2025-2026学年四川江油中学高三下学期第一次阶段性测试物理试卷 含解析

/四川省江油中学2023级高三下期第一次阶段性考试物理试题本试卷满分100分，考试用时75分钟注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．本试卷主要考试内容：高考全部内容。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.小明的爷爷喜欢喝盖碗茶，泡茶时，他向茶杯中倒入足够多的沸水，使得盖上杯盖后茶水漫过杯盖，然后静置一段时间就可以喝了，已知盖上杯盖后，在水面和杯盖间密闭了一部分空气（可视为质量和体积均不变的理想气体），过一段时间后水温降低，则（）A.泡茶时，用沸水能快速泡出茶香，是因为温度越高每个分子动能都越大B.水的颜色由浅变深，说明水分子在做布朗运动C.温度降低后杯盖拿起来比较费力，是因为封闭气体的压强变大D.温度降低的过程中，杯内气体向外界放热【答案】D【解析】【详解】A．温度升高时，气体分子的平均动能变大，并不是每个分子动能都越大，选项A错误；B．水的颜色由浅变深，说明固体茶颗粒在做布朗运动，选项B错误；C．杯盖拿起来比较费力，是因为封闭气体的温度降低，体积不变，则压强变小，选项C错误；D．温度降低的过程中，杯内气体体积不变，不对外做功，内能减小，则气体向外界放热，选项D正确。故选D。2.2025年3月，我国新一代人造太阳“中国环流三号”实现原子核温度1.17亿度、电子温度1.6亿度的“双亿度”突破，将人类向“能源自由”的终极目标推进了一大步。人造太阳利用氘核与氚核聚变反应释放能量，聚变资源储量丰富，主要产物清洁安全，被称为“人类未来的理想能源”。我国自主研发的高功率微波回旋管，单次注入功率达2.5兆瓦，精准“轰击”等离子体升温，实现电子温度1.6亿度。高功率中性束注入加热系统（提升原子核温度的核心设备），单条束线最大功率达7兆瓦，可将氢原子加速到每秒数千公里，为反应堆“点火”提供初始能量。关于该装置及核聚变相关原理，下列说法不正确的是（）A.核聚变反应中，氘核与氚核结合生成氦核并释放中子，反应方程为：B.中国环流三号产生的能量主要来源于氢原子被加速后获得的动能C.等离子体温度升高，其粒子热运动的平均动能变大D.若某次聚变反应质量亏损，则释放的能量为（c为真空中的光速）【答案】B【解析】【详解】A．核聚变反应中，氘核与氚核结合生成氦核并释放中子，核反应方程为故A正确，不符合题意；B．中国环流三号产生的能量主要来源于氘核与氚核的核聚变反应，根据爱因斯坦质能方程可知核聚变过程中质量亏损转化为能量释放出来，而不是氢原子被加速后获得的动能，故B错误，符合题意；C．温度是分子热运动平均动能的标志，等离子体温度升高，其粒子热运动的平均动能变大，故C正确，不符合题意；D．根据爱因斯坦质能方程，若某次聚变反应亏损，则释放能量为(c为真空中的光速）故D正确，不符合题意。故选B。3.如图所示，沿x轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为100m/s，下列说法中正确的是（）A.从图示时刻开始，质点a的加速度将增大B.从图示时刻开始，经过0.01s，质点a通过的路程为0.2mC.若此波遇到另一列波能发生稳定的干涉现象，则另一列波频率为50HzD.若该波传播过程中遇到宽约4m的障碍物，不会发生明显的衍射现象【答案】B【解析】【详解】A．从图示时刻开始，质点a向平衡位置振动，加速度减小，故A错误；B．由题可知，该波的波长由题可知，该波的波速故该波的周期当时，质点a通过的路程，故B正确；C．由题可知，该波的频率若与另一列波产生干涉现象，两列波的频率应相等，即另一列波的频率也应为25Hz，故C错误；D．当障碍物尺寸大小小于或等于波的波长时，波会发生明显的衍射现象，由于该波的波长也为4m，障碍物的宽度约为4m，近似等于该波的波长，可以产生明显的衍射现象，故D错误。故选B。4.如图所示，两直角梯形物块A、B叠放在一起静置于水平面上，A、B的斜边与直角边的夹角均为53°，A、B间的动摩擦因数，现对A施加一个竖直向下的缓慢增大的力F，（)下列说法正确的是（）A.F增大到某个值时，A即将相对B滑动 B.A对B的摩擦力可能沿AB接触面向上C.