2026年高考考前预测卷-物理（理科综合）（全解全析）

第第页2026年高考考前预测卷（理科综合）物理·全解全析（考试时间60分钟试卷满分110分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回二、选择题：本题共8小题，每个小题6分，共48分。在每个小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分。14．小郑同学为了估测某品牌照相机的曝光时间，让一块石子从砖墙前高处自由下落，同时小王同学用该品牌照相机拍摄石子在空中的照片，如图所示，由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹，已知每块砖的平均厚度为5cm，若想要估算该品牌照相机拍这张照片的曝光时间，则还需要测量的一个物理量为（

）A．石子的质量B．照片中石子的径迹长度C．石子释放时距地面的实际高度D．每块砖的长度【答案】C【解析】设曝光时间为，从开始下落到A点的高度为h，时间为t，则从开始下落到A点可知或者可知想要估算该品牌照相机拍这张照片的曝光时间，则还需要测量的一个物理量为石子释放时距地面的实际高度h。故选C。15．一个静止的电子经10V电压加速后，其德布罗意波长为λ，若加速电压为250V，不考虑相对论效应，则其德布罗意波长为（）A．10λ B．5λ C． D．【答案】C【解析】设电子经过电压加速后的速度大小为，由动能定理得电子的动量大小为电子的德布罗意波长为联立解得结合解得故选C。16．随着我国核能快速发展，科学家根据放射性物质衰变过程中持续释放高能射线的特征发明了一种神奇的微核电池，该电池比一颗米粒还小。电池使用从核废料中提取出来的镅作为原料，镅的一种衰变方程为。已知质量为的镅，经过时间t后剩余的镅质量为m，其图线如图所示，则下列说法正确的是（）A．衰变生成的射线具有很强的穿透能力B．镅的半衰期为432年C．若将该电池装到登月车上，月球上的极低温度会缩短镅的半衰期D．的比结合能比的比结合能大【答案】B【解析】A．根据衰变过程电荷数、质量数守恒，可得的质量数为电荷数为即为粒子，该衰变为衰变。射线穿透能力很弱，一张纸即可阻挡，故A错误；B．由图可知，镅的质量从衰变至，所用时间为年因有半数发生了衰变，所以镅的半衰期为432年，故B正确；C．半衰期是原子核本身的固有属性，由原子核内部因素决定，和外界温度、压强等环境条件无关，因此月球低温不会改变半衰期，故C错误；D．衰变过程释放能量，因此生成物更稳定，比结合能更大，因此的比结合能小于的比结合能，故D错误。故选B。17．一位潜水爱好者在水下活动时，利用激光器向岸上救援人员发射激光信号，设激光光束与水面的夹角为α，激光器离水面的竖直距离为h。他发现只有当α大于41°时，岸上救援人员才能收到他发出的激光光束，下列说法正确的是（）A．水的折射率为B．救援人员感觉到的激光器处于水面以下的位置大于hC．当他以α=60°向水面发射激光时，岸上救援人员接收不到激光光束D．当他以α=60°向水面发射激光时，岸上救援人员接收激光光束的方向与水面夹角小于60°【答案】D【解析】A．由题意可知，发现只有当大于41°时，岸上救援人员才能收到他发出的激光光束，刚说明时激光恰好发生全反射，根据临界角公式则有解得折射率，故A错误；B．救援人员感觉到激光器的深度比实际深度浅，故深度应小于h，故B错误；CD．当他以向水面发射激光时，在水面的入射角，则岸上救援人员能接收激光光束，且方向与水面夹角小于60°，故C错误，D正确。故选D。18．输出功率的小型发电机进行远距离输电，其简化电路如图甲所示，远距离输电导线总电阻可等效为，调节热敏电阻使负载上规格为（220V，100W）的灯泡L正常发光，定值电阻。发电机的输出电压u随时间变化的关系如图乙所示，已知升压变压器原、副线圈的匝数比，热敏电阻的阻值随温度的增大而减小。不考虑温度变化对灯泡L电阻的影响，图中电表均为理想电表，下列分析正确的是（）A．降压变压器原、副线圈匝数比B．随着热敏电阻的温度升高，电压表V的示数增大C．随着热敏电阻的温度升高，电流表A的示数减小D．随着热敏电阻的温度升高，灯泡L的亮度变暗【答案】D【解析】A．由图乙可得，故根据可得解得输电导线，降压变压器的输入电压所以，A错误；C．因为热敏电阻温度升高、电阻减小，故增大，根据可得，增大，即电流表示数增大，C错误；BD．因为增大，根据可得，增大。又因为，故减小。根据可得，减小，故电压表示数减小，灯泡L变暗，B错误，D正确。故选D。19．在某海洋科普实验中，科研人员在平静的海面上（视为平面）的O点安装了一个振动装置（起振方向竖直向上），可产生简谐横波并向四周传播。