2026年高考物理二轮复习检测卷（上海卷02）（全解全析）

2026年高考二轮复习检测卷02

物理

（考试时间：90分钟试卷满分：100分）

注意事项：

1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮

擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、汽车（21分）

汽车是大众便携出行的重要交通工具，汽车的设计、运行和操控过程中，蕴含了大量的物理知识。

1．汽车从M到N做减速运动，下面四个选项中分别画出了汽车转弯时所受合力F的四种方向，其中可能

正确的是（）

A．B．C．D．

2．如图为学员驾驶汽车在水平面上绕O点做匀速圆周运动的俯视示意图，已知质量为60kg的学员在A点

位置，质量为70kg的教练员在B点位置，A点的转弯半径为5.0m，B点的转弯半径为4.0m，学员和教练

员（均可视为质点）（）

A．运动周期之比为5:4B．运动线速度大小之比为1:1

C．向心加速度大小之比为5:4D．受到的合力大小之比为14:15

3．对于“汽车沿斜坡匀速向坡顶运动”中涉及的相关物理问题，某研究性学习小组有以下说法，其中错误的

有（）

A．此过程中合外力做正功B．此过程中汽车的动能不变

C．此过程中牵引力的功率不变D．此过程中汽车的重力势能增大

4．炎热的夏天，一辆卡车在丘陵地带行驶，由于轮胎太旧，在驶过如图所示的一段地形时有可能爆胎，则

下列地点中爆胎概率最大的点是（）

A．a点B．b点C．c点D．d点

5．如上图所示，是一种清洗车辆用的手持式喷水枪．若已知水枪口的横截面积为S0.6cm2，喷出水的速

33

度为v12m/s（水的密度为110kg/m），试问它每秒射出水的动能Ek的表达式为（用题

中所给字母表示），数值为。

6．新能源汽车无线充电技术的优点包括安全可靠、充电场地的空间利用率高、智能化程度高、维护和管理

方便等。图甲为某国产品牌汽车无线充电装置，供电线圈固定在地面，受电线圈固定在汽车底盘上，当

两个线圈靠近时可实现无线充电，其工作原理如图乙所示。某课外学习小组查阅资料得知，当输入端ab

接上380V正弦交流电后，电池系统cd端的电压为600V，电池系统的电流为20A。若不计线圈及导线电

阻，下列说法正确的是（）

A．为保护受电线圈不受损坏，可以在车底板加装金属护板

B．若输入端ab接上380V恒压直流电，也能正常充电

C．供电线圈和受电线圈匝数比可能为1：2

D．ab端的输入功率等于12kW

1

【答案】1．B2．C3．A4．D5．sv351.84J6.C

2

【解析】1．一辆汽车在水平公路上沿曲线由M向N行驶，速度逐渐减小，即汽车做减速运动，合力方向

指向曲线凹侧，且合力方向与速度方向夹角为钝角。

故选B。

2．A．根据题意可知，教练和学员为同轴转动，转动的角速度相等，则运动周期之比为1:1，故A错误；

B．由公式vr可知，运动线速度大小之比为vA:vBrA:rB5:4，故B错误；

2

C．由公式ar可知，向心加速度大小之比为aA:aBrA:rB5:4，故C正确；

2

D．由公式Fmr可知，受到的合力大小之比为FA:FBm学rA:m教rB15:14，故D错误。

故选C。

3．AB．汽车匀速向坡顶运动的过程中，合力为零，则合力做功为零，速度不变，动能不变，故A错误，B

正确；

C．汽车沿斜坡向上匀速运动的过程中受重力、支持力、牵引力和摩擦力，由于合力为零，

则牵引力Fmgsinf，可知牵引力不变，速度不变，根据PFv知牵引力功率不变，故C正确；

D．汽车在匀速向上运动的过程中，重力势能增加，故D正确。

本题选错误的，故选A。

4．根据题意可知，卡车在a处和c处时，有向下的加速度，处于失重状态，地面对卡车的作用力小于卡车

v2

重力，在b处和d处时，有向上的加速度，处于超重状态，则有Fmgm

Nr

可知，速率不变时，半径越小，地面对卡车的作用力FN越大，则卡车行驶到d处时，地面对卡车的作用

力最大，最容易爆胎。

故选D。

5．[1]根据题意可知，每秒射出水的质量为mSv

11

则每秒射出水的动能为Emv2Sv3

