湖南省长沙市2025年初中学业水平考试物理模拟试题（三）（解析版）

第第页湖南省长沙市2025年初中学业水平考试物理模拟试题（三）一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题只有1个选项符合题意。请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）1．如图所示，汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互，下列说法正确的是（）A．减小声音音量实质是降低音调B．语音助手发出的声音不是振动产生的C．根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递能量D．人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色【答案】D【解析】【解答】A．减小声音音量，实际上是降低了声音的响度，而不是音调，故A错误；B．语音助手发出的声音是由内部的扬声器振动产生的，故B错误；C．根据用户语音指令完成指定操作，这是利用声音传递信息，故C错误；D．人们能够分辨出车载音乐中不同乐器的声音，主要是依据声音的音色。故D正确。故选D。

【分析】A.音调是指声音的高低，与声源的振动频率有关。而音量是指声音的强弱或大小，与声源的振幅和听者与声源的距离有关；

B.声音是由物体的振动产生的；

C.声音可以传递信息和能量；

D.音色是声音的一个特性，它反映了声音的品质与特色。不同的乐器由于结构、材料等不同，发出的声音具有不同的音色。2．无火香熏瓶内装有香薰精油，其中插着数根纳米级多孔结构的纤维棒，静置一会精油渗透到纤维棒内，周围就能闻到香气。下列有关说法正确的是（）A．人们常用纳米为单位来量度分子大小，1μm=10nmB．闻到香味是由于分子不停地做无规则运动C．精油渗透到纤维棒内说明分子之间存在斥力D．环境温度升高香薰发出的香气浓度不变【答案】B【解析】【解答】A.1m=106μm，1m=109nm，则1μm=103nm，故A错误；B．闻到香味是由于分子不停地做无规则运动所致，属于扩散现象，故B正确；C．精油渗透到纤维棒内说明分子之间存在间隙，而不是分子之间存在引力，故C错误；D．环境温度升高，则香薰发出的香气浓度升高，因为温度升高时，分子热运动加剧，故D错误。故选B。

【分析】A.根据单位换算的知识分析；

B.根据分子运动的知识判断；

C.根据分子之间存下空隙判断；

D.根据分子运动与温度的关系判断。3．教室黑板用久后有一部分变得光滑。当如图所示太阳光从右侧窗户射入时，下列说法正确的是（）A．太阳光照射到光滑处将发生漫反射B．最有可能因反光而看不清光滑处字的是位置AC．最有可能因反光而看不清光滑处字的是位置CD．太阳光照在黑板上发生反射时不遵循光的反射定律【答案】B【解析】【解答】A.黑板光滑处比较平整，则太阳光照射到光滑处将发生镜面反射，故A错误；

BC.根据光的反射定律“反射角等于入射角”的规律可知，位置A位于镜面反射后的反射光线经过的地方，所以最有可能因反光而看不清光滑处字的是位置A，故B正确，C错误；D．太阳光照在黑板上发生反射时遵循光的反射定律，即无论是漫反射还是镜面反射均遵循光的反射定律，故D错误。故选B。

【分析】A.光线在粗糙不平的表面发生漫反射，在光滑平整的表面发生镜面反射；

BC.根据光的反射定律确定反射光线的范围即可；

D.只要是反射就遵循光的反射定律。4．湘西土家人素有“二十八，打粑粑”的说法。糯米团被木榔头捶打后发生凹陷，主要说明力可以改变物体的（）A．形状 B．温度 C．运动状态 D．质量【答案】A【解析】【解答】糯米团被木榔头捶打后发生凹陷，糯米团的形状发生变化，主要说明力可以改变物体的形状，故A正确，BCD错误。

故选A。

【分析】力的作用效果：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态。5．如图所示，在常温环境下甲、乙两烧杯内分别放入一些冰块和适量沸水，均用玻璃片盖住烧杯，一会儿，两烧杯上的玻璃片均附着了大量小水珠。下列说法正确的是（）A．甲中玻璃片的小水珠是由于熔化产生B．乙中玻璃片的小水珠是由于汽化产生C．甲中水珠在玻璃片上侧，乙中水珠在玻璃片下侧D．甲中水珠在玻璃片下侧，乙中水珠在玻璃片上侧【答案】C【解析】【解答】图中，甲杯放冰块，玻璃的温度较低，杯外温度较高的水蒸气遇冷的玻璃，液化成小水珠，在玻璃片上侧；乙杯中装沸水，杯内温度较高的水蒸气遇冷，玻璃液化成小水珠，在玻璃片的下侧，故C正确，ABD错误。故选C。

