2026年高考物理二轮复习：专题13 热学计算题（2大题型）（题型专练）（全国适用）（解析版）

热点题型·计算题攻略热点题型·计算题攻略专题13热学计算题目录第一部分题型解码高屋建瓴，掌握全局目录第一部分题型解码高屋建瓴，掌握全局第二部分考向破译微观解剖，精细教学典例引领方法透视变式演练考向01气体实验定律的综合应用 考向02热力学定律与气体实验定律的综合 第三部分综合巩固整合应用，模拟实战题型解码热学是普通物理的重要组成部分，在理念高考中属于必考内容也属于相对较好拿分的模块。在计算题中多以气体实验定律以及热力学第一定律为主要知识点，以汽缸活塞模型、液柱模型近几年更是增加了很多生活中应用热学的仪器等为主要的命题载体来呈现。体现了物理学的应用价值，备考过程中要求学生熟练掌握气体实验定律的内容以及表达式并且能够通过阅读题意构建清晰的物理模型才能解答好本部分的题目。考向破译考向01气体实验定律的综合应用【典例引领1】如图，一竖直放置、导热良好的汽缸上端开口，汽缸内壁上有卡口和b，a距缸底的高度为H，a、间距为，活塞只能在、间移动，其下方密封有一定质量的氮气。开始时活塞静止在卡口处，氮气的压强为0.8。现打开阀门，向缸内充入压强为、温度为的氮气，经时间后关闭，气体稳定后活塞恰好到达卡口处。已知活塞质量为，横截面积为，厚度可忽略，活塞与汽缸间的摩擦忽略不计，大气压强为，环境温度恒为，氮气可视为理想气体，重力加速度大小为。求：(1)活塞在卡口处时，氮气的压强（结果用表示）；(2)从阀门充气时，氮气的平均流量（单位时间内通过阀门的体积）。【答案】(1)(2)【详解】（1）设活塞在卡口处时，氮气的压强为，对活塞受力分析，根据平衡关系解得（2）对缸内原有气体，由玻意耳定律有解得则充入的气体稳定后所占据的体积设由K进入缸内的气体体积为，由理想气体状态方程有解得氮气的平均流量解得【方法透视】1.压强的计算(1)被活塞、汽缸封闭的气体，通常分析活塞或汽缸的受力，应用平衡条件或牛顿第二定律求解。(2)应用平衡条件或牛顿第二定律求解，注意压强单位为Pa。若应用p＝p0＋h或p＝p0－h来表示压强，则压强p的单位为cmHg或mmHg。2.合理选取气体变化所遵循的规律列方程(1)若气体质量一定，p、V、T均发生变化，则选用理想气体状态方程列式求解。(2)若气体质量一定，p、V、T中有一个量不发生变化，则选用对应的气体实验定律列方程求解。3.关联气体问题解决由活塞、液柱相联系的两部分气体时，注意找两部分气体的压强、体积等关系，列出关联关系式，再结合气体实验定律或理想气体状态方程求解。4.变质量问题在充气、抽气等“变质量”问题中可以把充进或抽出的气体包含在气体变化的始、末状态中，即把变质量问题转化为恒定质量的问题。【变式演练】【变式1-1】．某人驾驶汽车，从北京到哈尔滨，在哈尔滨发现汽车的某个轮胎内气体的压强有所下降（假设轮胎内气体的体积不变，且没有漏气，可视为理想气体）。于是在哈尔滨给该轮胎充入压强与大气压相同的空气，使其内部气体的压强恢复到出发时的压强（假设充气过程中，轮胎内气体的温度与环境相同，且保持不变）。已知该轮胎内气体的体积V0=30L，从北京出发时，该轮胎气体的温度t1=−3°C，压强p1=2.7×105Pa。哈尔滨的环境温度t2=−33°C，大气压强p0取1.0×105Pa。求：(1)在哈尔滨时，充气前该轮胎气体压强的大小。(2)充进该轮胎的空气体积。【答案】(1)2.4×105Pa(2)9L【详解】（1）由查理定律可得其中，，代入数据解得，在哈尔滨时，充气前该轮胎气体压强的大小为（2）由玻意耳定律代入数据解得，充进该轮胎的空气体积为【变式1-2】．