2026届高考物理专题训练《安培力与洛伦兹力》

A.0.03TB.0.3T2．如图所示，一束带电粒子以一定的初速度沿直线通狭缝P进入另一匀强磁场（磁感应强度为B′最终打在A1A2上，下列表述正确的是B.所有打在A1A2上的粒子，在磁感应强度为B′的磁场中的运动时间都相同C.能通过狭缝P的带电粒子的速率等于EBD.粒子打在A1A2的位置越靠近P，粒子的比荷越小导体棒，导体棒中通有大小为I、方向垂直于纸B.若使施加的匀强磁场磁感应强度最小，则方向应垂直C.若匀强磁场的方向在竖直方向，则磁场方向4．如图所示，宽度为d的有界匀强磁场，磁感应强度为B，MM′和NN′是它的两条重力不计，要使粒子不能从NN′边界射出。粒子入射速率v的最大值是()线圈如图乙所示.长边所在处磁感应强度大小为B，当线偏转的角度为θ,则一侧长边受到的安培力大小为()C.BIlsinθD.nBIlsinθ处产生的磁感应强度的大小均为B0，则导线C受到的安培力的大A.3B0IL，水平向左B.3B0IL，水平向右C.B0IL，水平向左D.B0IL，水平向右磁场。一带电粒子（不计重力）从ab上的点M以水平速度v垂直的点N时，速度偏离原方向θ=45°。若M、N两点间的水平距离与竖直距离之差为 8．如图甲所示为磁电式电流表的结构简图，线圈绕在一个架上，蹄形磁铁和铁芯间的磁场均匀辐向分布，同一圆等，如图乙所示。当线圈通以如图乙所示方向电流时，下列说法正B.线圈转动过程中受到的安培力始终与线9．如图所示为回旋加速器的工作原理图，D1、D2是两个中空的半圆形金属盒，半径进入磁场中做匀速圆周运动，再次到达两盒间的缝隙时，电场方被加速，往复循环。两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间忽B.粒子每在电场中加速一次，其做圆周运动的半匀强磁场。一带电粒子从y轴上的M点射入磁场，速度方向与y轴正方向的夹角以相同速率v0向各个方向发射，右侧远处放置与xOy平面垂直且足够大的子打在荧光屏上会形成光斑。若在各象限施加面积最小的二、三象限的电子最终平行于x轴并沿x轴负向adcba方向的电流，开始时a与匀强磁场边界AB相切，弹簧测力计的示数为F。现将线圈沿竖直方向缓慢上提，直到c点与AB相切，弹簧测A.一直变大B.一直变小C.先变大后变小D.先变小后变大强度大小为B，一带正电的粒子从N点沿NP方向射入磁子正好从M点射出，粒子重力忽略不计，则()000014．回旋加速器的工作原理如图所示，D1和D2是两个中空的半圆金属盒，它们之间接交流电源。A处的粒子源产生的α粒子（α粒子在电场中的加速时间且不考虑相对论效应接，两盒内匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直），B.粒子加速后获得的最大动能为Ekm=D.提高电压U，可以增大最大动能Ekm内一束电子从M点以速度v垂直于磁场边界射入，从N点穿射入方向的夹角为θ=60°,在磁场中运动的时间为t1。若仅将磁感应强度大小改为B′ 。__________(2)通过气垫导轨上的刻度尺读出两个光电门之间的距离 。粒子在P点以与x轴正方向成60°的方向垂直磁场射入，并恰好垂直于y轴射出磁场。），(3)带电粒子在磁场中运动垂直于y轴射出磁场的坐标。21．如图所示为电流天平，可以用来测量匀强磁场的（g取10m/s2）？（解析：质子做匀速圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，则有qvB=解析:AC.粒子经过速度选择器时所受的电场力和洛伦兹力平衡，则B.所有打在A1A2上的粒子，在磁场B′中做匀速圆周运动，运动的时间等于D.经过速度选择器进入磁场B′的粒子速率相等，根据半径公式mRB解析:C.若匀强磁场的方向在竖直方向，根据共点力平衡条件结合方向竖直向上，安培力水平向右，此时，导体棒的BIL=mgtanαB=mgtanαILAB.如图乙所示，当安培力的方向平行斜面向上时，安培力最小，施加的匀强感应强度最小，由左手定则可知，磁场方向BIL=mgsinα解析:要使粒子不能从NN′边界射出，当粒子轨迹刚好与边界NN′相切时，粒子入射速2rm解析:电流与磁场方向始终垂直，故一侧长边受到的安培力大小为F=nBII，故B f=3B0IL2rrsin45°+PNcos45°=r(1−cos45°)+PNsin45°+a解析:A.蹄形磁铁和铁芯间的不同点的磁场方向并不D.增加线圈匝数，会使得在相同电流情况下线圈所受安培力增大，则电可知v2不一定是v1的2倍；根据C.若粒子能在回旋加速器中不断被加速，则粒子做圆周运动的周解析：由题意可知，粒子进入磁场后沿顺时2出电子在匀强磁场中从最上侧和最下侧离开磁场的轨迹2在磁场中的轨迹半径等于圆形磁场区域的半径，则由ev0B=m得第一象22心角最大，由图可知电子轨迹所对应的最大圆心角为90°,则电子在磁场中运动的最安解析:A.当粒子速度为v0时，粒子从N点进入磁场，正好从M点射出，轨迹如图所示22解析:A.为了使粒子进入电场加速，回旋加速器所用交流电源的2得m又 2粒子加速后获得的最大动能为Ekm=解得Ekm=可知提高电压U，不可C.根据动能定理可得nqU=Ekm−0联立可得粒子被加速的解析:AB.当磁感应强度大小为B时，由洛伦兹力提供向心力得qvB=m根据几何关系可得rsinθ=dC.当磁感应强度大小为B′时，粒子的轨道半径为D.当磁感应强度大小为B′时，电子运动时间为则两电子的解析:(1)带电小球沿斜面向下运动，某时刻对斜面的作用力恰好(2)带电小球在斜面上下滑过程中，当小球受相等时，小球对斜面压力为零，即qvB=mgcosθ(3)滑块在斜面上运动时，沿斜面方向上只受重力沿斜面的分力mgsinθ,根据牛顿第二定律mgsinθ=ma则加速度a=gsinθ解析：(1)当实验中调节气垫导轨水平且细线与气垫导轨平行时，力传感器的示数F等于细线的拉力，结合上述可知，该示数即为滑块的合力，可解得滑块加速度的大小为a=2k解析:（1）由粒子的运动轨迹可知此粒子带正电，粒子（3）粒子恰