【分析】高温水蒸气遇冷，变为小水滴，是液化现象，发生在温度较高的位置。6．如图是海豚跃出海面时的情景，下列说法正确的是（）A．海豚跃出水面上升过程中，动能不变B．海豚跃起到最高点时，重力势能最大C．海豚从高处落回水面过程中，重力势能变大D．海豚在水面下加速下潜过程中，动能变小【答案】B【解析】【解答】A．动能与质量和速度大小有关，而海豚跃出水面上升过程中，质量不变，速度减小，则动能减小，故A错误；B．重力势能与质量和高度有关，则海豚跃起到最高点时，质量补不，高度最高，则重力势能最大，故B正确；C．重力势能与质量和高度有关，则海豚从高处落回水面过程中，质量不变，高度降低，则重力势能变小，故C错误；D．动能与质量和速度大小有关，海豚在水面下加速下潜过程中，质量不变，速度变大，则动能变大，故D错误。故选B。

【分析】AD.动能与质量和速度大小有关；

BC.重力势能与质量和高度有关。7．蓝牙降噪耳机可以在嘈杂的环境中降低外界噪声。下列有关说法正确的是（）A．蓝牙信号的传播速度为340m/sB．该耳机降低了传入人耳中噪声的音调C．该耳机与手机完成无线连接后，通过电磁波传递信息D．该耳机的硅胶耳塞可在传播过程中减弱噪声【答案】C【解析】【解答】A．电磁波在真空中约为3×108m/s，而蓝牙信号属于电磁波，其传播速度为3×108m/s，故A错误；B．所谓降噪就是减小噪声的响度，而不是减小噪声的音调，故B错误；C．耳机与手机完成无线连接后，是通过电磁波来传递信息的，故C正确；D．耳机的硅胶耳塞是在人耳处减弱噪声，而不是在传播过程中，故D错误。故选C。

【分析】A.根据电磁波的传播速度判断；

B.声音的大小叫响度；

C.根据蓝牙本身是电磁波分析；

D.减弱噪声的方法：在声源处，在传播过程中，在人耳处。8．如图所示的双杯恒温养生壶，左右两杯可同时工作，也可单独工作，R1和RA． B．C． D．【答案】A【解析】【解答】根据题目描述可知，左右两杯可同时工作，也可单独工作，则二者互不影响，所以R1和R2并联。因为它们都可以单独工作，则各有一个开关与电阻串联在同一支路上，如下图所示：

故选A。

【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只能控制它所在支路上的用电器，据此分析判断。9．如图所示是某同学家的部分电路，开始时各部分正常工作，当台灯的插头插入插座后，正常烧水的电热壶突然不工作了，灯泡也熄灭了，拔出台灯的插头后，电热壶和灯泡仍不能工作，把试电笔分别插入插座的左、右两孔中，氖管均不能发光。下列说法正确的是（）A．和灯泡连接的开关接法正确B．故障可能是电热壶所在电路的B、D两点间短路C．故障可能台灯短路导致保险丝熔断D．故障可能是进户零线至C点间导线断路【答案】C【解析】【解答】A．根据安全用电的知识可知，开关应该接在火线和灯泡之间，故A错误；B.根据描述可知，原来电热壶正常烧水，而插入台灯插头偶出现故障，则肯定不是电热壶所在电路部分出现故障，故B错误；

CD．根据描述可知，拔出插头后，电热壶和灯泡不能工作，且插座的插孔都不带电，说明干路上的保险丝熔断了，即火线部分发生断路，应该是台灯插头短路所致，故C正确，D错误。故选C。

