2026届江西新余市某校高三下学期第一次模拟考试物理试卷（含解析）

1、本试卷满分100分，考试时间75分钟。测器涉及的基本原理是()体在0~6s时间内的运动，下列说法正确的是()动C．甲、乙、丙的最大速率之比为2:2:3D．丙物体在0~2s说法错误的是()大半径改变前圆环中通过的电荷量之比为()A．1:1B．2:1C．4:1D．8:1形图。已知该简谐波的周期大于0.3s。关于该简谐波，下列说法不正确的是()D．若位于x=10m处的观察者沿x轴负方7．如图，水平传送带以恒定速度v顺时针转动，传送带右端上方的挡板上固定着一轻弹簧。将质量为m的小物块P轻放在传送带左端，P与传送带之间的动摩擦因数为μ,在接前速度已达到v，P与弹簧接触后继续运动，弹簧的最大形变量为d，设P与传送带之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则P从接触弹簧到第一次运动到最右端过程中()A．传送带多消耗的电能小于2μmgd它们连接成如图所示的电路。经检查，各元件和导线均是完好行实验操作。他可能观察到的现象是()F作用在小圆环上，使其沿大圆环向右上方缓慢移动，外力F始终沿着大圆环的切线方向。确的是()强磁场垂直导线框平面向下，导轨光滑且电阻忽略不计，导轨F，使其向右做加速度大小为g的匀加速直线运动，已知重力加速度为g，sincos53o，下列说法正确的是()B2L2v0B2L2v0R5B2L2v05B2L2v0C．对乙图，F与时间t的关系式为Fgt溶液中有0.6mL油酸。用注射器测得1mL(3)该学生完成实验后，查阅资料发现计算出的油酸分子直径偏水面上，这个拿错的注射器的针管比原来的粗，每滴油酸控制，光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件（照度可以反映光的强弱，光越强，（1）某光敏电阻R在不同照度下的阻值为路灯供电。为达到天亮灯熄、天暗灯亮的效果，路灯应接在（3）用多用电表“×10Ω”挡，按正确步骤测量图乙中电磁铁线圈电阻时，指针示数如图丙，吸合，图乙中直流电源的电动势E＝6V，内阻忽略不计，滑它极易受热爆裂。若汽车内初始温度为27℃,车内一打火机内封闭了质量为m的气体（可BC在B点平滑连接，长为l=1.25m的轻绳一端固定在O点，另一端与小球乙（视为质点）间的动摩擦因数为μ1=0.625、与传送带间的动摩擦因数为μ2=0.5，重力加速度g大小取10m/s2，sin37°=0.6，求15．如图所示，足够大的空间内存在方向与水平方向的夹角θ=3地面的高度h=1.9m，取重力加速度大小g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°(1)匀强电场的电场强度大小E；(2)轻绳断裂前瞬间轻绳上的弹力大小F；A．由图可知，甲物体做往复运动，且2s和4s体在0~3s的时间内沿正方向做加速运动，3~6s的时间内沿正方向做减速运动，3s时丙物C．图甲为x-t图像，图线的斜率反应速度的大小，因此2~4s时间内甲物体的速率最大，为v甲m/s=4m/s的最大速率为v丙m/s=6m/sD．由于阻力作用，低轨卫星的机械能逐渐减小，轨道半径越来越低，由得设单位长度电阻为r，圆环周长L=2πr电阻R=rL=2πrr圆环在进入磁场的过程中，根据Eq=ΣIΔt解得q磁通量从0增加到Φm=B.(πr2)所以q即qµr，所以q2:q1=2:1。A．波沿x轴正方向传播，根据同侧法可知，t=0时刻坐标原点处质点沿y轴负方1C．根据同侧法可知，x=4m处的质点在t=0时沿y轴负方向运动，由于A．对传送带进行分析，令P从接触弹簧到第一次运动到最右端过程经历则传送带的位移为x1=vt1由于物块先向右做匀速直线运动，后向右做加速度增大的减速直线运2即有x1<2d 送带所受摩擦力的平均值f<μmg根据功能关系，传送带多消耗的电能为E=f.x1<2μmgdC．小物块刚接触弹簧时，弹簧的弹力小于最大静摩擦力，物块仍然向右做匀速直线运动，D．小物块刚接触弹簧时，弹簧的弹力小于最大静摩擦力，物块仍然向右做匀速直线运动，增大，所以B是逐渐亮起来，电路稳定后B亮度同的感应电流，此时A、B串联构成回路，所以B灯泡是小圆环在任意位置P点时弹簧的长度为L=2Rcosθ则根据胡克定律可知弹簧的弹力为F弹=k(L-R)=kR(2cosθ-1)小圆环从初始位置运动到与大圆环圆心等高处的过程中，θkR=mg为FN，则径向平衡方程（向外为正）为FN+mgcos2θ-F弹cosθ=0切向平衡方程（沿切线向上为正）为F+F弹sinθ-mgsin2θ=0解得FN=mg(1-cosθ)，F=mgsinθ所以θ从0增大到45o的过程中，F和FN一直增大，且始终有FN>0E=BLv0FF-F安=mg则F_t图像与时间轴所围成的面积表示F的冲量，则可以求出0~tS=61´10-4m2=0.61´10-2m2油酸酒精溶液中纯油酸的体积变大，对应的油暗时光明电阻更大，要先保证回路中的电流2mA不变解得t=57℃（2）根据热力学第一定律有ΔU=Q+W其中ΔU=-15J，W=-5J，代入数据得Q=-10Jmgsinθ-μ1mgcosθ=ma1解得vB=4m/s（3）物块甲在传送带上相对滑动时，根据牛顿第二定律，mgμ2=ma2当物块甲一直在传送带上加速时v2-vEQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(2),0)=2a2L解得v=9m/s其中v-v0=a2t1解得ΔE电=240v1由v1-v0=a2t2解得ΔE电=30v1(v1-1)（1）当小球处于静止状态时，对小球受力分析有Eq=mg解得E=1.5´104N/C（2）将小球受到的电场力与重力的合力视为等效重力，该等效重力大小G等=mgcosθ拉力最大，则有G等Lmv2对轻绳断裂前瞬间的小球，受力分析有F-G等解得F=7.2N（3）轻绳断裂后瞬间，小球在竖直方向上的分速度大小vy=vsinθ小球在竖直方向上的加速度大小ay=