如图所示，左右两管足够长的U形管左管封闭，右管内径为左管内径的倍，管内水银在左管内封闭了一段长为26cm、温度为280K的空气柱，右管一轻活塞恰处在与左管水银面平齐的位置且封闭了一定质量的气体，左右两管水银面高度差为36cm，大气压强为76cmHg。现将活塞缓慢下推，并保持左右管内气体的温度不变。当左管空气柱长度变为20cm时，求：(1)左管内气体的压强；(2)活塞下移的距离。【答案】(1)52cmHg(2)10.8cm【详解】（1）左管封闭气体的压强为左管封闭气体变化前后的体积分别为，由于气体发生等温变化，由玻意耳定律可得解得（2）U形管右管内径为左管内径的倍，则右管横截面积是左管横截面积的2倍，为2S，当左管水银面上升6cm时，右管水银面下降3cm，所以这时左右两管水银面的高度差为45cm，因此右管内气体的压强为原状态右管气体的压强为设活塞缓慢下推后右管气体的高度为，由玻意耳定律可得解得活塞下移的距离是【变式1-3】．今年八九月份，我省大部分地区持续35℃以上高温天气，如果在车内放置液体打火机，它极易受热爆裂。已知某打火机内均为气体（可视为理想气体）且气体质量为m，大气压强为p0。（答案可用分式表示）(1)长时间暴晒后，汽车内的温度由35℃上升到70℃，求打火机内气体压强变成原来的多少倍？(2)当打火机内气体压强增大到12p0时，打火机恰好破裂漏气，求漏气完毕后打火机内剩余气体的质量（不考虑漏气时气体温度的变化）。【答案】(1)(2)【详解】（1）对气体，由查理定律即解得（倍）（2）设打火机封闭的气体体积为，对气体，由玻意耳定律有即则打火机内剩余气体的质量为解得【变式1-4】．洗车所用的喷水壶的构造如图所示，水壶的容积为V，洗车前向壶内加入的洗涤剂并密封，然后用打气筒打气10次后开始喷水。已知外部大气压强恒为，打气筒每次打入压强为、体积为的空气，空气可视为理想气体，不计细管内液体的体积及压强，打气及喷水过程中封闭空气的温度始终不变。(1)求喷水壶内封闭空气的最大压强p；(2)喷水壶内洗涤剂能否全部从喷口喷出？若不能，最少还能剩余多少？【答案】(1)(2)不能，【详解】（1）打气过程中，相当于把空气等温压缩，有解得（2）假设壶内洗涤剂不能全部从喷口喷出，当壶内空气的压强降到p0时，剩余洗涤剂的体积为V′，有解得故假设成立，即壶内洗涤剂不能全部从喷口喷出，剩余洗涤剂的体积为。考向02热力学定律与气体实验定律的综合【典例引领2】卡诺热机是只有两个热源（一个高温热源和一个低温热源）的简单热机，其循环过程的图像如图所示，它由两个等温过程（a→b和c→d）和两个绝热过程（b→c和d→a）组成。若热机的工作物质为理想气体，高温热源温度为，低温热源温度为图像中a、b、c、d各状态的参量如图所示。求：(1)气体处于状态c的压强；(2)气体处于状态a的体积；(3)若过程a→b热机从高温热源吸热，过程c→d热机向低温热源放热，求热机完成一次循环对外做的功W。【答案】(1)(2)(3)【详解】（1）过程c→d为等温变化，根据玻意耳定律，有解得（2）过程d→a，根据理想气体状态方程可得解得（3）过程b→c和d→a为绝热过程，吸热热机完成一次循环内能不变，即根据热力学第一定律可得【方法透视】热力学第一定律中ΔU、W、Q的分析思路(1)内能变化量ΔU①温度升高，内能增加，ΔU>0；温度降低，内能减少，ΔU<0。②由公式ΔU＝Q＋W分析内能变化。(2)做功W：体积膨胀，气体对外界做功，W<0；体积被压缩，外界对气体做功，W>0。