错误；

C、圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移(远离导线)，长直导线的磁场随距离增大而减弱，穿过圆环的磁通量减小，有感应电流，故C正确；

D、圆环向条形磁铁N极平移(靠近N极)，条形磁铁的磁场随距离减小而增强，穿过圆环的磁通量增加，有感应电流，故D正确。

故选：CD。

通过分析每个选项中磁通量是否变化，判断是否产生感应电流。

学生易忽略“磁通量变化”的核心条件，或误判磁场强弱变化对磁通量的影响，需牢记感应电流产生的条件及磁场分布特点。9.【答案】BD

【解析】解：A.根据题干说明，门板应先做加速运动，再做减速运动，加速度改变了，不是匀变速直线运动，故A错误；

B.运动的过程受到的阻力方向向左，所以阻力的冲量也是水平向左的，故B正确；

C.在有拉力作用的过程中，设阻力大小为f(阻力大小是恒定的)根据动量定理，有Ft1−ft1=mvm，解得t1=mvmF−f故C错误；

D.撤去拉力后，在阻力的作用下门板做减速运动，有10.【答案】AD

【解析】解：A.A板接地(取大地电势为零)，B板电势为+φ，所以A、B两板间的电势差为UAB=φA−φB=−φ，对带电粒子在A、B板间的运动过程列动能定理方程有−qUAB=12mv12，解得带电粒子从B板中心射出时的速度为v1=2qφm，故A正确。

B.由题图可知，C板电势高于D板电势，故C、D两板间的场强竖直向下，由于粒子带负电，则在C、D板间运动时会受到竖直向上的电场力，所以带电粒子在C、D板间的运动过程向上偏转，故B错误。

CD.带电粒子在C、D板间的运动为类平抛运动，其水平方向为匀速直线运动，设带电粒子在C、D板间的运动时间为t，则有t=Lv1；带电粒子在竖直方向的运动为从静止开始的匀加速直线运动，设其加速度为a，则根据牛顿第二定律有qUd=ma；根据匀变速直线运动的规律可知，带电粒子从C、D射出时竖直方向的速度为vy=at，所以带电粒子从C、D射出时的速度为v2=v12+11.【答案】5.5升高m

【解析】解：(1)图示游标卡尺为10分度游标卡尺，则游标卡尺读数为5mm+0.1×5mm=5.5mm；

(2)滑块通过光电门1的时间大于通过光电门2的时间，则通过光电门1的速度小于通过光电门2的速度，滑块做加速运动，需要调节Q使轨道右端升高，使滑块做匀速直线运动；

(3)设遮光条的宽度为d由题意可得，滑块A先后通过光电门的速度为v1=dt1，v3=dt3，

滑块B通过光电门2的速度为v2=dt2，

碰撞中动量守恒，则有mAv1=mAv3+mBv2，

解得m12.【答案】0～500mA黑1.450.50偏小

【解析】解：(1)电路可能达到的最大电流为I=ER0=0.75A，可知电流表量程应选择0～500mA，根据“红进黑出”可知，应选择黑表笔连接A点；

(2)由图像可知，干电池的电动势E=1.45V，内阻r=ΔUΔI−R0=1.45−0.70.30Ω−2Ω=0.50Ω；

(3)由于电压表内阻不是无穷大，则