无论F多大，A、B始终静止不动 D.地面对B的摩擦力水平向左【答案】C【解析】【详解】AB．由题意，由于A、B间的动摩擦因数，对A可知即未对A施加F时，B对A的静摩擦力沿着AB斜边向上，A受到重力，B对A的支持力及静摩擦力的共同作用而处于平衡状态，根据三力平衡可知，B对A的作用力与A的重力等大，反向；若对A施加竖直向下的F后，等效于增加A的重力，由平衡条件可知，B对A的静摩擦力仍然沿着AB斜边向上，A不会相对B滑动，且A对B的摩擦力一直沿AB接触面向下，故AB错误。CD．对AB整体受力分析，没有施加竖直向下外力时，整体受到重力，地面的支持力而处于平衡状态，由于水平方向没有其它外力的作用，则整体不受地面摩擦力的作用；若对A施加竖直向下外力时，可等效于整体AB受到的重力增大，可知整体仍然处于平衡状态，整体仍然不受地面摩擦力的作用，即无论F多大，A、B始终静止不动，地面对B的摩擦力为零，故D错误，C正确；故选C。5.为了装点城市夜景，市政工作人员常在喷水池水下安装灯光照亮水面。如图甲所示，水下有一点光源S，同时发出两种不同颜色的a光和b光，在水面上形成了一个被照亮的圆形区域，俯视如乙所示环状区域只有b光，中间小圆为复合光，以下说法中不正确的是（）A.通过同一较小障碍物时b光衍射现象较明显B.a光的折射率大于b光C.用同一套装置做双缝干涉实验，a光条纹间距更小D.在水中a光波速大于b光【答案】D【解析】【详解】BD．做出光路图，如图所示点光源S在被照亮的圆形区域边缘光线恰好发生了全反射，入射角等于临界角，由于a光照射的面积较小，则知a光的临界角较小，根据可知，a光的折射率较大，由可知，a光在水中的传播速度比b光小，故B正确，与题意不符；D错误，与题意相符；AC．由上述分析可知a光波长短，通过同一较小障碍物时b光衍射现象较明显，由双缝干涉条纹间距公式，可知用同一套装置做双缝干涉实验，a光条纹间距更小，故AC正确，与题意不符。本题选不正确的，故选D。6.一质量为m，电荷量大小为q的带负电粒子，从O点以初速度沿x轴正方向进入电场，沿x轴运动的过程中，带电粒子的电势能随位移x变化的关系图像如图所示。仅考虑电场力的作用，下列说法正确的是（）A.处的电势为B.沿x轴从O点到处，电场强度逐渐减小C.带电粒子从处运动到处的过程中，其速度先增大后减小D.带电粒子从O点运动到处的过程中，其动能最大值是【答案】B【解析】【详解】A．根据电势定义式可知，处的电势

，故A错误；B．根据电场力做功大小与电势能变化量大小的关系有解得可知，图像斜率的绝对值表示电场力大小，根据图像可知，沿x轴从O点到处，图像斜率的绝对值逐渐减小，则电场力逐渐减小，即电场强度逐渐减小，故B正确；C．根据图像可知，带电粒子从处运动到处的过程中，电势能一直减小，可知电场力一直做正功，结合动能定理可知，动能一直增大，则速度一直增大，故C错误；D．带电粒子从O点运动到处的过程中，只有动能与电势能之间的相互转化，则动能最大时，粒子的电势能最小，根据图像可知，带电粒子在处时的电势能最小，即带电粒子在处时的动能最大，在带电粒子从O点运动到处的过程中，根据动能定理有

解得故D错误。故选B。7.某节能储能输电网络如图所示，发电机的输出电压U1=250V，输出功率500kW。降压变压器的匝数比n3：n4=50：1，输电线总电阻R=62.5Ω。其余线路电阻不计，用户端电压U4=220V，功率88kW，所有变压器均为理想变压器。下列说法正确的是（）A.发电机的输出电流为368A B.输电线上损失的功率为4.8kWC.输送给储能站的功率为408kW D.升压变压器的匝数比n1：n2=1：44【答案】C【解析】【详解】A．由题知，发电机输出电压U1=250V，输出功率500kW，则有A错误；BD．由题知，用户端电压U4=220V，功率88kW，则有P′=U4I4联立解得I4=400A，I3=8A，U3=11000V则输电线上损失的功率为P损=I32R=4kW且U2=U3＋I3R=11500V再根据，解得BD错误；C．根据理想变压器无功率损失有P=U2I3＋P储代入数据有P储=408kWC正确。故选C。