【分析】A.根据家庭电路安全用电的常识判断；

BCD.插座的左孔接零线，右孔接火线，据此结合故障现象分析判断。10．炎陵黄桃全国闻名。如图所示是检测黄桃含糖量的电路，电源电压不变，甜敏电阻R的阻值随含糖量的升高而增大。当黄桃含糖量升高时（）A．电流表示数减小，电压表示数增大B．电流表和电压表示数都增大C．电流表示数增大，电压表示数减小D．电流表示数与电压表示数的比值不变【答案】D【解析】【解答】根据图片可知，甜敏电阻R和定值电阻R1串联，电流表测电路电流，电压表测RABC．当黄桃含糖量升高时，甜敏电阻R阻值变大。根据R总=R1+R2可知，总电阻变大。根据欧姆定律I=UR可知，电流表示数减小。根据D．根据R=UI可知，电压表示数与电流表示数的比值即为定值电阻R1故选D。

【分析】ABC.首先根据R总=R1+R2确定总电阻的变化，然后根据欧姆定律I=UR分析电流表的示数变化，根据U=IR分析电压表的示数变化；

D.根据二、多项选择题（本大题共2小题，每小题3分，共6分。每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，错选得0分。请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）11．如图所示是过去照明常用的白炽灯，其灯丝由钨丝制作。下列有关说法正确的是（）A．灯发光时电阻与不发光时大小不同B．钨丝越粗电阻越大C．可将钨丝换成铜丝D．用久的灯里的钨丝，由于升华变细，其电阻变大【答案】A,D【解析】【解答】A．灯丝的电阻随温度的升高而增大，则灯丝不发光时，温度低、电阻小；发光时，温度高、电阻大，故A正确；B．导体的电阻与横截面积成反比，则钨丝越粗电阻越小，故B错误；C．铜丝电阻很小，电流通过时发热不明显，因此不会发光，所以不能将钨丝换成铜丝，故C错误；D．用久的灯里的钨丝，升华变细，根据导体电阻与横截面积成反比可知，其电阻变大，故D正确。故选AD。

【分析】A.根据灯丝的电阻随温度的升高而增大判断；

BD.导体的电阻与横截面积成反比；

C.铜丝电阻很小，电流通过时发热不明显，据此分析判断。12．热爱劳动的阳阳用毛刷清洗家中的地垫，清洗过程中，毛刷水平向右移动，地垫始终保持静止，如图所示，下列说法正确的是（）A．地垫始终保持静止，所以水平方向不受力B．地垫始终保持静止，所选参照物是地面C．毛刷移动速度越快，所受摩擦力越大D．地垫对毛刷的摩擦力方向为水平向左【答案】B,D【解析】【解答】A．当毛刷水平向右移动时，毛刷给地垫一个向右的力。而地垫处于静止状态，则它肯定受到平衡力，即地面会对地垫产生一个向左的摩擦力，故A错误；B．以地面为参照物，地垫与地面之间没有发生相对位置的变化，则地垫是静止的，故B正确；C．毛刷移动过程中虽然速度加快，但是它对地垫的压力和接触面的粗糙程度不变，所以它受到的滑动摩擦力不变，故C错误；

D.当毛刷向右移动时，地垫对毛刷的摩擦力方向与其相反，即方向水平向左，故D正确。故选BD。

【分析】A.对地垫进行受力分析，根据平衡力的知识分析判断；

B.根据参照物的知识判断；

C.根据影响滑动摩擦力大小的因素的知识判断；

D.摩擦力的方向与相对运动的方向相反。三、填空题（本大题共4小题，11空，第14题第三空3分，其余每空2分，共23分）13．盐水选种是我国古代劳动人民发明的一种巧妙挑选种子（良种、次种）的方法，选种时配制一定浓度的盐水，然后把种子倒入盐水中，漂浮的是种，若要选出更饱满的种子，则需要往盐水中加入适当的。【答案】次；盐【解析】【解答】（1）根据物体的浮沉条件可知，良种密度大于盐水的密度则，良种下沉；次种密度小于盐水的密度，所以次种漂浮。（2）越饱满的种子密度越大，若要选出更饱满的种子，则需要增大盐水的密度，那么要往盐水中加入适当的盐。

