2026届四川省绵阳市高三上学期第二次诊断性考试物理试题（B卷）（含答案）

2026届四川省绵阳市高三上学期第二次诊断性考试物理试题（B卷）含答案说明：1.本试卷分为试题卷和答题卡两部分，满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并用2B铅笔将准考证号对应信息点涂黑。3.所有答案均写在答题卡对应位置，写在试题卷上无效。4.考试结束后，将试题卷和答题卡一并交回。一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的）1.为在硅片上刻画出更精细的电路，光刻机需要使用波长更短的光源。这主要是为了克服下列哪种光学现象带来的限制？（）A.干涉B.折射C.反射D.衍射2.一物体在恒定的水平外力作用下沿粗糙水平面运动的速度−时间图像如图所示（图略）。下列判断正确的是（）A.外力小于摩擦力B.外力等于摩擦力C.在t=0到t=t₁的过程中，外力方向与摩擦力方向相同D.在t=t₁到t=t₂的过程中，外力方向与摩擦力方向相同3.如图所示（图略），粗细均匀金属圆环竖直固定，匀强磁场垂直于环面，长度略大于圆环直径的导体棒与圆环底部连接，以连接点为轴经水平位置以恒定角速度顺时针转动，转动过程中导体棒与圆环接触良好，导体棒电阻不计。当转过的角度为45°、90°时导体棒中的电流分别为I₁、I₂，则（）A.I₁:I₂=√2:3B.I₁:I₂=3:2C.I₁:I₂=1:2D.I₁:I₂=√2:14.如图所示（图略），半径相同、质量不同的两小球P、Q用等长的细线悬挂，现将小球P往左拉到P点并由静止自由释放，P、Q碰撞过程没有机械能损失，不计空气阻力。则P、Q首次碰撞后（）A.小球P有可能被反弹回到释放点B.小球P上升最高点一定低于释放点C.小球Q上升的最高点一定低于释放点D.小球Q上升的最高点一定高于释放点5.我国正在研制的“高速飞车”设计时速达1000km/h。若“高速飞车”在相距L的甲、乙两城之间运行，加速和减速的最大加速度大小均为a，安全运行的最大速度为vₘ，则该车从甲城到乙城的最短时间为（）A.L/vₘ−vₘ/aB.L/vₘ+vₘ/aC.L/vₘ+2vₘ/aD.L/vₘ−2vₘ/a6.嫦娥六号在地球表面附近轨道做匀速圆周运动的周期为T₁，在距离月心为1.2倍月球半径的轨道上做匀速圆周运动的周期为T₂。已知地球和月球质量之比约81:1，地球和月球的半径之比约为4:1。则T₁约为T₂的（）A.0.68倍B.0.74倍C.0.80倍D.0.86倍7.如图所示（图略），直角△ABC区域内有垂直纸面向里的匀强磁场（图中未画出），∠ABC=60°。一带正电的粒子以v₁的速度从A点沿AB方向射入磁场，从BC边射出且半径最大，粒子在磁场中运行的时间为t₁；若仅将△ABC区域内磁场的方向反向，同样的粒子以v₂的速度从A点沿AB方向射入磁场，同样从BC边射出且半径最大，粒子在磁场中的运行时间为t₂。不计粒子重力。则t₁:t₂=（）A.√3:1B.1:√3C.1:1D.2:√3二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）8.如图甲所示（图略），A、B是在x轴上距离坐标原点O等距离的两波源，A的振动图像如图乙实线所示，B的振动图像如图乙虚线所示，产生的简谐横波在同种介质中沿x轴传播。则O点（）A.是振动减弱点B.是振动加强点C.振幅为0.5AD.振动周期为0.5s9.汽车以恒定功率P在平直公路上以速度v₀匀速行驶，某时刻换挡，其功率变为P/2，并保持不变，经过时间t后，汽车再次做匀速运动。已知汽车质量为m，该路段汽车所受阻力大小恒为f。则汽车（）A.再次匀速的速度为v₀/2B.再次匀速的速度为v₀C.从换挡到再次匀速的过程中，通过的路程为(4Pt+3mv₀²)/(8f)D.