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全都选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，Ⅰ为北斗卫星导航系统中的静止轨道卫星，其对地张角为；Ⅱ为地球的近地卫星。已知地球的自转周期为，万有引力常量为G，根据题中条件，可求出（）A.地球的平均密度为B.卫星Ⅰ和卫星Ⅱ的加速度之比为C.卫星Ⅱ的周期为D.卫星Ⅱ运动的线速度为【答案】CD【解析】【详解】BC．静止轨道卫星的周期等于地球的自转周期，设静止轨道卫星的轨道半径为，地球半径为，根据图中几何关系可得卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力得可得，可得卫星Ⅰ和卫星Ⅱ的加速度之比为卫星Ⅱ的周期为故B错误，C正确；A．对于卫星Ⅱ，由万有引力提供向心力得又联立可得地球的平均密度为，故A错误；D．卫星Ⅱ运动的线速度为，故D正确。故选CD。9.如图所示，光滑的金属框CDEF水平放置，宽为L，在E、F间连接一阻值为R的定值电阻，在C、D间连接一滑动变阻器R1（）。框内存在着竖直向下的匀强磁场。一长为L、电阻为R的导体棒AB在外力作用下以速度v匀速向右运动。金属框电阻不计，导体棒与金属框接触良好且始终垂直，下列说法正确的是（）A.ABFE回路的电流方向为逆时针，ABCD回路的电流方向为顺时针B.左右两个闭合区域的磁通量都在变化且变化率相同，故电路中的感应电动势大小为2BLvC.当滑动变阻器接入电路中的阻值时，导体棒两端的电压为BLvD.当滑动变阻器接入电路中阻值时，滑动变阻器的电功率为【答案】AD【解析】【详解】A．根据楞次定律可知，ABFE回路的电流方向为逆时针，ABCD回路的电流方向为顺时针，故A正确；B．左右两个闭合区域的磁通量都在变化且变化率相同，根据法拉第电磁感应定律可知，电路中的感应电动势大小为故B错误；C．当时，外电路总电阻因此导体棒两端的电压即路端电压故C错误；D．当滑动变阻器接入电路中的阻值时，外电路总电阻干路电流为滑动变阻器所在支路电流为则滑动变阻器的电功率为故D正确。故选AD。10.如图所示，物块、、、质量均为，、通过劲度系数为的轻质弹簧连接，竖直静止在水平桌面上。在的正上方某处由静止释放a，a与碰撞后一起向下运动，然后反弹，当运动到最高点时，对地面的压力恰好为零。已知轻质弹簧的弹性势能表达式，x是弹簧的形变量，重力加速度为。则（）A.物块分离时，的速度大小为B.物块分离时，的速度大小为C.物块静止释放时，距离的高度为D.物块静止释放时，距离的高度为【答案】BC【解析】【详解】AB．物块分离时，共速设为，且的加速度均为g，方向竖直向下，此时弹簧处于原长，当运动到最高点时速度为零，对地面的压力恰好为零，则此时弹簧弹力大小为F=mg，且弹簧处于拉伸状态，弹簧伸长量分离后，对和弹簧组成的系统由机械能守恒可得解得，故A错误，B正确；CD．初始时对分析可知，弹簧压缩量设a从距离高h处下落，设碰撞前a的速度为，则碰撞后a与的共同速度为v，根据动量守恒定律有解得从碰撞后到分离过程以、弹簧为系统由机械能守恒可得联立解得，故C正确，D错误。故选BC。三、非选择题：共54分。11.某小组在“用单摆测量重力加速度”实验中。（1）安装好实验装置后，先用刻度尺测量摆线长，再用游标卡尺测量摆球直径，其示数如图甲所示，________；（2）若完成次全振动的时间为，用题目所测物理量的符号表示重力加速度的表达式________；（3）该组同学测出几组单摆振动周期与摆长的数据，并作出关系如图乙。根据图像可得重力加速度________（结果保留3位有效数字）。【答案】①.1.45×10-2②.③.9.85##9.86##9.87【解析】【详解】（1）[1]用游标卡尺测量摆球直径d=1.4cm+0.1mm×5=1.45cm=1.45×10-2m；（2）[2]单摆的周期根据解得（3）[3]根据可得由图可得解得g=986m/s212.热敏电阻是传感器中经常使用的元件，某学习小组要探究一热敏电阻的阻值随温度变化的规律。可供选择的器材有：待测热敏电阻（实验温度范围内，阻值约几百欧到几千欧）；电源E（电动势，内阻r约）；电阻箱R（阻值范围）；滑动变阻器（最大阻值）；滑动变阻器（最大阻值）；微安表（量程，内阻等于）；开关两个，温控装置一套，导线若干。