【分析】（1）物体密度大于液体密度，则物体下沉；物体密度等于液体密度，则物体悬浮；物体密度小于液体密度，则物体漂浮；

（2）根据越饱满的种子密度越大分析需要盐水密度增大还是减小即可。14．如图甲是小明在跨学科实践活动中制作的磁悬浮台灯，灯泡内部装有磁体和半导体芯片，灯座内有如图乙的电磁铁。灯座通电后，灯泡会悬浮在灯座上方，半导体芯片发光。灯泡悬浮是利用了同名磁极相互。根据通电后电磁铁的磁极可判断电源的上端为极。若要增强电磁铁的磁性，可以采取的措施是。（写出一条即可）【答案】排斥；正；增大电流【解析】【解答】（1）当灯泡在空中悬浮时，它受到平衡力，即受到竖直向下的重力和竖直向上的排斥力，那么灯泡悬浮是因为同名磁极相互排斥。（2）根据图片可知，电磁铁的上端为S极，下端为N极。右手握住螺线管，大拇指指向下端，弯曲的四指指尖向左，则线圈上电流方向向左，因此电流从上端流入，即电源的上端为正极。（3）若要增强电磁铁的磁性，可以采取的措施是增大电流或增大线圈匝数。

【分析】（1）对灯泡进行受力分析，根据平衡力的知识确定灯泡受到电磁力的方向，根据磁极之间的相互作用规律分析解答；

（2）根据安培定则判断线圈上电流方向，据此确定电源的正负极方向；

（3）电磁铁磁性强弱的影响因素：线圈匝数多少、电流大小。15．如图所示是贵州“村BA”多架无人机灯光表演的精彩画面。展示静态造型时，每架无人机之间保持相对（选填“运动”或“静止”），当无人机在空中悬停时，无人机所受向上的升力大小它所受重力大小。无人机在30s内竖直上升45m到表演区，此过程无人机飞行的平均速度为m/s。【答案】静止；等于；1.5【解析】【解答】（1）根据图片可知，当无人机展示静态造型时，无人机之间的相对位置不变，则它们保持相对静止。（2）当无人机在空中悬停时，它所受向上的升力和它所受重力是一对平衡力，根据二力平衡的知识可知，二者大小相等。（3）根据题意可知，无人机在30s内竖直上升45m到表演区，则无人机飞行的平均速度为v=st=45m30s=1.5m16．如图所示电路，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻且R2=30Ω，最大阻值为R3的滑动变阻器。当开关S2、S3闭合，S1断开，R3滑片位于a端时，电流表示数为I1，通过R2的电流为0.6A，则电源电压为V。当开关S1、S3闭合，S2断开，R3滑片位于b端时，电流表示数为【答案】18；1∶2；1.68【解析】【解答】根据题意可知，当开关S2、S3闭合，S1断开，R3滑片位于a端时，R2和R3最大阻值并联，电流表测干路电流，示数为I1根据并联电流规律和欧姆定律，此时电流表示数为I1当开关S1、S3闭合，S2断开，R3滑片位于b端时，R1和R因为I1∶I解得：R3=50Ω，

则R1和此时R1两端电压为U则R1的阻值为R则R1和R3阻值之比为当开关都闭合，R3滑片位于a端时，R1、R2和R3最大阻值并联，电流表测干路电流。则电流表示数为I3=UR1+UR2四、作图与实验探究（本大题共5小题，第17题2分，第18题6分，第19题6分，第20题6分,第21题8分,共28分）17．如图所示，小明用平板车运送货物，使货物与车一起沿水平路面向右做匀速直线运动。请在图中画出货物所受重力和支持力的示意图（O为货物的重心）。【答案】【解析】【解答】根据图片可知，货物受到的重力竖直向下，受到的支持力竖直向上，二者都作用在物体的重心上。根据平衡力的知识可知，重力和支持力大小相同，如下图所示：

【分析】对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。18．小明用一个焦距未知的凸透镜“探究凸透镜成像的规律”。（1）如图甲所示，小明将凸透镜正对太阳光并调节透镜到白纸的距离，直至白纸上的光斑变得、最亮，此时光斑到透镜中心的距离即为焦距；（2）如图乙是某次实验时烛焰在光屏上成清晰像的位置，这个像是、放大的实像；（3）移动蜡烛至物距小于一倍焦距时，发现无论如何移动光屏，均不能在光屏上成像，人眼应从（选填“蜡烛”或“光屏”）一侧透过凸透镜观察蜡烛的像。【答案】（1）最小（2）倒立（3）光屏【解析】【解答】（1）小明将凸透镜正对太阳光并调节透镜到白纸的距离，直至白纸上的光斑变得最小、最亮，此时这个光斑就是该凸透镜的焦点，则此时光斑到透镜中心的距离即为焦距。（2）根据乙图可知，此时像距大于物距，则此时光屏上成倒立、放大的实像。（3）当蜡烛至物距小于一倍焦距时，在物体同一侧成正立、放大的虚像，所以人眼应从光屏一侧透过凸透镜观察蜡烛的像。