时刻，海面上形成的第1个波峰和第1个波谷恰好分别位于距离O点0.2m（实线）和0.1m（虚线）的同心圆上，如图所示。实验中，位于A点［坐标（3.0m，0）］和B点［坐标（4.0m，3.0m）］的传感器记录了质点的振动情况。已知该波的周期，下列说法正确的是（）A．该波的传播速度大小为5m/sB．时，质点A第一次到达波峰C．时，质点B第一次到达波谷D．时，质点B第2次到达波峰【答案】AD【解析】A．由题意，时刻，海面上形成的第1个波峰和第1个波谷恰好分别位于距离O点（实线）和（虚线）的同心圆上，两者间距为半个波长已知周期则波速，A正确；B．A点第一次到达波峰，不是，B错误；C．B点第一次到达波谷，不是，C错误；D．B点第一次到达波峰，第二次到达波峰，D正确。故选AD。20．某潜水钟从深水区上浮的过程中，其内部封闭的理想气体经历了如图所示的循环过程，图中为一完整循环。已知过程为等温变化，过程体积不变。下列说法正确的是（

）A．过程中，气体向外界放热B．过程中，气体对外界做的功为C．过程中，气体向外界放热D．一个完整循环过程中，气体从外界吸收的热量小于向外界放出的热量【答案】CD【解析】A．过程中，体积不变，压强增大，根据可知，温度升高，内能增大，结合可知，气体从外界吸热，故A错误；B．过程中，根据图像与坐标轴围成的面积可知，外界对气体做功，故B错误；C．过程中，压强增加，体积减小，温度降低，为负值，为正值，根据热力学第一定律，可知为负值，气体向外界放热，故C正确；D．一个完整循环过程中，外界对气体做功为正，根据，其内能不变，所以取负，气体从外界吸收的热量小于向外界放出的热量，故D正确。故选CD。21．2025年11月，神舟二十一号载人飞船返回舱首次实施3圈自主快速返回，标志着我国载人飞船再入返回技术实现新突破。如图所示，返回舱从圆轨道1的点变轨后，沿椭圆轨道2运动到点，再次变轨后进入圆轨道3。为1、2轨道的切点，为2、3轨道的切点。已知1、3轨道半径之比为，返回舱在轨道1运行的周期为，则返回舱（

）A．从点进入轨道2时需要减速B．从点运行至点所需的最短时间小于C．在轨道3与轨道1上运行的速率之比为D．在轨道2上运行时经过、点的速率之比为【答案】AB【解析】A．从点进入轨道2时，做近心运动，可知返回舱需要减速，故A正确；B．设轨道1的半径为，轨道3的半径为，椭圆轨道2的半长轴为根据开普勒第三定律可得返回舱在轨道1运行的周期大于在椭圆轨道2的周期，从点运行至点所需的最短时间为，可知最短时间小于，故B正确；C．根据万有引力提供向心力可得可得因为1、3轨道半径之比为，可得在轨道3与轨道1上运行的速率之比，故C错误；D．在轨道2上运行时经过、点时，根据开普勒第二定律有可得经过、点的速率之比，故D错误。故选AB。三、非选择题：共62分。22．（8分）某实验小组利用如图1所示装置探究弹簧的弹性势能及物块与水平面间的动摩擦因数。弹簧的左端固定，右端与小滑块接触但不栓接，弹簧原长位置在P、A之间，A处有一光电门，重力加速度为g。(1)用螺旋测微器测量固定在滑块上的挡光片的宽度，如图2所示，宽度d=__________mm。(2)将小滑块向左推至P点，PA距离为s，然后由静止释放小滑块，测出滑块通过光电门时的挡光时间t，则小滑块通过光电门的速度大小为________（用题中符号表示）。(3)更换粗糙程度相同，但质量m（含挡光片）不同的滑块，且滑块每次均从P点由静止释放，重复上述操作，根据实验数据作-的图像如图3所示，其中图像的斜率为k，纵截距为-b，已知d<s，则小滑块位于P点时弹簧的弹性势能Ep=________，小滑块和水平面间的动摩擦因数μ=________。（均用题中符号表示）【答案】(1)2.150（2分）(2)（2分）(3)（2分）（2分）【解析】（1）螺旋测微器的读数为。（2）小滑块通过光电门的速度为。（3）根据能量守恒，有解得根据题意，解得，23．（10分）图甲是一种特殊材料制成的均匀圆柱体物件，为了测定这种材料的电阻率，某同学先用多用电表粗测得知其电阻约有几万欧姆。(1)该同学用游标卡尺测得其长为，用螺旋测微器测得其外径如图乙，则___________。(2)这种特殊材料的电阻率___________（用、、表示）。(3)该同学又用如图丙所示电路精确测量该物件的电阻。①实验室提供了两款滑动变阻器：和，为了减小误差，本实验中滑动变阻器应该选用___________（填“”或“”）。②先将开关置于处，闭合开关，调节滑动变阻器，使灵敏电流计读数为；再将开关置于处，保持滑动变阻器滑片不动，调节电阻箱，当电阻箱时，灵敏电流计示数为。③已知灵敏电流计的内阻为，则物件的电阻测量值___________。