同学们设计了如图甲所示的测量电路，主要实验步骤如下：①按图示连接电路；②闭合、，调节滑动变阻器滑片P的位置，使微安表指针满偏；③保持滑动变阻器滑片P的位置不变，断开，调节电阻箱，使微安表指针半偏；④记录此时的温度和电阻箱的阻值。回答下列问题：（1）为了更准确地测量热敏电阻的阻值，滑动变阻器应选用___________（填“”或“”）。（2）请用笔画线代替导线，将实物图（不含温控装置）连接成完整电路__________。（3）某温度下微安表半偏时，电阻箱的读数为，该温度下热敏电阻的测量值为___________（结果保留到个位），该测量值___________（填“大于”或“小于”）真实值。（4）多次实验后，学习小组绘制了如图乙所示的图像。由图像可知。该热敏电阻的阻值随温度的升高逐渐___________（填“增大”或“减小”）。【答案】①.②.③.3500④.大于⑤.减小【解析】【详解】（1）[1]用半偏法测量热敏电阻的阻值，尽可能让该电路的电压在S2闭合前、后保持不变，由于该支路与滑动变阻器左侧部分电阻并联，滑动变阻器的阻值越小，S2闭合前、后并联部分电阻变化越小，从而并联部分的电压值变化越小，故滑动变阻器应选R1。（2）[2]电路连接图如图所示（3）[3]微安表半偏时，该支路的总电阻为原来的2倍，即可得[4]当断开S2，微安表半偏时，由于该支路的电阻增加，电压略有升高，根据欧姆定律，总电阻比原来2倍略大，也就是电阻箱的阻值略大于热敏电阻与微安表的总电阻，而我们用电阻箱的阻值等于热敏电阻与微安表的总电阻来计算，因此热敏电阻的测量值比真实值偏大。（4）[5]由于是图像，当温度T升高时，减小，从图中可以看出减小，从而减小，因此热敏电阻随温度的升高逐渐减小。13.如图所示为冰雪冲浪项目流程图，AB段为水平加速区，BC段为半径r=22.5m的光滑圆管型通道，AB与BC相切于B点；CDE段为半径R=100m的圆弧冰滑道，BC与CDE相切于C点，弧DE所对应的圆心角θ=37°，D为轨道最低点，C、E关于OD对称。安全员将小朋友和滑板（可视为质点）从A点沿水平方向向左加速推动一段距离后释放，到达光滑圆管型通道上B点时小朋友和滑板与通道没有相互作用力，小朋友运动至滑道E点时对滑道压力FN=410N。已知小朋友和滑板总质量为m=40kg，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）小朋友在B点时的速度v0；（2）小朋友通过CDE段滑道克服摩擦力做的功。【答案】（1）15m/s，方向水平向左；（2）1800J【解析】【详解】（1）由于到达光滑圆管型通道上B点时小朋友和滑板与通道没有相互作用力，则所以方向水平向左；（2）小朋友从B滑到E，根据动能定理可得在E点，根据牛顿第二定律可得联立可得14.如图所示的平面直角坐标系xOy，在第一象限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y轴正方向；在第四象限的某个矩形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与x轴重合。一质量为m、电荷量为-q的粒子，从点以初速度v0沿x轴正方向射入电场，通过电场后从点b（2h，0）立即进入矩形磁场，经过磁场后从y轴上的点c离开磁场，且速度恰好沿y轴。不计粒子所受的重力。求：（1）第一象限的电场强度大小E；（2）磁感应强度的大小B；（3）矩形磁场区域的最小面积S。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详解】粒子在电场中仅受电场力，做类平抛运动。沿+x方向做匀速直线运动，则有沿-y方向做匀加速直线运动，则有由牛顿第二定律可得qE=ma联立解得【小问2详解】由（1）可得粒子在b点沿+x方向的分速度大小为v0，沿-y方向的分速度大小vy满足解得可得粒子在b点的速度大小为其方向与x轴成的夹角为，则有可得粒子在磁场中的运动的轨迹如图所示设粒子做圆周运动的半径为r，由几何关系可得r+rsin30°=2h解得由洛伦兹力提供向心力可得解得【小问3详解】最小的矩形磁场区域如图所示由几何关系可得矩形的长为宽为解得15.如图所示，固定在竖直平面内