(3)气体吸、放热量Q：一般由公式Q＝ΔU－W分析气体的吸、放热情况，Q>0，吸热；Q<0，放热。注意：等温过程ΔU＝0，等容过程W＝0，绝热过程Q＝0；等压过程W≠0，Q≠0，ΔU≠0。【变式演练】【变式2-1】图甲中空气炸锅是一种新型的烹饪工具，图乙为某型号空气炸锅的简化模型图，空气炸锅中有一气密性良好的内胆，内胆内的气体可视为质量不变的理想气体，已知胆内初始气体压强为p0=1.0×105Pa，温度为t0=17℃，现启动加热模式使气体温度升高到t=191℃，此过程中气体吸收的热量为Q=9.5×103J，内胆中气体的体积不变，求：(1)此时内胆中气体的压强p；(2)此过程内胆中气体的内能增加量∆U。【答案】(1)1.6×105Pa(2)9.5×103J【详解】（1）封闭气体等容变化，根据查理定律其中，代入数据解得（2）根据热力学第一定律有由于气体的体积不变，气体做功气体吸收的热量解得【变式2-2】玻璃瓶可作为测量水深的简易装置。如图所示，白天潜水员在水面上将100mL水装入容积为400mL的玻璃瓶中，拧紧瓶盖后带入水底，瓶身长度相对水深可忽略，倒置瓶身，打开瓶盖，让水进入瓶中，稳定后测得瓶内水的体积为250mL。将瓶内气体视为理想气体，全程气体不泄漏。已知大气压强p0=1.0×105Pa，水的密度ρ=1.0×103kg/m3。则：(1)若温度保持不变，瓶内气体内能的变化量ΔU0（选填“大于”、“等于”或“小于”），全过程瓶内气体（选填“吸收热量”、“放出热量”或“不吸热也不放热”）；(2)若温度保持不变，求白天水底的压强p1和水的深度h。(3)若白天水底温度为27℃，夜晚水底的温度为24℃，水底压强p1不变，求夜晚瓶内气体体积。【答案】(1)等于放出热量(2)2.0×105Pa，10m(3)148.5mL【详解】（1）[1][2]温度不变，则气体内能不变，即ΔU=0，气体体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，气体放出热量。（2）根据玻意耳定律即解得根据解得（3）根据盖吕萨克定律可知即解得【变式2-3】一定质量的理想气体能从状态A经历等压变化到达状态B，也能从状态A经历等容变化到达状态C，图像如图所示。假定该理想气体的内能，其中p、V分别为气体的压强和体积，所有变化过程均缓慢发生。(1)已知气体在状态A时的温度为，求气体在状态B和状态C时的温度和；(2)求气体从状态A到状态B过程吸收的热量和从状态A到状态C过程吸收的热量之比。【答案】(1)，(2)【详解】（1）理想气体从状态A经历等压变化到达状态B，则其中，，解得理想气体从状态A经历等容变化到达状态C，则其中，，解得（2）气体从状态A到状态B过程，气体体积增大，对外做功，为内能增量为根据热力学第一定律可知，吸收的热量为气体从状态A到状态C过程，气体体积不变，做功为零，即内能增量为根据热力学第一定律可知，吸收的热量为所以，两次吸收热量之比为【变式2-4】如图，圆形线圈的匝数，面积，处在垂直于纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度大小B随时间t变化的规律为，回路中接有阻值为的电热丝，线圈的电阻。电热丝密封在体积为的长方体绝热容器内，容器缸口处有卡环。容器内有一不计质量的活塞，活塞与汽缸内壁无摩擦且不漏气，活塞左侧封闭一定质量的理想气体，起始时活塞处于容器中间位置，外界大气压强始终为，接通电路开始缓慢对气体加热，加热前气体温度为。