k22

1

[2]代入数据可得，E11030.6104123J51.84J

k2

6.A．在车底板加装金属护板会产生涡流，故不可以在车底板加装金属护板，故A错误；

B．只有交流电流才能发生电磁感应现象，实现电能传输，故B错误；

C．电池系统cd端的电压为600V，若供电线圈和受电线圈匝数比可能为1∶2，

Un

根据理想变压器原副线圈电压与线圈匝数的关系11

U2n2

则供电线圈的电压为U1300VUab

由于供电线圈中的电阻有电压，符合题意，故C正确；

D．电池系统cd端的功率为PUI60020W12000W12kW

由于供电线圈中的定值电阻R产生焦耳热，故ab端的输入功率大于12kW，故D错误。

故选C。

二、用电器与电源（27分）

打印机是常用办公用品。打印机工作时，不管是喷墨打印还是激光打印，静电在其中都发挥着重要作用。

7．喷墨打印机的简化结构如图所示，墨盒发出质量为m的微小墨滴，经带电室后所带电荷量由输入信号控

制。随后以一定的初速度v0进入长为L、间距为d、电压为U的带电平行金属板，金属板右端与纸的距离

为L1。忽略空气阻力、墨滴所受重力和偏转电场的边缘效应。下列操作中能使纸上的文字尺寸放大的是

（）

A．仅增大dB．仅增大UC．仅增大L1D．仅增大q

8．硒鼓是激光打印机的核心部件，感光鼓充电后可认为电荷量均为q的点电荷，对称均匀地分布在半径为

R的圆周上，如图所示。若某时刻圆周上P点的一个点电荷的电量突变为2q。则圆心O点处的电场强度

大小为，方向。

9．某款打印机待机电流为32mA，电压为220V，若每天待机10h，每年消耗的电能约为kWh（结

果保留2位有效数字）。

10．现有一个家用太阳能辅助电路设计如图所示，图中的电源为太阳能电源，其内阻不可忽略，L1、L2、L3

为位于三个房间的规格相同的灯泡，R是光敏电阻，R1、R2是保护电阻，合上开关S，则（）

A．当照射在R上的光变强时，L1变亮，L2和L3都变暗

B．当照射在R上的光变强时，L1变暗，L2和L3都变亮

C．在光照强度不变的情况下，去掉R1改成导线，则L1会变暗

D．在光照强度不变的情况下，R2断路，则L1会变亮

11．如图甲所示的电路中，使滑动变阻器的滑片位置从最右端滑动到最左端，测得电压表V随电流表A的

示数变化的图像如图乙所示。不计电表内阻的影响，求：

（1）定值电阻R0和滑动变阻器的最大阻值Rm；

（2）电源的电动势EV和内阻r；

（3）电源输出功率的最大值与最小值。（用分数表示）

3q

【答案】7．BCD8．kP指向O9．2610．ACD

R2

99

11．（1）15（2）34（3）WW

1625

1Uq

【解析】7．粒子进入偏转电场时水平方向有Lvt竖直方向有yt2

02dm

L

y

粒子离开电场时的速度反向延长线经过水平位移的中点，根据几何关系可得2

L

YL

21

qULL2L

1

联立解得Y2

2mdv0

要使纸上的文字尺寸放大，则Y变大，则可仅减小d，仅增大U，仅增大L1，仅增大q。

故选BCD。

8．[1][2]根据对称性可知，P点处点电荷的电量突变前，圆心O点处的电场强度为0，

若圆周上P点的一个点电荷的电量突变为2q，

q2qq

则圆心O点处的电场强度大小为Ekk3k方向由P指向O。

R2R2R2

9．打印机待机功率为PUI22032103W7.04W

每年消耗的电能约为WPt7.0410310365kWh26kWh

10．AB．当照射在R上的光变强时，电阻R的阻值减小，则电路总电阻减小，根据闭合回路欧姆定律可知，

干路电流变大，路端电压减小；即R1、R2、L2、L3这一部分电路的电压减小，且它们的电阻均不变，所

以通过R1、R2、L2、L3的电流均减小，则L2、L3都变暗；由于干路电流变大，流过R1的电流减小，则

流过L1的电流变大，L1变亮，故A正确，B错误；

C．在光照强度不变的情况下，去掉R1改成导线，则电路中总电阻减小，根据闭合回路欧姆定律可知，干

路电流变大，路端电压减小；则流过L1的电流变小，则L1会变暗，故C正确；

D．在光照强度不变的情况下，R2断路，则电路中总电阻变大，根据闭合回路欧姆定律可知，干路电流变

