陕西安康市高新中学等校2025-2026学年高三下学期3月学情自测物理试题（含答案）

师傅对货物的作用力大小()2．以下运动图像中表示物体一定在做加速度增大的加速直线运动的是()小为()A．0B．gC．gD．g时电梯处于静止状态，向上为加速度的正方向，则()微粒P向上运动，则下列说法正确的是()6．某汽车以加速度a1匀加速启动，到额定功率后保持恒定功率行驶至最大速度，其v-t图线如图①所示。若该汽车以加速度a2(a2=2a1)匀加速启动，最终达到汽车最大速度，其v-t图线如图②所示。已知整个过程阻力不变，v-t图线可能是下图中的()变化的关系图像如图2所示，图中x0处为图线的最低点，对应的电势为φ0。现将一带电荷量为+q(q>0)的试探电荷在3x0处由静止释放，电荷仅在电场力作用下运动，则()T的关系正确的是()9．如图所示，倾角为θ=37°斜面MNPQ处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度随时间的变化关系是：B=kt，k为常数，且k>0。两根等长的轻质、绝缘导线两端分别连棒ab、cd，该导线跨过斜面顶端的两定滑轮e、f构成闭合且与ef平行，ab棒固定在斜面上，cd棒在水平外力F（图中未画出）作用下处于静止状态，不计定滑轮的大小。则()扰动，使b开始沿水平面向右做直线运动，直g=10m/s2,a、b均可视为质点，下列说法中正确的是()(1)实验时，电压表负接线柱已正确接入电路，如图所示，则正接线柱应连接在()C．开关右侧接线柱P上D．(2)连接好电路后，闭合开关，发现无论怎样调节滑动变阻器电流表电压表示数不变，则可能的原因有()(3)该同学根据测量数据做出U-I图像，如图所示，由图像得出该干电池的电动势和内阻约为()比值）作出了规定，要求其数值小于0.16J/cm2。某小组利用玩具枪及弹丸、装有挡光片的②用游标卡尺测量出挡光片宽度d；在轨道上安装光电门A和B，让装有挡光片的小车以一定(2)处理数据。小车被弹丸击中后瞬间的速度为______，玩具枪弹丸的发射速度(3)写出一条影响测量结果的因素_____13．如图甲所示为一列简谐横波在t=0时刻的波形图，其中质点AN(2)第二象限圆形磁场的最小面积S；过程时间极短，青蛙可看作质点。小丽发现，当青蛙竖直向上起跳时，跳起(1)若长泡沫板固定。青蛙斜向上起跳，跳起(2)若长泡沫板固定。青蛙沿一个方向跳了9次恰好从泡沫板边缘跳到水里，且每次起跳角物受力分析，根据平衡条件可得该师傅对货物的作用力大小F=G。D．根据x=v0tat2可知a=-k设撤去手的一瞬间，绳的拉力为T，则2mg-T=2ma，T=ma解得ag=E-Ir可知，干路中电流增大，路端电压减小，R1两端的电压增大，故并联部分两端的电压减小，平行金属板两端电压减小，微粒P将向下运动，故滑片是向a端移动，A错误故选D。设汽车的额定功率为P0，汽车以加速度a1匀加速启动过程，根据牛顿第二定律有F1-f=ma1解得牵引力的大小为F1=f+ma1解得汽车做匀加速直线运动的末速度大小为v解得汽车在匀加速直线运动所用时间为t同理，可知汽车以加速度a2(a2=2a1)匀加速启动过程，根据牛顿第二定律有F2-f=ma2解得牵引力的大小为F2=f+2ma1解得汽车做匀加速直线运动的末速度大小为v根据匀加速直线运动公式有v2=a2t2解得汽车在匀加速直线运动所用时间为t2D．φ-x图像的斜率表示电场强度，可知x0处的场强为零，根据kC．0-4x0之间的电场如图所示0-x0之间的电场强度随x的增大而减小，x0～4x0之间的电场强度随x的增大而增大，当+q的试探电荷在3x0处静止释放后，向左运动的过程中，在3x0～x0之间做加速度逐渐减小的加速运动，通过x0后加速度逐渐增大的减速运动，故最大的位置在x0位置，由题意可知在3x0处的电势试探电荷在两电荷间运动过程，其动能的最可得a，T因r。B．据法拉第电磁感应定律有EkLcos37o再据闭合电路欧姆定律有I，故B错误；C．回路消耗的电功率P=I2R,故C正确；D．cd中电流方向是垂直纸面出来的，故据左手定则，安培力向右，水平方向据二力平衡，根据系统机械能守恒mghmvmv为θ,对系统由机械能守恒有mgmvmv联立解得，b的动能Ekmvmglsin2θ=mgl.4故当时，即sin时，b的动能最大Ekmaxmgl柱应该接在开关右侧接线柱P上，故选C；C．电源处导线接触不良会影响电压表的示数为零或变化，电流表示数可能为零或不为零，D．开关闭合处接触不良会影响电压表的示数为零或变化，电流表示数可能为零或不为零，（3）从图中可直接读出电源电动势等于纵截距，有E=图线的斜率等于电源内阻，有r度为v[2]弹丸击中小车过程动量守恒，设弹丸发射速度为v0，则mv0解得v[3]弹丸动能Ek=mv2=×2×10-4×(0.3)2J=9×10-6J最大横截面积Scm2比动能J/cm2该值远小于规定的0.16J/cm2，因此该玩具枪合规。传播方向沿x轴正方向。由图甲可知振幅A=10cm。解得周期T=9s由对称性并结合图甲可知波长λ=24m，则波速vm/s(2r)2=(MN)2+(NP)2=(d)2+d2根据qvB=m联立解得v解得rEQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(2),rm)联立解得S粒子在第二象限的磁场中的运动时间为t粒子在第二象限有界磁场外匀速直线运动的距离为sd联立解得t(3)4mgh令每次跳跃上升的最大高度为h0，则