(1)求流过电热丝的电流；(2)开始通电活塞缓慢运动，刚到达卡环时，气缸内气体的内能增加了，若电热丝产生的热量全部被气体吸收，求此时气缸内气体的温度及电热丝的通电时间。【答案】(1)(2)，【详解】（1）根据法拉第电磁感应定律可得电动势为根据闭合电路欧姆定律可得流过电热丝的电流为（2）开始通电活塞缓慢运动，刚到达卡环时，密封气体做等压变化，根据盖—吕萨克定律可得解得此时气缸内气体的温度为此过程气体对外界做功为气缸内气体的内能增加了，根据热力学第一定律可得可得气体吸收热量为根据焦耳定律可得可得电热丝的通电时间为【变式2-5】．如图（a）所示，水平放置的绝热容器被隔板A分成体积均为V的左右两部分。面积为S的绝热活塞B被锁定，隔板A的右侧为真空，左侧有一定质量的理想气体处于温度为T、压强为p的状态1，抽取隔板A，左侧中的气体就会扩散到右侧中，最终达到状态2，然后将绝热容器竖直放置如图（b）所示，解锁活塞B，B恰能保持静止，当电阻丝C加热气体，使活塞B缓慢滑动，稳定后，气体达到温度为的状态3，该过程电阻丝C放出的热量为Q。已知大气压强，且有，不计隔板厚度及一切摩擦阻力，重力加速度大小为g。(1)求绝热活塞B的质量；(2)求气体内能的增加量。【答案】(1)(2)【详解】（1）气体从状态1到状态2发生等温变化，由玻意尔定律得容器竖直放置，解锁活塞B，B恰好保持静止，根据平衡条件得两式联立解得（2）当电阻丝C加热时，活塞B能缓慢滑动（无摩擦），使气体达到温度的状态3，可知气体做等压变化，由盖-吕萨克定律得该过程气体对外做功根据热力学第一定律可得解得综合巩固1．（2025·浙江·高考真题）“拔火罐”是我国传统医学的一种疗法。治疗时，医生将开口面积为S的玻璃罐加热，使罐内空气温度升至，然后迅速将玻璃罐倒扣在患者皮肤上（状态1）。待罐内空气自然冷却至室温，玻璃罐便紧贴在皮肤上（状态2）。从状态1到状态2过程中罐内气体向外界放出热量。已知，，。忽略皮肤的形变，大气压强。求：(1)状态2时罐内气体的压强；(2)状态1到状态2罐内气体内能的变化；(3)状态2时皮肤受到的吸力大小。【答案】(1)(2)减少(3)【详解】（1）状态1气体的温度压强状态2气体的温度气体做等容变化，根据可得（2）气体做等容变化，外界对气体不做功，气体吸收热量为根据热力学第一定律可得状态1到状态2罐内气体内能的变化即气体内能减少。（3）罐内外的压强差状态2皮肤受到的吸力大小2．（2025·山东·高考真题）如图所示，上端开口，下端封闭的足够长玻璃管竖直固定于调温装置内。玻璃管导热性能良好，管内横截面积为S，用轻质活塞封闭一定质量的理想气体。大气压强为，活塞与玻璃管之间的滑动摩擦力大小恒为，等于最大静摩擦力。用调温装置对封闭气体缓慢加热，时，气柱高度为，活塞开始缓慢上升；继续缓慢加热至时停止加热，活塞不再上升；再缓慢降低气体温度，活塞位置保持不变，直到降温至时，活塞才开始缓慢下降；温度缓慢降至时，保持温度不变，活塞不再下降。求：(1)时，气柱高度；(2)从状态到状态的过程中，封闭气体吸收的净热量Q（扣除放热后净吸收的热量）。【答案】(1)(2)【详解】（1）活塞开始缓慢上升，由受力平衡可得封闭的理想气体压强升温过程中，等压膨胀，由盖-吕萨克定律解得（2）升温过程中，等压膨胀，外界对气体做功降温过程中，等容变化，外界对气体做功活塞受力平衡有解得封闭的理想气体压强降温过程中，等压压缩，由盖-吕萨克定律解得外界对气体做功全程中外界对气体做功因为，故封闭的理想气体总内能变化利用热力学第一定律解得故封闭气体吸收的净热量。3．