2026步步高高考大二轮复习数学-专题突破　专题一　第4讲　平面向量

第4讲平面向量1.(2025·全国Ⅰ卷，T6)帆船比赛中，运动员可借助风力计测定风速的大小和方向，测出的结果在航海学中称为视风风速.视风风速对应的向量是真风风速对应的向量与船行风风速对应的向量之和，其中船行风风速对应的向量与船速对应的向量大小相等、方向相反.表格给出了部分风力等级、名称与风速大小的对应关系.已知某帆船运动员在某时刻测得的视风风速对应的向量与船速对应的向量如图所示(线段长度代表速度大小，单位：m/s)，则该时刻的真风为()级数名称风速大小(单位：m/s)2轻风1.6~3.33微风3.4~5.44和风5.5~7.95劲风8.0~10.7A.轻风 B.微风 C.和风 D.劲风2.(2024·全国甲卷，T9)设向量a=(x+1，x)，b=(x，2)，则()A.“x=-3”是“a⊥b”的必要条件 B.“x=-3”是“a∥b”的必要条件C.“x=0”是“a⊥b”的充分条件 D.“x=-1+3”是“a∥b”的充分条件3.(2024·新课标Ⅱ卷，T3)已知向量a，b满足|a|=1，|a+2b|=2，且(b-2a)⊥b，则|b|等于()A.12 B.22 C.34.(2025·全国Ⅱ卷，T12)已知平面向量a=(x，1)，b=(x-1，2x)，若a⊥(a-b)，则|a|=.

5.(2025·天津卷，T14)在△ABC中，D为AB边的中点，CE=13CD，AB=a，AC=b，则AE=(用a，b表示)，若|AE|=5，AE⊥CB，则AE·CD=6.(2024·天津卷，T14)在边长为1的正方形ABCD中，点E为线段CD的三等分点，CE=12DE，BE=λBA+μBC，则λ+μ=；若F为线段BE上的动点，G为AF的中点，则AF·DG的最小值为.命题热度：本讲是历年高考命题常考的内容，属于中低档题目，主要题型为选择题或填空题.分值为5分.考查方向：一是考查平面向量的基本运算，主要考查线性运算(加、减、数乘、共线问题)和坐标运算以及平面向量的数量积，利用已知向量分解目标向量，根据平面向量的模与夹角求平面向量数量积或由模的值求参数等；二是考查平面向量基本定理，利用基底表示向量及向量共线求参数等；三是考查平面向量的综合应用，根据向量的几何意义或数量积的定义与坐标运算，研究最值问题或平面图形的几何性质等.1.答案A解析由题意及题图得，视风风速对应的向量为n=(0，2)-(3，3)=(-3，-1)，视风风速对应的向量是真风风速对应的向量与船行风风速对应的向量之和，船行风风速对应的向量与船速对应的向量大小相等、方向相反，设真风风速对应的向量为n1，船行风风速对应的向量为n2，∴n=n1+n2，n2=-[(3，3)-(2，0)]=(-1，-3)，∴n1=n-n2=(-3，-1)-(-1，-3)=(-2，2)，∴|n1|=(-2)2+22=2由表格可得，该时刻的真风为轻风.2.答案C解析对A，当a⊥b时，则a·b=0，所以x(x+1)+2x=0，解得x=0或x=-3，即必要性不成立，故A错误；对C，当x=0时，a=(1，0)，b=(0，2)，故a·b=0，所以a⊥b，即充分性成立，故C正确；对B，当a∥b时，2(x+1)=x2，解得x=1±3，即必要性不成立，故B错误；对D，当x=-1+3时，不满足2(x+1)=x2，所以a∥b不成立，即充分性不成立，故D错误.3.答案B解析因为(b-2a)⊥b，所以(b-2a)·b=0，即b2=2a·b，又因为|a|=1，|a+2b|=2，所以1+4a·b+4b2=1+6b2=4，从而|b|=224.答案2解析a-b=(1，1-2x)，因为a⊥(a-b)，则a·(a-b)=0，则x+1-2x=0，解得x=1.则a=(1，1)，则|a|=2.5.