④本次实验的测量值___________（填“大于”或“等于”或“小于”）真实值。【答案】(1)5.362~5.365（2分）(2)（2分）(3)（2分）23800（2分）大于（2分）【解析】（1）用螺旋测微器测得外径为（2）根据电阻定律可得这种特殊材料的电阻率为（3）为了保证开关S2拨动时，滑动变阻器的分压几乎不变，不管是或与滑动变阻器左侧部分的并联电阻应该变化不大，所以为了减小误差，滑动变阻器应采用阻值较小的；由欧姆定律可知代入数据解得本实验中S2置于a处的电流大于开关置于b处的电流，则S2置于a处与滑动变阻器左侧的并联的部分分压较小，由欧姆定律有其中，化简可得当时，为真实值，而实际上故的测量值会偏大，即的测量值大于真实值。24．（10分）某学校科技社团为图书馆自动还书系统设计了电磁缓冲装置，用以保护还书箱及降低噪音，装置简化后如图所示。的光滑斜面固定在水平地面，其底端固定2根劲度系数均为的轻弹簧，弹簧静止时上端恰好处于虚线处，以下区域存在垂直斜面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。还书箱放在斜面上，底边与距离为，边长为L的正方形底面上装有匝数为n、边长为L、阻值为R的正方形线圈，还书箱与线圈的总质量为m，将还书箱静止释放。已知弹簧弹性势能表达式为，其中k为劲度系数，为形变量，弹簧始终没有超出弹性限度，还书箱最终静止。重力加速度为g。求：(1)线圈刚进入磁场时所受安培力大小；(2)还书箱从释放到最终静止的过程中，线圈产生的热量。【答案】(1)(2)【解析】（1）从静止释放到线圈刚进入磁场过程，由动能定理可得（1分）解得线圈刚进入磁场时的速度大小为（1分）线圈刚进入磁场时有（1分）（1分）联立解得线圈刚进入磁场时所受安培力大小为（1分）（2）还书箱最终静止时，由受力平衡可得（1分）解得弹簧的压缩量为（1分）还书箱从释放到最终静止过程，由能量守恒可得（2分）解得线圈产生的热量为（1分）25．（15分）如图所示，在坐标系中，第二象限存在粒子加速装置和速度选择器，速度选择器中存在电场强度大小为、方向竖直向下的匀强电场和磁感应强度大小为、方向垂直纸面向里的匀强磁场，第一象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为，第一象限还存在一挡板，长度为，两端分别在轴上的点和轴上的点，，中点处有一小孔。第一象限的挡板和坐标轴所围区域外还存在沿轴负向的匀强电场，电场强度大小为。将粒子从S点由静止释放，粒子经电压为的加速器加速后，沿轴正方向通过速度选择器进入第一象限。粒子在第一象限磁场中运动时，若与挡板发生碰撞则被吸收（挡板接地，净电荷始终保持为零）；仅通过小孔的粒子，可进入挡板右侧区域。已知粒子质量为、电荷量为，挡板厚度不计，粒子可沿任意角度穿过小孔，不计重力及粒子间的相互作用。(1)求加速器电压，并计算粒子进入第一象限磁场时做圆周运动的轨迹半径；(2)调整加速电压和速度选择器中的磁感应强度大小，使通过速度选择器的粒子恰好垂直挡板射入小孔，求此时速度选择器中的磁感应强度大小；(3)在（2）问基础上，如果，求粒子在第一象限运动过程中与轴的最大距离。【答案】(1)，(2)(3)【解析】（1）粒子沿直线通过速度选择器，电场力与洛伦兹力平衡，有（1分）解得在加速器中，粒子从静止加速，有（1分）联立解得（1分）粒子进入第一象限磁场后，洛伦兹力提供向心力，有（1分）解得（1分）（2）挡板长度为，，小孔为中点，粒子恰好垂直挡板射入小孔时，轨迹圆心为点，轨迹半径（1分）粒子在第一象限磁场中，由洛伦兹力提供向心力，有（1分）解得（1分）又因为联立解得（1分）（3）粒子进入电场时速度，方向垂直于挡板，把速度分解到轴，有（1分）轴方向，有（1分）其中方向分速度，对应粒子受到竖直向上的洛伦兹力（1分）粒子受到的电场力（1分）因此粒子运动可分解为沿轴方向的匀速运动和半径（1分）圆心在点右侧的圆周运动，所以运动过程中粒子距离轴的最大距离（1分）26．（19分）水滑梯是水上乐园常见的游乐设施。图1为水滑梯的示意图，倾角为的斜加速滑道AB和水平减速滑道BC平滑连接，起点A距水平滑道的高度为H，BC长d，端点C距溅落区水面的高度为。乘坐滑垫的游客在AB滑道上受到的阻力与所受支持力成正比，比例系数为，在BC滑道上受到的阻力与运动的速度成正比，比例系数为k，阻力方向始终与运动方向相反。质量为m的游客甲乘坐滑垫从滑道起点A无初速度滑下，与在水平滑道末端静止的另一质量为2m的游客乙发生碰撞，游客甲碰后反弹运动l后停下，游客乙从水平滑道飞出，落入水中。已知重力加速度为g，不考虑其他阻力和水流动时产生的推动力，忽略滑垫的质量、碰撞过程中的能量损失以及游客的体积，求：(1)游客甲到