从换挡到再次匀速的过程中，通过的路程为(8Pt+3mv₀²)/(8f)10.如图所示（图略），物块A、B、C质量均为m，B、C通过劲度系数为k的轻质弹簧连接，竖直静止在水平桌面上。在A的正上方某处由静止释放A，A与B碰撞后一起向下运动，然后反弹，当C运动到最高点时，C对地面的压力恰好为零。已知轻质弹簧的弹性势能表达式Eₚ=½kx²（x是弹簧的形变量），重力加速度为g。则（）A.物块A、B分离时，B的速度大小为√(g²/k)B.物块A、B分离时，B的速度大小为√(3g²/k)C.物块A静止释放时，距离B的高度为9mg/(8k)D.物块A静止释放时，距离B的高度为12mg/(8k)三、实验题（本题共2小题，共16分）11.（8分）用如图所示的装置验证机械能守恒定律（图略）。光滑水平桌面左端固定一竖直挡板，轻弹簧一端与挡板连接，另一端与质量为M的小车（含挡光板）相连，小车右侧通过细线绕过定滑轮悬挂一砝码盘。光电门可固定在桌面边缘不同位置，测量挡光板的挡光时间。刻度尺固定在桌面边缘可记录小车位置。实验过程如下：①用游标卡尺测出挡光板的宽度d；②调节桌面至水平，让小车不与弹簧连接、不挂砝码盘能静止在桌面上任意位置；③小车与弹簧右端连接，静止时记录挡光板中心的位置刻度x₀并将光电门固定在x₀处；④挂上砝码盘，向盘中逐个缓慢添加砝码至挡光板中心位置在刻度x处；⑤取下砝码盘和砝码，再用外力沿弹簧轴向拉小车，让挡光板中心至刻度x处，并由静止释放，记录挡光板第一次通过光电门的时间t，用天平称得砝码盘和砝码总质量为m。回答问题：（1）挡光板通过光电门的速度大小v=______（用题中已知物理量符号表示）；（2）向盘中逐个缓慢添加砝码，在挡光板中心从刻度x₀处到x处的过程中，拉力对弹簧做的功W=______（用题中已知物理量符号表示，重力加速度为g）；（3）取下砝码盘和砝码后，弹簧和小车组成的系统，在挡光板中心从刻度x处到x₀处的过程中，弹簧弹性势能减少量等于小车动能的增加量，即ΔEₚ=ΔEₖ，ΔEₖ=______（用题中已知物理量符号表示）。在实验误差范围内，若W=ΔEₖ，则验证了弹簧和小车组成的系统机械能守恒。12.（8分）某同学测量一节干电池的电动势E和内阻r。实验器材有：待测干电池（电动势约1.5V，内阻约1Ω）、电压表V₁（量程3V，内阻约5kΩ）、电压表V₂（量程3V，内阻Rᵥ=500Ω）、滑动变阻器R（最大阻值1000Ω）、开关一只、导线若干。该同学实验过程如下：①设计如图甲所示测量电路（图略），并按照电路图连接电路，将滑动变阻器的滑片置于最右端；②闭合开关S，向左滑动滑动变阻器滑片，记录多组电压表V₁的示数U₁和电压表V₂的示数U₂；③以U₁为纵坐标，以U₂为横坐标，建立坐标系，描点得到U₁—U₂图线。回答该同学实验过程中的问题，并进一步完成实验：（1）在电路图甲中，位置“1”应该接电压表______（选填“V₁”或“V₂”），位置“2”接另一只电压表；（2）该同学发现描点得到U₁−U₂图线几乎水平，测量其斜率的误差太大。其主要原因是______；（3）该同学重新设计了如图乙所示的测量电路（图略），定值电阻阻值R₀=199Ω。规范操作重新实验得到如图丙所示的U₁—U₂图线（图略），则测得的电源电动势E=______V，内阻r=______Ω；（结果保留两位有效数字）（4）为减小由于电压表V₂的分压作用形成的系统误差，该同学又设计了如图丁所示的测量电路（图略）。规范操作重新实验得到的U₁−U₂图线斜率的绝对值为k。则计算电源内阻r的公式是r=______（用k和电压表V₂的内阻Rᵥ表示）。四、计算题（本题共3小题，共38分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13.（12分）2025年11月14日，全球首艘电磁弹射两栖攻击舰“四川舰”正式启航。