答案16a+23b解析如图，因为CE=13CD，所以AE-AC=13(AD-AC)，所以AE因为D为线段AB的中点，所以AE=16AB+23AC=16因为|AE|=5，AE⊥CB，CB=a-b，所以AE2=16a+23b2=136a2+29aAE·CB=16a+23b·(a-b)=16a2+12a·b-23b2=0，所以a2+3由①②得a2+4a·b=180，又CD=AD-AC=12AB-AC=12a所以AE·CD=16a+23b·12a-b=112a2=112(a2+2a·b-2a2-6a·b)=112(-a2-4a·b)=112×(-1806.答案43-解析方法一因为CE=12DE即CE=13则BE=BC+CE=13BA+可得λ=13，μ=1所以λ+μ=43由题意可知，BC=BA=1，BA·BC=0，因为F为线段BE上的动点，设BF=kBE=13kBA+kBC，k∈0则AF=AB+BF=AB+kBE=13k-1BA又因为G为AF的中点，则DG=DA+AG=-BC+1=1213可得AF·DG=13k=1213=59k-又由k∈0，当k=1时，AF·DG取到最小值为-518方法二以B为坐标原点建立平面直角坐标系，如图所示，则A(-1，0)，B(0，0)，C(0，1)，D(-1，1)，E-1可得BA=(-1，0)，BC=(0，1)，BE=-1因为BE=λBA+μBC=(-λ，μ)，则-λ=-13，μ=1因为点F在线段BE：y=-3x，x∈-1设F(a，-3a)，a∈-1且G为AF的中点，则Ga-1可得AF=(a+1，-3a)，DG=a+1则AF·DG=(a+1)22+=5a+25且a∈-1所以当a=-13AF·DG取到最小值为-518考点一平面向量的基本运算例1(1)(多选)向量a，b满足|a|=2，|b|=1，(a+2b)·a=6，下列说法正确的是()A.a·b=1B.a与b的夹角θ为60°C.a在b上的投影向量的模为1D.|a-b|=3答案BCD解析∵|a|=2，|b|=1，(a+2b)·a=6，∴(a+2b)·a=a2+2a·b=|a|2+2a·b=4+2a·b=6，∴a·b=1，故A错误；a·b=|a||b|cosθ=2cosθ=1，∴cosθ=12∵0°≤θ≤180°，∴θ=60°，故B正确；∵a在b上的投影向量为a·bb|2∴a在b上的投影向量的模为1，故C正确；∵|a-b|2=|a|2-2a·b+|b|2=4-2×1+1=3，∴|a-b|=3，故D正确.(2)如图，在四边形ABCD中，|AC|=4，BA·BC=12，E为AC的中点.BE=2ED，则AD·CD的值为()A.0 B.12 C.2 D.6答案A解析方法一(基底法)在△ABC中，由余弦定理得AC2=BA2+BC2-2BA·BC·cos∠ABC，∴42=BA2+BC2-2BA·BC=BA2+BC2-2×12，∴BA2+BC2=40.又∵AD·CD=(BD-BA)·(BD-BC)=32BE=34(=-14=-316BA2-316=-316(BA2+BC2=-316×40+58×方法二(极化恒等式)∵|AC|=4，E为AC的中点，∴|AE|=|CE|=2，根据极化恒等式可得BA·BC=|BE|2-|EA|2=|BE|2-4=12，∴|BE|=4，∴|DE|=12|BE|=2∴AD·CD=DA·DC=|DE|2-|EA|2=4-4=0.[规律方法]1.求非零向量a，b数量积的三种方法(1)定义法：a·b=|a||b|cos〈a，b〉.(2)坐标法：①若已知向量的坐标，则直接利用坐标运算求解，即设a=(x1，y1)，b=(x2，y2)，则a·b=x1x2+y1y2；②若未知向量坐标，则可通过建立平面直角坐标系表示出向量的坐标，进而利用坐标运算求解.