（2025·海南·高考真题）如图，竖直放置的汽缸内有一横截面积的活塞，活塞质量忽略不计，活塞与汽缸无摩擦且密封良好。若活塞保持静止，气缸内密封一定质量的理想气体，气体温度，气体体积。设大气压强，重力加速度。(1)若加热气体，使活塞缓慢上升，当气体体积变为，求气体温度；(2)若往活塞上轻放质量为的重物，且活塞下降过程中气体温度T0不变，求稳定后的气体体积。【答案】(1)(2)【详解】（1）活塞缓慢上升过程中，气体做等压变化，根据盖-吕萨克定律代入数值解得（2）设稳定后气体的压强为，根据平衡条件有分析可知初始状态时气体压强与大气压相等为，整个过程根据玻意耳定律联立解得4．（2025·广东·高考真题）如图是某铸造原理示意图，往气室注入空气增加压强，使金属液沿升液管进入已预热的铸型室，待铸型室内金属液冷却凝固后获得铸件。柱状铸型室通过排气孔与大气相通，大气压强，铸型室底面积，高度，底面与注气前气室内金属液面高度差，柱状气室底面积，注气前气室内气体压强为，金属液的密度，重力加速度取，空气可视为理想气体，不计升液管的体积。(1)求金属液刚好充满铸型室时，气室内金属液面下降的高度和气室内气体压强。(2)若在注气前关闭排气孔使铸型室密封，且注气过程中铸型室内温度不变，求注气后铸型室内的金属液高度为时，气室内气体压强。【答案】(1)，(2)【详解】（1）根据体积关系可得下方液面下降高度此时下方气体的压强代入数据可得（2）初始时，上方铸型室气体的压强为，体积当上方铸型室液面高为时体积为根据玻意耳定律可得此时上方铸型室液面高为时气体的压强为同理根据体积关系可得此时下方气室内气体压强代入数据可得5．（2024·贵州·高考真题）制作水火箭是青少年科技活动的常见项目之一。某研究小组为了探究水火箭在充气与喷水过程中气体的热学规律，把水火箭的塑料容器竖直固定，其中A、C分别是塑料容器的充气口、喷水口，B是气压计，如图（a）所示。在室温环境下，容器内装入一定质量的水，此时容器内的气体体积为，压强为，现缓慢充气后压强变为，不计容器的容积变化。(1)设充气过程中气体温度不变，求充入的气体在该室温环境下压强为时的体积。(2)打开喷水口阀门，喷出一部分水后关闭阀门，容器内气体从状态M变化到状态N，其压强p与体积V的变化关系如图（b）中实线所示，已知气体在状态N时的体积为，压强为。求气体在状态N与状态M时的热力学温度之比。(3)图（b）中虚线是容器内气体在绝热（既不吸热也不放热）条件下压强p与体积V的变化关系图线，试判断气体在图（b）中沿实线从M到N的过程是吸热还是放热。（不需要说明理由）【答案】(1)(2)(3)吸热【详解】（1）设充入的气体在该室温环境下压强为时的体积为V，充气过程中气体温度不变，则有解得（2）容器内气体从状态M变化到状态N，由理想气体的状态方程可得可得（3）由图像与横坐标轴所围面积表示气体做功可知，从M到N的过程对外做功更多，和都是从M状态变化而来，应该相同，可得可知从M到N的过程内能降低的更少。由热力学第一定律可知，从M到的过程绝热，内能降低等于对外做功；从M到N的过程对外做功更多，内能降低反而更少，则气体必然吸热。6．（2024·广西·高考真题）如图甲，圆柱形管内封装一定质量的理想气体，水平固定放置，横截面积的活塞与一光滑轻杆相连，活塞与管壁之间无摩擦。静止时活塞位于圆管的b处，此时封闭气体的长度。推动轻杆先使活塞从b处缓慢移动到离圆柱形管最右侧距离为的a处，再使封闭气体缓慢膨胀，直至活塞回到b处。设活塞从a处向左移动的距离为x，封闭气体对活塞的压力大小为F，膨胀过程曲线如图乙。