【分析】（1）根据用太阳光测量凸透镜焦距的方法解答；

（2）比较像距和物距的大小，从而确定成像特点；

（3）根据凸透镜成虚像的位置分析解答。（1）凸透镜可以将平行于主光轴的光线会聚到焦点。如图甲所示，小明将凸透镜正对太阳光并调节透镜到白纸的距离，直至白纸上的光斑变得最小、最亮，此时光斑到透镜中心的距离即为焦距。（2）如图乙是某次实验时烛焰在光屏上成清晰像的位置，物距小于像距，即物距大于一倍焦距小于二倍焦距，根据凸透镜成像规律，此时成倒立、放大的实像。（3）根据凸透镜成像规律，移动蜡烛至物距小于一倍焦距时，在物体一侧成正立、放大的虚像，所以人眼应从光屏一侧透过凸透镜观察蜡烛的像。19．在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中，小明进行了如下操作。（1）将探头放入液体前，小明发现压强计U形管两侧液面存在高度差，接下来的操作是________；A．从管中倒出适量液体 B．取下软管重新组装（2）观察甲、乙、丙三次实验发现U形管内液面高度差相同，说明液体内部向各个方向的压强；（3）小明比较图丙、丁两次实验得出结论：液体压强和液体密度有关，他这样得出结论是不正确的，理由是：。【答案】（1）B（2）相等（3）没有控制探头所处的深度相同【解析】【解答】（1）在使用压强计测量液体压强前，压强计U形管左右两侧的液面有一定的高度差，说明U形管内封闭了较多的空气，此时需要将软管取下并重新安装即可，

故选B。（2）U形管内液面高度差相同，则液体压强相同。而甲、乙、丙中只有探头的方向不同，则测量的是液体内部不同方向的压强，因此说明液体内部向各个方向的压强相等。（3）根据控制变量法的要求可知，要探究液体压强与液体密度的关系，应使探头深度相同，只改变液体密度。在图丙、丁两次实验中，没有控制探头所处的深度相同，所以不能得出正确结论。

【分析】（1）根据U形管压强计使用的注意事项判断；

（2）根据液体内部压强的特点分析解答；

（3）根据控制变量法的要求分析解答。（1）压强计U形管左右两侧的液面有一定的高度差说明U形管中两管上方的气体压强不相等，此时需要将软管取下并重新安装，使气体压强相等，这样在不测测量液体压强时压强计U形管左右两侧的液面是相平的，压强计才可以正常使用。故选B。（2）甲、乙、丙中只有探头的方向不同，U形管内液面高度差相同，则液体压强相同，说明液体内部向各个方向的压强相等。（3）要探究液体压强与液体密度的关系，应使探头深度相同，液体密度不同。比较图丙、丁两次实验，没有控制探头所处的深度相同，所以不能得出正确结论。20．用如图所示装置“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”，透明容器中密封着等量的空气，左、右两侧U形管中液面最初相平。（1）图甲可探究电流通过导体产生的热量与的关系。（2）图乙中，B容器外部的电阻的作用是。通电一段时间后，容器内导体产生的热量较多。【答案】（1）电阻（2）分流；A【解析】【解答】（1）根据甲图可知，两个电阻串联，则它们的电流和通电时间相同，只有左右两个容器中电阻的阻值大小不同，故可探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系。（2）①根据乙图可知，左边电阻在干路上电流大，右边电阻在支路上电流小，而两个电阻大小相同，那么实验可以探究电流产生热量与电流的关系，则B容器外部串联电阻的目的是分流。②综上所述，左侧电流大，右侧电流小，而电阻相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，左侧A容器内导体产生的热量较多。