(3)几何法：灵活运用平面向量数量积的几何意义进行求解.2.含有线段中点的向量问题，利用向量的极化恒等式可以快速对数量积进行转化.极化恒等式：a·b=14[(a+b)2-(a-b)2]跟踪演练1(1)(2025·杭州模拟)已知向量a=(1，-1)，b=(2，1)，若(ta+b)⊥(-2a+tb)，则实数t等于()A.1或12 B.-2或C.-1或2 D.-2或1答案D解析ta+b=(t+2，-t+1)，-2a+tb=(-2+2t，2+t)，∵(ta+b)⊥(-2a+tb)，∴(ta+b)·(-2a+tb)=0，即(t+2)(-2+2t)+(-t+1)(2+t)=(t+2)(t-1)=0，∴t=-2或t=1.(2)(2025·合肥质检)已知向量e1=(1，0)，e2=(1，3)，设a=4e1+e2，b=3e1-e2则a与b的夹角为()A.π6 B.π4 C.π答案C解析因为e1=(1，0)，e2=(1，3)，所以a=4e1+e2=(4，0)+(1，3)=(5，3)，b=3e1-e2=(3，0)-(1，3)=(2，-3)，所以a·b=5×2+3×(-3)=7，|a|=52+(3|b|=22+(-3设a与b的夹角为θ，则cosθ=a·b|a||b|=727×7所以θ=π3，即a与b的夹角为π考点二平面向量基本定理例2(1)(2025·重庆模拟)如图，在平行四边形ABCD中，已知CE=12CD，AF=13AD，直线BE，CF交于点O，若AB=a，AD=b，则AOA.38a+14b B.35aC.13a+23b D.58a答案D解析设BO=λBE，λ∈(0，1)，则AO=AB+BO=AB+λBE=AB+λ(BC+CE)=a+λb-12a=1-λ又b=3AF，a=AC-AD=AC-3AF，所以AO=1-λ2(AC-3AF)+3λAF=因为F，O，C三点共线，所以1-λ2+9λ解得λ=34所以AO=1-λ2a+λb=58a+(2)如图，在菱形ABCD中，E，F分别为AB，BC上的点，BE=3EA，BF=3FC.若线段EF上存在一点M，使得DM=12DC+xDA(x∈R)，则x等于(A.34 B.32 C.2答案A解析方法一(基底法)∵BE=3EA，BF=3FC，∴EF∥AC且EF=34AC∴EF=34AC=-34∵E，M，F三点共线，设EM=tEF(0≤t≤1)，∴DM=DA+AE+EM=DA+14DC+=DA+14DC-34tDA+=1-34t又∵DM=12DC+x∴14+34t=12，∴34∴x=1-34t=1-14=方法二(等和线)由图可知，直线AC是以{DC，DA}为基底，值为1的等和线，设DM与AC交于点N，12+x=k又∵AC∥EF，则DMDN=5根据等和线定理可得k=DMDN∴12+x=54，解得x=[规律方法]1.用平面向量基本定理解决问题的一般思路是：先选择一个基底，并运用该基底将条件和结论表示成向量的形式，再通过向量的运算来解决.2.平面向量等和线定理平面内一个基底{OA，OB}及任一向量OP，且OP=λOA+μOB(λ，μ∈R)，若点P在直线AB上或在平行于AB的直线上，且k=OPOF=OB1OB=OA1OA，则λ+μ=k(定值(1)当等和线恰为直线AB时，k=1；(2)当等和线在O点和直线AB之间时，k∈(0，1)；(3)当直线AB在O点和等和线之间时，k∈(1，+∞)；(4)当等和线过O点时，k=0；(5)若两条等和线关于O点对称，则定值k互为相反数；(6)定值k的绝对值与等和线到O点的距离成正比.跟踪演练2(1)(2025·大庆模拟)如图所示，在△ABC中，∠BAC=90°，AB=6，点D是BC的中点，点E在AD上，且DE=2AE.