小，路端电压变大；则流过L1的电流变大，则L1会变亮，故D正确。

故选ACD。

U0.6

11．（1）[1][2]当滑到最左端时，回路电流最大，由图乙根据欧姆定律可得RΩ1Ω

0I0.6

U1.8

滑动变阻器的触头在最右端时，回路电流最小，此时有RRΩ6Ω

0mI0.3

解得滑动变阻器的最大阻值为Rm5Ω

（2）[3][4]根据闭合电路欧姆定律可得UEIr

ΔU1.80.6

可知图线斜率的绝对值等于内电阻，则有内阻rΩ4Ω

ΔI0.60.3

滑动变阻器滑到最左端时，将对应电压，电流代入可得电源的电动势为EI(R0r)0.6(14)V3V

2

E2E

P出()R外2

（3）[5][6]电源输出功率为R外rr

R外2r

R外

E2329

可知当R外R0Rr4电源的输出功率最大，则有PWW

max4r4416

当内电阻与外电阻差距越大，输出功率越小，因此当R0时，电源的输出功率最小，

E2329

最小功率为Pmin()R0()1WW

R0r1425

三、激光（12分）

激光具有单色性佳、相干性强、方向性好、能量集中等特点，广泛应用于多个领域。

12．关于下列四幅情景图，说法正确的是（）

A．图甲中音乐喷泉中的光能“沿水传播”，主要是利用了光的折射原理

B．图乙中肥皂膜呈现出彩色条纹，是光的衍射现象

C．图丙中“泊松亮斑”是由于激光照射小圆盘得到的衍射图样

D．图丁中观众观看3D电影时，戴的眼镜镜片利用了光的全反射原理

13．一束激光从介质1进入介质2，方向如图所示，下列对于1、2两种介质的光学属性判断中正确的是

（）

A．介质1是光疏介质B．光在介质1中频率大

C．光在介质2中传播速度大D．满足一定条件时，光从介质2进入介质1可发生全反射

14．利用激光和平面镜观察光的干涉现象，光路原理如图所示。用激光和单缝获得线光源S,S发出的光直

接照射在竖直光屏上，与通过水平平面镜反射的光叠加产生干涉条纹。测得S到平面镜、光屏的垂直距离

分别为a、LaL，光屏上相邻明条纹的中心间距为x，则：（1）激光的波长；（2）将平

面镜略微向下平移，其它条件不变，干涉条纹的间距将（选涂在答题卷上：A．变大B．变小C．不

变）。

2ax

【答案】12．C13．BC14．B

L

【解析】12．A．图甲中音乐喷泉中的光能“沿水传播”，主要是利用了光的全反射原理，故A错误；

B．图乙中肥皂膜呈现出彩色条纹，是光的干涉现象，故B错误；

C．图丙中“泊松亮斑”是由于激光照射小圆盘得到的衍射图样，故C正确；

D．图丁中观众观看3D电影时，戴的眼镜镜片利用了光的偏振原理，故D错误。

故选C。

13．A．由光路图可知：光线在介质1中与法线的夹角小于光线在介质2中与法线的夹角，故介质1是光密

介质，故A错误；

B．介质1是光密介质折射率较大，频率也较大，故B正确；

c

C．介质2是光疏介质折射率较小，由v可知光在介质2中传播速度较大，故C正确；

n

D．介质2是光疏介质介质1是光密介质，光从介质2进入介质1不会发生全反射，故D错误。

故选BC。

14．[1]线光源S与其镜像S相当于双缝，其间距为2a。

L2ax

由x可得激光的波长

2aL

L

[2]将平面镜略微向下平移，其它条件不变，2a增大，由x可知干涉条纹的间距将变小。

2a

故选B。

四、热力学定律（19分）

15．①摩擦生热、②弹簧振子振动、③热传递和④气体自由膨胀，上述现象中能表明物理过程具有单向

性的是（填写序号）。

16．一辆汽车以80km/h的速度行驶时，每10km耗油约1L。根据汽油的热值进行简单的计算可知，这时

发动机的功率约为70kW。如图是该汽车行驶时功率分配的大致比例图。由图中数据计算可得发动机的输

入功率为，由图中数据计算可得该汽车的机械效率约为；如果汽车以题中速度连

续行驶5小时，则耗油约为。

17．商场一些柜台前常见到一种气压凳，它的高度可以调节且舒适性好。其原理结构简化模型是一个汽缸

活塞模型，内部封闭一定质量氮气。如果有一个人坐上去，关于内部气体（可以看作理想气体，忽略与

外界热交换）。

（1）其内能（填写“增大”，“减小”或“不变”）；