大气压强。（1）求活塞位于b处时，封闭气体对活塞的压力大小；（2）推导活塞从a处到b处封闭气体经历了等温变化；（3）画出封闭气体等温变化的图像，并通过计算标出a、b处坐标值。【答案】（1）；（2）见解析；（3）【详解】（1）活塞位于b处时，根据平衡条件可知此时气体压强等于大气压强，故此时封闭气体对活塞的压力大小为（2）根据题意可知图线为一条过原点的直线，设斜率为k，可得根据可得气体压强为故可知活塞从a处到b处对封闭气体得故可知该过程中对封闭气体的值恒定不变，故可知做等温变化。（3）分析可知全过程中气体做等温变化，开始在b处时在b处时气体体积为在a处时气体体积为根据玻意耳定律解得故封闭气体等温变化的图像如下7．（2024·湖南·高考真题）一个充有空气的薄壁气球，气球内气体压强为p、体积为V。气球内空气可视为理想气体。（1）若将气球内气体等温膨胀至大气压强p0，求此时气体的体积V0（用p0、p和V表示）；（2）小赞同学想测量该气球内气体体积V的大小，但身边仅有一个电子天平。将气球置于电子天平上，示数为m=8.66×10−3kg（此时须考虑空气浮力对该示数的影响）。小赞同学查阅资料发现，此时气球内气体压强p和体积V还满足：(p−p0)(V−VB0)=C，其中p0=1.0×105Pa为大气压强，VB0=0.5×10−3m3为气球无张力时的最大容积，C=18J为常数。已知该气球自身质量为m0=8.40×10−3kg，外界空气密度为ρ0=1.3kg/m3，求气球内气体体积V的大小。【答案】（1）；（2）【详解】（1）理想气体做等温变化，根据玻意耳定律有解得（2）设气球内气体质量为，密度为，则等温变化中，气体质量不变，有：对气球进行受力分析如图所示根据气球的受力分析有结合题中p和V满足的关系为解得8．（2024·辽宁·高考真题）如图，理想变压器原、副线圈的匝数比为n1：n2=5：1，原线圈接在电压峰值为Um的正弦交变电源上，副线圈的回路中接有阻值为R的电热丝，电热丝密封在绝热容器内，容器内封闭有一定质量的理想气体。接通电路开始加热，加热前气体温度为T0。（1）求变压器的输出功率P；（2）已知该容器内的气体吸收的热量Q与其温度变化量ΔT成正比，即Q=CΔT，其中C已知。若电热丝产生的热量全部被气体吸收，要使容器内的气体压强达到加热前的2倍，求电热丝的通电时间t。【答案】（1）；（2）【详解】（1）由原线圈正弦交流电的峰值可知变压器输入电压有效值为设变压器副线圈的输出电压为U2，根据理想变压器的电压与匝数之间的关系有联立解得理想变压器的输出功率等于R的热功率，即（2）设加热前容器内气体的压强为p0，则加热后气体的压强为2p0，温度为T2，容器内的气体做等容变化，则有由知气体吸收的热量根据热力学第一定律，气体的体积不变，所以W=0，容器是绝热容器，则电热丝产生的热量全部被气体吸收联立整理得解得9．（2025·浙江·高考真题）如图所示，导热良好带有吸管的瓶子，通过瓶塞密闭T1=300K，体积V1=1×103cm3处于状态1的理想气体，管内水面与瓶内水面高度差h=10cm。将瓶子放进T2=303K的恒温水中，瓶塞无摩擦地缓慢上升恰好停在瓶口，h保持不变，气体达到状态2，此时锁定瓶塞，再缓慢地从吸管中吸走部分水后，管内和瓶内水面等高，气体达到状态3。已知从状态2到状态3，气体对外做功1.02J；从状态1到状态3，气体吸收热量4.56J，大气压强p0=1.0×105Pa，水的密度ρ=1.0×103kg/m3；忽略表面张力和水蒸气对压强的影响。(1)从状态2到状态3，气体分子平均速率