若BE·AD=-293，则AC等于(A.6 B.8 C.213 D.65答案B解析由∠BAC=90°，得AB·AC=0，由点D是BC的中点，DE=2EA，得AE=13AD=13×12(AB+AC)=16AB+16AC，则BE·AD=16(AC-5AB)·12(AB+AC)=112(AC2-4AB·AC-5AB2)=112(|AC|2-5×6(2)(多选)(2025·长沙模拟)记△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，2b2+2c2=5a2，AE=13AC，AF=13AB，BE交CF于点M，AM交BC于点DA.cos∠BAC≥3B.BD=2C.AD=aD.若△ABC的面积为18，BE=3，则CM=8答案ACD解析cos∠BAC=b2+c2-当且仅当b=c时取等号，选项A正确；设AD=λAM，由AE=13AC，AF=13AB，得FMMC=EM则AM=AF+14FC=AF+14(AC-AF)=34AF可得AD=λAM=λ4AB+由B，D，C三点共线可得λ4+λ4=1，λ即AD=12AB+12AC，D是边因为D是边BC的中点，则AD2=12AB+12AC2=14(2b2+2c2-a2)=a因为BE·CF=(AE-AB)·(AF-AC)=13AC-AB·13AB-AC=109bccos∠BAC=59(b2+c2-a2)-13(b2+c2)=5952a2-a2-1由AE=13AC，AF=可知EF∥BC，S△AEF=19S△ABC则S梯形BCEF=89S△ABC=16且S梯形BCEF=12BE·CF=12×3×43CM，则CM=8，选项考点三平面向量的最值与范围问题例3(1)如图，边长为1的正方形ABCD内接于圆O，P是弧BC(包括端点)上一点，则AP·AB的取值范围是()A.1，4+C.1，1+答案C解析方法一(坐标法)如图建立平面直角坐标系，则A-1B12又圆O的半径为r=22设P22∵点P在BC(包括端点)上，∴θ∈-π∴AP=22cosθ+12，22∴AP·AB=22cosθ+12，∵θ∈∴cosθ∈22，1，22cosθ+∴AP·AB的取值范围是1，方法二(投影法)当P在劣弧BC的中点时，向量AP在向量AB上投影向量的模最大，为1+2由数量积的几何意义知(AP·AB)max=1+22×1=当P在B或C处时，向量AP在向量AB上投影向量的模最小，为1，∴(AP·AB)min=1×1=1，∴AP·AB的取值范围是1，(2)(2025·安庆模拟)已知向量a，b满足|a|=|b|=2，a·b=2，向量a-c与向量b-c的夹角为π6，则|a-c|的最大值为(A.3 B.2 C.43答案D解析由a·b=|a||b|cos〈a，b〉=4cos〈a，b〉=2，故cos〈a，b〉=12，即〈a，b〉=π如图，设OA=a，OB=b，OC=c，则△OAB是等边三角形，∵向量c满足a-c与b-c的夹角为π6，∴∠ACB=π∵点C在AB外且∠ACB为定值，∴C的轨迹是两段圆弧，∠ACB是弦AB所对的圆周角，∴当AC是AB所在圆的直径时，|a-c|取得最大值2R(R为△ABC外接圆的半径)，在△ABC中，由正弦定理可得2R=ABsinπ6=故|a-c|的最大值为4.[规律方法]向量数量积的最值(范围)问题的解题策略(1)形化：利用平面向量的几何意义将问题转化为平面几何中的最值或范围问题，然后根据平面图形的特征直接进行判断.(2)数化：利用平面向量的坐标运算，把问题转化为代数中的函数最值与值域、不等式的解集或方程有解等问题，然后利用函数、不等式或方程的有关知识来解决.跟踪演练3(1)在平行四边形ABCD中，AB|AB|+3AD|AD|=λAC|AC|，λ∈[7A.-12C.