（2）其压强（填写“增大”，“减小”或“不变”），并说明理由。

18．考虑一定量的理想气体缓慢从状态1变为状态2，过程分别如图所示。若选项A与B中的虚线为等温线，

选项C与D中的虚线为绝热线，则下列过程中气体放热的是（）

A．B．C．D．

【答案】15．①③④16．17kW11%40L17．（1）增大（2）增大见解析18．C

【解析】15．热现象的物理过程具有单向性，故摩擦生热、热传递和气体自由膨胀均表明物理过程具有单

向性。

故选①③④。

16．[1]发动机的输入功率等于总功率减去排气管热损、汽油蒸发损失、散热器损失，

即P输入7026261kW17kW

P出8

[2]由图中数据计算可得该汽车的机械效率约为100%100%11%

P总70

[3]如果汽车以题中80km/h的速度连续行驶5小时，行驶总路程为400km，而每10km耗油约1L，

则5小时耗油约为40L。

17．[1][2][3]人坐上去时，气体被压缩，气体体积减小，外界对气体做功，又忽略与外界热交换，根据热力

学第一定律可知，气体内能增大，气体温度升高，根据理想气体状态方程可知，压强增大。

18．AB．初末态温度相同，内能相同，由于末态体积大于初态，气体对外做正功，根据热力学第一定律可

知，该过程吸热，故AB错误；

CD．构造循环过程，令气体沿着绝热线回到状态1，由于绝热过程与外界没有热交换，题给过程的吸放热

情况与循环的吸放热情况一致，D对应的循环是顺时针的，对外做正功，C对应的循环是逆时针的，对外

做负功，根据热力学第一定律可知，C过程气体放热，D过程气体吸热，故C正确，D错误。

故选C。

五、北斗卫星导航系统（21分）

北斗卫星导航系统（简称北斗系统）是中国着眼于国家安全和经济社会发展需要，自主研发的全球卫星

导航系统，是为全球用户提供全天候、高精度的定位、导航的国家重要基础设施。

19．北斗系统用电磁波传递信息，下列选项不属于电磁波的是（）

A．无线电波B．紫外线C．超声波D．X射线

20．在发射北斗导航卫星的过程中，某2s内卫星速度随时间的变化规律为v=（8t+3）m/s，由此可知（）

A．卫星的加速度为3m/s2B．卫星在2s内通过的位移为22m

C．卫星2s末的速度为16m/sD．卫星做变加速直线运动

21．如图一颗北斗导航卫星在做轨道半径为r的匀速圆周运动。已知地球的半径为R，地球表面的重力加速

度为g，这颗北斗卫星的运行周期为；向心加速度为。

22．某颗北斗卫星质量为m，该卫星原来在半径为R1的轨道上绕地球做匀速圆周运动，由于受到极稀薄空

气的摩擦作用，飞行一段时间后其做圆周运动的半径变为R2，则R1R2（选填“<”、“=”或“>”）。若

已知G为引力常量，M为地球质量，则此过程中合外力对该卫星做功为。

23．北斗导航卫星中的“北斗三号"搭载了氢原子钟，原子钟通过氢原子能级跃迁产生电磁波校准时钟。氢原

子的部分能级结构如图，则（）

A．用10.5eV的光子照射，能使处于基态的氢原子跃迁到激发态

B．氢原子由基态跃迁到激发态后，原子的电势能增大

C．一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可以辐射出3种不同频率的光子

D．一群处于用n=2能级的氢原子向低能级跃迁时，发出的光照射金属铂（铂逸出功为6.34eV），能发

生光电效应

232GMm11

【答案】．．．4rRg．()．

19C20B212222>23BD

Rgr2R2R1

【解析】19．无线电波、紫外线、X射线都属于电磁波，超声波属于机械波，则不属于电磁波的选C。

20．AD．某2s内卫星速度随时间的变化规律为v=（8t+3）m/s，可知卫星做匀加速直线运动，

加速度为a8m/s2，故AD错误；

vv319

B．卫星做匀加速直线运动，在2s内通过的位移为x02t2m22m，故B正确；

22

C．卫星2s末的速度为v2(823)m/s19m/s，故C错误。

故选B。

21．[1][2]北斗导航卫星在做轨道半径为r的匀速圆周运动，地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，

2

M