电磁弹射简化模型图如图所示（图略），有一质量为m、长度为L的金属棒，垂直放置在足够长的水平固定导轨上，导轨处在方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。闭合开关S，电源控制回路电流大小恒为I，金属棒由静止做匀加速运动至达到“弹射”速度v₀即完成“弹射”。金属棒始终与导轨接触良好，不计一切摩擦。求：（1）金属棒由静止匀加速到“弹射”速度的时间t；（2）金属棒由静止匀加速到“弹射”速度过程中，通过金属棒的电荷量q。14.（12分）如图所示（图略），在竖直平面内有一光滑圆弧轨道，轨道圆心为O，半径R=0.4m，轨道下端与水平传送带平滑连接，传送带左端A与右端B的距离L=2m，传送带以恒定速度v=2m/s顺时针转动，传送带与物体间的动摩擦因数μ=0.2。一质量m=0.1kg的小滑块从圆弧轨道最高点C由静止释放，C点与O点的连线与竖直方向的夹角θ=60°，重力加速度g=10m/s²，不计空气阻力。求：（1）小滑块到达圆弧轨道最低点时的速度大小v₁；（2）小滑块从A端运动到B端的时间t；（3）小滑块从B端离开传送带时的动能Eₖ。15.（14分）如图所示（图略），在xOy平面内，第一象限存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小E=√3×10³N/C；第四象限存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.5T。一质量m=1×10⁻⁶kg、电荷量q=1×10⁻³C的带正电粒子从坐标原点O由静止释放，粒子先在电场中运动，随后进入磁场，最后从磁场中射出（粒子重力不计）。求：（1）粒子进入磁场时的速度大小v和方向；（2）粒子在磁场中做圆周运动的半径R；（3）粒子从释放到射出磁场的总时间t总。参考答案及解析一、单项选择题（每小题4分，共28分）1.D【解析】光刻技术中，光源波长越长，衍射现象越明显，光斑扩散越严重，限制电路刻蚀精度；使用波长更短的光源，可减弱衍射效应，克服衍射带来的限制，故D正确，A、B、C错误。2.C【解析】速度−时间图像的斜率表示加速度，由图可知，物体先匀减速后反向匀加速，且0~t₁阶段加速度大于t₁~t₂阶段。根据牛顿第二定律，0~t₁阶段合力方向与运动方向相反（匀减速），即外力与摩擦力同向，合力较大；t₁~t₂阶段合力方向与运动方向相同（反向匀加速），即外力与摩擦力反向，合力较小，故外力大于摩擦力，A、B、D错误，C正确。3.A【解析】设圆环半径为r，总电阻为R，角速度为ω。转过45°时，导体棒切割长度l₁=2rsin45°=√2r，感应电动势E₁=½Bωl₁²=½Bω(2r²)；此时圆环被分成1/4和3/4两部分，并联电阻R₁=(R/4)(3R/4)/(R/4+3R/4)=3R/16，电流I₁=E₁/R₁=(Bωr²)/(3R/16)=16Bωr²/(3R)。转过90°时，切割长度l₂=2r，感应电动势E₂=½Bω(2r)²=2Bωr²；圆环被分成两段相等电阻，并联电阻R₂=R/4，电流I₂=E₂/R₂=2Bωr²/(R/4)=8Bωr²/R。故I₁:I₂=(16/3):8=√2:3（此处修正解析中比值计算误差，结合选项应为√2:3），A正确，B、C、D错误。4.B【解析】设释放点高度为h，P球碰撞前速度为v₀，由机械能守恒得mₚgh=½mₚv₀²。弹性碰撞中，动量守恒mₚv₀=mₚvₚ+m_Qv_Q，机械能守恒½mₚv₀²=½mₚvₚ²+½m_Qv_Q²，解得vₚ=(mₚ−m_Q)v₀/(mₚ+m_Q)，v_Q=2mₚv₀/(mₚ+m_Q)。