-23答案A解析设与AB同方向的单位向量ABAB=e1，与AD同方向的单位向量ADAD=e2，与AC同方向的单位向量ACAC=由题意，e1+3e2=λe3，所以(e1+3e2)2=λ2e3即e12+6e1·e2+9e22=所以1+6×1×1×cos∠BAD+9=λ2，所以cos∠BAD=λ2因为λ∈[7，3]，所以λ2∈[7，9]，所以λ2-106即cos∠BAD的取值范围是-1(2)(2025·宜春模拟)若图中正方形ABCD的边长为4，圆O的半径为42，正方形ABCD的中心与圆O的圆心重合，动点P在圆O上，且AP=λAB+μAD，则λ+μ的最大值为()A.1 B.2 C.3 D.4答案C解析方法一(坐标法)建立如图所示的平面直角坐标系，则A(0，0)，B(4，0)，D(0，4)，点P在圆(x-2)2+(y-2)2=32上，设点P(2+42cosθ，2+42sinθ)，则AP=(2+42cosθ，2+42sinθ)，AB=(4，0)，AD=(0，4)，因为AP=λAB+μAD，所以(2+42cosθ，2+42sinθ)=λ(4，0)+μ(0，4)=(4λ，4μ)，所以4λ=2+42cosθ，4μ=2+42sinθ，所以λ+μ=2sinθ+2cosθ+1=2sinθ+π4+1≤3，即λ+μ方法二(等和线法)因为AO=12AB+则直线BD是以{AB，AD}为基底，值为1的等和线，如图，作BD的平行线与圆O相切于点P，由等和线定理可知，此时λ+μ取得最大值，最大值为APAO=22专题强化练[分值：84分]一、单项选择题(每小题5分，共40分)1.(2025·北京延庆区模拟)已知|a|=3，|b|=2，a·b=3，则〈a，b〉为()A.π6 B.π4 C.π答案A解析因为cos〈a，b〉=a·b|a||所以〈a，b〉=π62.(2023·全国乙卷)正方形ABCD的边长是2，E是AB的中点，则EC·ED等于()A.5 B.3 C.25 D.5答案B解析方法一以{AB，AD}为基底，可知|AB|=|AD|=2，AB·AD=0，则EC=EB+BC=12AB+ED=EA+AD=-12AB+所以EC·ED=12AB=-14AB2+方法二如图，以A为坐标原点建立平面直角坐标系，则E(1，0)，C(2，2)，D(0，2)，可得EC=(1，2)，ED=(-1，2)，所以EC·ED=-1+4=3.方法三由题意可得，ED=EC=5，CD=2，在△CDE中，由余弦定理可得cos∠DEC=DE2+CE所以EC·ED=|EC||ED|cos∠DEC=5×5×35=3方法四设CD的中点为O，由极化恒等式可得EC·ED=|EO|2-14|DC|2=33.(2025·滁州质检)已知O为△ABC的重心，D为AB的中点，则OD等于()A.12AB-13ACC.13AB+14AC答案B解析由题意得OD=13CD=13(CB+BD)=14.(2025·郴州模拟)在平面直角坐标系中，O为坐标原点，已知A(2，-1)，B(1，1)，OP=λOA+(2-λ)OB，若OP⊥OB，则λ的值为()A.4 B.2 C.-2 D.-3答案A解析因为A(2，-1)，B(1，1)，所以OA=(2，-1)，OB=(1，1)，又OP=λOA+(2-λ)OB=λ(2，-1)+(2-λ)(1，1)=(2+λ，2-2λ)，且OP⊥OB，所以OP·OB=(2+λ)×1+(2-2λ)×1=4-λ=0，解得λ=4.5.(2025·蚌埠模拟)在四边形ABCD中，2AB=3DC，AB=(1，2)，AD=(2，-1)，则该四边形的面积为()A.4 B.22 C.52 D.答案C解析由AB=(1，2)，AD=(2，-1)，可得AB·AD=(1，2)·(2，-1)=2-2=0，所以AB⊥AD，所以S△ABD=12|AB||AD|=12×1+2×2+1=又2AB=3DC，所以DC=23AB，且DC∥所以|DC|=23|AB|=233，ADS△BCD=12×|DC||AD|=12×233所以S四边形ABCD=S△BCD+S△ABD=1+32=56.