【分析】（1）根据甲图确定影响电流产生热量的哪个因素不同即可；

（2）①根据并联电路I总=I1+I2分析；

②根据焦耳定律Q=I2Rt分析电阻产生热量多少即可。（1）由图甲可知，图中两阻值不同的电阻串联，则它们的电流和通电时间相同，故可探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系。（2）[1]根据串联分压和并联分流规律，外部电阻的存在会降低B容器内电阻的实际电流，所以B容器外部串联电阻的目的是分流，使通过B容器内电阻的电流小于通过A容器内电阻的电流。[2]由于A容器内电流更大，通电一段时间后，A容器内导体产生的热量较多。21．小明在做“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验时，连接了如图甲所示部分电路。已知电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为3.8V。（1）用笔画线代替导线，将实物电路图连接完整（要求：导线不能交叉，滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗）；（2）闭合开关后，小明发现小灯泡不亮，但电流表有示数。他接下来应进行的操作是________；A．检查电路是否断路B．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光（3）小明进行了多次测量，并将实验数据记录在下表中。实验次数12345电压U/V22.53.03.84.0电流I/A0.330.340.35

0.41电阻R/Ω6.17.48.6

9.8①小灯泡正常发光时电流表示数如图乙，则小灯泡正常发光时的电阻为Ω；②分析表中数据，小灯泡的电阻变化规律最接近上面U-I图像中哪一条：。【答案】（1）（2）B（3）9.5；丙【解析】【解答】（1）根据题意可知，滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗，则此时通过电路的电流变小，根据欧姆定律R=U（2）闭合开关前，为了避免电流过大烧毁用电器，则变阻器的滑片调到阻值最大的位置。闭合开关后，电流表有示数，说明电路为通路，小灯泡不亮，有可能是变阻器的阻值太大所致，所以接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，

故选B。（3）①如图乙所示，电流表选择0-0.6A量程，分度值为0.02A，则示数为0.4A，

则小灯泡正常发光时的电阻为R=U②根据表格数据可知，当灯泡两端电压增大时，通过灯泡的电流增大。由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，因此小灯泡的U-I变化规律是一条曲线，且偏向电压轴，

故选丙。

【分析】（1）滑动变阻器接线一上一下，且与用电器串联。根据灯泡亮度变化确定电流变化，根据欧姆定律确定变阻器接入阻值的变化，进而确定选择的接线柱即可；

（2）根据灯泡的发光情况和电表的示数变化确定故障的种类和位置，据此确定接下来的操作；

（3）①根据乙图确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数，根据R=UI计算灯泡发光时的电阻；

（1）实验中滑动变阻器要和灯泡串联并“一上一下”选择接线柱，滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗，即滑动变阻器的滑片向左移动时接入电路的电阻变大，所以滑动变阻器选接右下接线柱，如图所示：（2）闭合开关后，电流表有示数，说明电路为通路，小灯泡不亮，有可能是因为滑动变阻器的滑片在阻值最大处，使得电路中电流过小，所以接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故选B。（3）[1]小灯泡的额定电压为3.8V，小灯泡正常发光时电流表示数如图乙，电流表选择小量程，分度值为0.02A，示数为0.4A，则小灯泡正常发光时的电阻为R=[2]由表中数据可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流增大，灯丝的电阻增大，且灯泡两端电压的变化量大于通过灯泡的电流变化量，因此小灯泡的电阻变化规律是一条曲线，且偏向电压轴，即丙曲线。五、计算题（本大题共2小题，第22题6分，第23题7分，共13分）22．如图是我国自主研发的四轮长航程极地漫游机器人，其总质量为500kg，在水平冰面上匀速直线行驶1800m用时10min，受到的阻力是自身重力的0.1倍，已知冰面能承受的最大压强为2.5×10（1）机器人受到的重力；（2）履带与冰面的总接触面积至少为多大；（3）机器人此次行驶过程中的功率。【答案】（1）解：根据题意可知，机器人的质量为500kg，

则机器人受到的重力G=mg=500kg（2）解：综上所述，机器人对冰面的压力等于自身重力，即F=G=5000N；

已知冰面能承受的最大压强为2.5×则履带与冰面的总接触面积至少为S=F​​​​​（3）解：当机器人做匀速直线运动时，则它受到的牵引力和阻力相互平衡，

则牵引力为F牵此时机器人的速度为v=s则机器人此次行驶过程中的功率为P=F​​​​​【解析】【解答】（1）根据G=mg计算机器人的重力；（2）首先根据F=G计算器人对冰面的压力，然后根据S=F（3