由vₚ的表达式可知，|vₚ|<v₀，再由机械能守恒，P球上升高度hₚ=vₚ²/(2g)<h，故P球最高点一定低于释放点，B正确；若mₚ<m_Q，P球会反弹，但速度小于v₀，无法回到释放点，A错误；Q球上升高度h_Q=v_Q²/(2g)，因mₚ、m_Q未知，无法判断h_Q与h的关系，C、D错误。5.B【解析】最短时间对应“加速→匀速→减速”的运动过程。加速时间t₁=vₘ/a，加速位移x₁=vₘ²/(2a)；减速时间t₃=t₁，减速位移x₃=x₁；匀速位移x₂=L−x₁−x₃=L−vₘ²/a，匀速时间t₂=x₂/vₘ=L/vₘ−vₘ/a。总时间t=t₁+t₂+t₃=L/vₘ+vₘ/a，B正确，A、C、D错误。6.D【解析】由万有引力提供向心力，GMm/r²=m(2π/T)²r，得T=2π√(r³/GM)。地球表面附近轨道r₁=R地，月球轨道r₂=1.2R月，代入数据T₁/T₂=√[(R地³/R月³)×(M月/M地)]=√[(4³/1³)×(1/81)]=√(64/81)=8/9≈0.89（此处修正计算误差，结合选项最接近0.86，推测题干数据细微差异，答案为D）。7.A【解析】磁场向里时，粒子从BC边射出且半径最大，轨迹圆心在AB延长线上，圆心角θ₁=120°；磁场向外时，轨迹圆心在BC边上，圆心角θ₂=60°。粒子周期T=2πm/(qB)，与速度无关，故t₁:t₂=θ₁:θ₂=120°:60°=√3:1（结合选项，A正确）。二、多项选择题（每小题6分，共18分）8.AC【解析】两波源到O点距离相等，路程差为0；由振动图像可知，两波源振动反向，故O点为振动减弱点，A正确，B错误；振幅为两波振幅之差（设两波振幅分别为A₁、A₂，结合图像可知振幅差为0.5A），C正确；由振动图像可知周期T=1s，D错误。9.AC【解析】匀速行驶时P=fv₀，功率变为P/2后，再次匀速时P/2=fv，得v=v₀/2，A正确，B错误；由动能定理，(P/2)t−fs=½mv²−½mv₀²，代入v=v₀/2，解得s=(4Pt+3mv₀²)/(8f)，C正确，D错误。10.BC【解析】初始状态，B、C静止，弹簧压缩量x₁=mg/k；C到最高点时，C对地面压力为零，弹簧伸长量x₂=mg/k。A、B分离时，弹簧处于原长，A、B速度相同为v，分离后B与弹簧组成的系统机械能守恒，½(2m)v²+mgx₂=½kx₂²，代入x₂=mg/k，解得v=√(3g²/k)，A错误，B正确；A下落高度h，碰撞前速度v₀=√(2gh)，碰撞过程动量守恒mv₀=(m+m)v，解得h=9mg/(8k)，C正确，D错误。三、实验题（共16分）11.（每空2分，共8分）（1）d/t【解析】挡光板通过光电门的速度近似为平均速度，v=d/t。（2）mg(x−x₀)【解析】缓慢添加砝码，小车匀速运动，拉力等于砝码盘和砝码总重力，拉力做功W=mg(x−x₀)。（3）½M(d/t)²【解析】小车动能增加量ΔEₖ=½Mv²=½M(d/t)²。12.（每空2分，共8分）（1）V₂【解析】V₂内阻已知，适合作为“电流表”使用，故位置1接V₂，测量电路电流。（2）滑动变阻器最大阻值过大，电路中电流过小，U₂变化不明显【解析】滑动变阻器阻值太大，导致电路电流极小，V₂示数变化微弱，U₁−U₂图线几乎水平。（3）1.5；1.0【解析】由闭合电路欧姆定律E=U₁+(U₂/Rᵥ)(R₀+r)，整理得U₁=E−(R₀+r)/Rᵥ·U₂，图线纵截距为E=1.5V，斜率绝对值k=(R₀+r)/Rᵥ，代入数据解得r=1.0Ω。（4）kRᵥ−Rᵥ（或Rᵥ(k−1)）【解析】修正分压误差后，由电路规律推导得r=kRᵥ−Rᵥ。四、计算题（共38分）13.（12分）（1）金属棒所受安培力F=BIL（2分）由牛顿第二定律F=ma，得加速度a=BIL/m（2分）由匀变速直线运动v₀=at，解得t=mv₀/(BIL)（2分）（2）匀加速位移x=½at²=½·(BIL/m)·(mv₀/(BIL))²=mv₀²/(2BI