(2025·河南豫东名校模拟)已知平面向量a，b，c，满足|a|=|b|=43，a与b的夹角为π3且(a-2c)·(b-c)=0，则|c|的最大值为(A.25+3 B.21+3 C.25+3 D.21+3答案B解析依题意，a·b=43×43cosπ3=24|a+2b|=a2+4b由(a-2c)·(b-c)=0，得a·b-(a+2b)·c+2c2=0，即2|c|2+24=421|c|cos〈a+2b，c〉≤421|c|，当且仅当a+2b与c同向共线时取等号，于是|c|2-221|c|+12≤0，解得21-3≤|c|≤21+3，所以|c|的最大值为21+3.7.若AB为双曲线x216-y24=1上经过原点的一条动弦，M为圆C：x2+(y-2)2=1上的一个动点，则MA·MBA.154 B.7 C.-7答案C解析如图，O为AB的中点，连接MO，MA·MB=|MO|2-14|BA|2而|MO|max=|OC|+1=3，|AB|min=2a=8，所以MA·MB的最大值为9-14×64=-78.(2025·安庆模拟)已知Sn，Tn分别为等差数列{an}，{bn}的前n项和，SnTn=3n+24n+5，设点A是直线BC外一点，点P是直线BC上一点，且AP=a2A.825 B.-925 C.2答案D解析SnTn=(3n+2)nk(4n+5)nk(不妨设Sn=(3n+2)nk，Tn=(4n+5)nk，因为P，B，C三点共线，所以a2+a6所以2a4b3+λ=1，又a4b3=2a42b3=a1+a所以2a4b3+λ=4625+λ=1二、多项选择题(每小题6分，共18分)9.(2025·广州模拟)无人机的飞行速度向量、风速向量会影响其实际飞行轨迹.无人机不受风影响时的飞行速度对应的向量称为空速向量，实际观测到的飞行速度对应的向量称为地速向量，其为空速向量与风速向量之和.无人机搭载的设备可监测线路缺陷，当无人机相对线路的横向偏移量(垂直线路方向的向量分量)超过2m/s或纵向偏移量(沿线路方向的向量分量，其标准值为4m/s)超过标准值1m/s时，需调整飞行姿态.已知某区域风速稳定，某次无人机计划沿x轴正方向为线路巡检时，空速向量为(3，4)(单位：m/s)，风速向量为(1，-1)(单位：m/s)，则()A.地速向量的大小为5m/sB.地速向量的方向与空速向量的方向相同C.纵向偏移量与标准值无偏差D.该无人机需要调整飞行姿态答案ACD解析设空速向量为a，风速向量为b，地速向量为c，则a=(3，4)，b=(1，-1)，所以c=a+b=(3，4)+(1，-1)=(4，3)，所以|c|=42+所以地速向量的大小为5m/s，故A正确；由a=(3，4)，c=(4，3)可知地速向量的方向与空速向量的方向不相同，故B错误；由于纵向偏移量为4m/s，与标准值无偏差，故C正确；由于无人机计划沿x轴正方向为线路巡检，而地速向量c=(4，3)，所以需要调整飞行姿态，故D正确.10.(2025·重庆模拟)已知点P是△ABC所在平面内一点，且AP=2mAB+nAC，m，n∈R，则下列说法正确的是()A.若m=n=12，则点P是边BCB.若点P是边BC上靠近B点的三等分点，则m=n=1C.若2m+n=12，则S△PBC=2S△D.若点P在BC的中线上，且2m+n=23，则点P是△ABC答案BD解析对于A，因为AP=2mAB+nAC，P为边BC的中点等价于2m=n=12即m=14，n=12，故对于B，如图1，点P是边BC上靠近B点的三等分点，则AP=AB+BP=AB+13BC=AB+13(AC-AB)即2m=23，n=13，即m=n=13对于C，若2m+n=12，则2AP=2(2mAB+nAC)=4mAB+2nAC，且4m+2n=1如图2，设AM=2AP，即AM=4mAB+2nAC，则点M在BC上，点P为AM的中点，所以S△PBC=12S△ABC，故C对于D，若2m+n=23所以32AP=32(2mAB+nAC)=3mAB+32nAC，且3m+如图3，设AN=32AP，即AN=3mAB+32nAC，则点N在BC上，又因为P在BC的中线上，则AN即为中线，从而点P为△ABC的重心，故11.如图，在正方形ABCD中，E为AB的中点，M为线段AD上的动点(包括端点)，BM=λBE+μBD，则下列结论正确的是()A.当M为线段AD的中点时，λ+μ=3B.λμ的最大值为1C.μ的取值范围为[0，1]D.λ+μ的取值范围为1答案AC解析根据题意建立平面直角坐标系，如图所示，设BC=2，则B(0，0)，E(0，1)，D(2，2)，设M(t，2)，则0≤t≤2，由于BM=λBE+μBD，所以(t，2)=λ(0，1)+μ(2，2)，整理得2μ=t，λ+2μ=2，则λ=2-t，μ=t2对于A，当M为AD的中点时，t=1，故λ+μ=2-12=32，故对于B，λμ=(2-t)·t2=t-12t2=-12(t-1)2+12，由于0≤t≤2，当t=1时，λμ取得最大值对于C，由于μ=t2，0≤t≤2，所以0≤μ≤1，故μ的取值范围为[0，1]，故C对于D，λ+μ=2-t2，由0≤t≤2，得2-t2∈[1，2]，故λ+μ的取值范围为[1，2]，故D三、填空题(每小题5分，共15分)12.(2025·辽阳模拟)已知向量a=(-2，1)，b=(1，x)，若a∥b，则a·(a-b)=.

答案15解析由a∥b，可得-2x-1=0，解得x=-12则b=1，-12，a-所以a·(a-b)=6+32=1513.已知△AOB，点P在直线AB上，且满足OP=2tPA+tOB(t∈R)，则|PA||PB答案1解析方法一(坐标法)建立平面直角坐标系并标出点的坐标，如图，由OP=2tPA+tOB，代入坐标即得(n-a，-b)=2t(-n，0)+t(m-a，-b)，得n-a所以|PA||PB|方法二(向量转化法)OP=2t(OA-OP)+tOB⇒(1+2t)OP=2tOA+tOB，由A，P，B三点共线，得1+2t=2t+t，则t=1，从而3OP=2OA+OB=2OP+2PA+OP+PB，即0=2PA+PB，所以|PA||14.(2025·天津南开模拟)在梯形ABCD中，AB=AD=2，BC=34AD，AC·BD=-12，记AB=a，AD=b，用a和b表示CD=；若点E为BD上一动点(包括端点)，则AE·BC的最大值为答案14b-a解析因为BC=34AD，所以BC=3CD=CB+BA+AD=-34b-a+b=-a+14b=14b因为AC=AB+BC=a+34b，BD=BA+AD=-a+b，又AC·BD=-1即a+34b·(-a+b)=-a2+14a·b+34b2=-4+14a·b+3=-1+可得a·b=2，设BE=λBD，λ∈[0，1]，则AE=AB+BE=a+λ(-a+b)=(1-λ)a+λb，AE·BC=[(1-λ)a+λb]·34b=32+3当λ=1时，AE·BC有最大值3.(15题6分，16题5分，共11分)15.(多选)奔驰定理：已知O是△ABC内一点，△BOC，△AOC，△AOB的面积分别为SA，SB，SC，且SA·OA+SB·OB+SC·OC=0.设O是锐角△ABC内的一点，角A，B，C分别是△ABC的三个内角，则()A.若OA+2OB+3OC=0，则SA∶SB∶SC=1∶2∶3B.若|OA|=|OB|=2，∠AOB=5π6，2OA+3OB+4OC=0，则S△ABC=C.若O为△ABC的内心，3OA+4OB