2026年高考考前预测卷-物理（贵州卷）（全解全析）

2/22026年高考考前预测卷（贵州专用）物理·全解全析注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．使用手机内置的加速度传感器，可以通过特定的应用程序来探究超重和失重现象。如图所示，小红拿着手机在体重计上完成下蹲动作，以向上为正方向，手机上显示的a-t图像可能是()A． B．C． D．【答案】C【解析】根据题意可知，以向上为正方向，小红拿着手机在体重计上完成下蹲动作，先向下加速，加速度向下（为负），再向下减速，加速度向上（为正）。故选C。2．我国空间站的姿态调整和轨道维持使用了一种先进的“电推进系统”，其工作原理可简述为：将正离子由静止开始经强电场加速后喷出，从而对航天器产生推力。已知推进器消耗的电功率为P，将电能转化为离子动能的效率为η，离子喷出的速度大小为v，忽略航天器质量变化，则推进器产生的平均推力大小F为()A． B． C． D．【答案】A【解析】设时间∆t内喷出离子的总质量为∆m，∆t时间内所有喷出离子的总动能满足根据动量定理，推进器对离子的冲量等于离子的动量变化，即，联立可得，根据牛顿第三定律可得推进器产生的平均推力大小。故选A。3．中国传统乐器竹笛的发声原理为空气柱振动，理论振动频率满足（式中v为声速，L为空气柱长度，k为常数）。如图所示为某6孔竹笛，孔1、孔6到吹孔的间距分别约为31.8cm、17.2cm，贴上笛膜吹奏，仅开孔1（其余5孔闭合）时发出的声波波长约为76cm。已知声波在空气中传播时，温度越高声速越大。下列说法正确的是()A．仅开孔6时发出的声波波长约为41.1cmB．仅开孔6时发出的声波波长约为140.5cmC．“小寒”时竹笛发声的频率高于“大暑”时竹笛发声的频率D．“小寒”时竹笛发声的频率等于“大暑”时竹笛发声的频率【答案】A【解析】AB．根据题意，竹笛发声频率公式为，其中L为空气柱长度，v为声速，k为常数。由仅开孔1时，L1=31.8cm，波长，可得，解得，对于仅开孔6，L6=17.2cm，则波长，故A正确，B错误。CD．温度越高声速越大，小寒气温低，声速小，大暑气温高，声速大。对于同一竹笛，L不变，频率f与v成正比，因此小寒时的频率低于大暑时的，故CD错误。故选A。4．小明到餐馆就餐，先点了一碟小吃（三个小蛋糕），送餐的是一个可爱的智能机器人，如图甲所示。当机器人沿一倾角为θ的斜坡向前运动时，小明发现智能机器人能调节端着的盘子保持水平，简化截面示意图如图乙所示，水平碟子放在盘子上，小蛋糕并排放在碟子上。下列关于机器人沿斜坡向前运动的说法，正确的是()A．机器人匀速向前时，小蛋糕受向前的静摩擦力B．机器人匀速向前时，小蛋糕处于超重状态C．机器人沿斜坡加速向前时，小蛋糕处于失重状态D．机器人沿斜坡加速度大小为a时，质量为m的小蛋糕受摩擦力大小可能为【答案】D【解析】AB．机器人匀速向前时，小蛋糕受力平衡，不受摩擦力，故AB错误；C．机器人加速向前时，加速度斜向上，有向上的分加速度，小蛋糕处于超重状态，故C错误；D．机器人沿斜坡加速度大小为a时，如果小蛋糕与盘子保持相对静止，则，故D正确。故选D。5．如图所示，杆AB和CD固连成“T”形支架，AB沿水平方向，CD沿竖直方向，小球P套在AB杆上可沿杆无摩擦滑动，不可伸长的轻质细绳一端与小球相连，另一端固定在竖直杆CD上，使整个装置以CD杆为轴以不同的角速度ω匀速转动。若杆对小球的弹力大小为，下列图像能正确反映与关系的是()A．B．C．D．【答案】C【解析】设小球质量为m，细绳与杆AB的夹角为θ，小球P与杆CD的距离为r，细绳水平方向的拉力提供小球做圆周运动所需的向心力，满足，解得细绳拉力大小，故细绳拉力的竖直分量为，可知杆AB的弹力满足解得，可知F弹与ω关系为一开口向下的二次函数关系，且顶点位于(0,mg)处。故选C。6．差动变压器指的是一种广泛用于电子技术和非电量检测中的变压器装置。主要用于测量位移、压力等非电量参量。其原理简化后如图甲所示，一个初级线圈，位于正中间，两个匝数相等的次级线圈串联且对称放置，初始时铁芯位于空心管正中央，a、b间接如图乙所示的电流（由a流向b），c、d端接交流电压表，示数为零。铁芯移动时始终至少有一端在次级线圈中。下列说法正确的是()A．铁芯上移，电压表示数为两次级线圈产生电动势有效值之和B．铁芯下移，时间内，c端电势高于d端电势C．可以通过电压表示数关系判断铁芯移动距离的大小关系D．a、b端接正弦交流电，铁芯不动，电压表示数不为零【答案】C【解析】A．副线圈反向接，当铁芯在中央时上下方次级线圈的磁通量相同，此时副线圈电压为零。即铁芯移动时会因铁芯的移动导致的磁通量的变化产生感应电动势。铁芯上移时，它会使得上方的次级线圈中的磁通量增多，下方的次级线圈中的磁通量减小。由于次级线圈是沿相反方向串联的，所以上方的次级线圈产生的感应电动势会与下方的次级线圈产生的感应电动势相减。所以，电压表示数为两次级线圈产生电动势有效值之差，故A错误；B．铁芯下移，时间内，原线圈的电流减小，根据楞次定律可得，c端电势低于d端电势，故B错误；C．当铁芯从中央位置开始的移动量越大时，它改变穿过次级线圈的磁通量也越多，从而导致次级线圈中产生的感应电动势也越大。所以可以通过电压表示数关系判断铁芯移动距离的大小关系，故C正确；D．副线圈反向接，当铁芯在中央时上下方次级线圈的磁通量相同，副线圈的电压一直为零，故D错误。故选C。7．《天工开物》中记载了谷物脱壳工具——土砻（图甲）。如图乙所示，手柄ab和摇臂cd位于同一水平面内且相互垂直，c端通过光滑铰链相连，d为ab中点，c位于悬点O的正下方。，手柄ab重力为G且质量分布均匀，摇臂cd质量忽略不计。人不施加作用力时ab处于静止状态，则摇臂cd对手柄ab的作用力大小为()A．2G B． C． D．【答案】C【解析】由题意，Oc竖直、cd水平，△Ocd为直角三角形，设，则，由勾股定理得。Od与竖直方向夹角θ满足，解得。对ab受力分析：ab受重力G（作用在重心d，竖直向下）、O点绳子的拉力T（作用线过O点，对O力矩为0）、摇臂cd的作用力F（cd为轻铰链杆，作用力沿杆即水平方向）。对悬点O取力矩平衡，重力的顺时针力矩等于F的逆时针力矩：,代入、,解得：因此摇臂cd对手柄ab的作用力大小为,故C正确。二、多项选择题:本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，每题有多项符合题目要求。全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．绿叶中色素的提取，是生物教材的实验，即用白光照射，发现色素提取液在透射光下呈绿色，在辐射光下呈红色，如图（a）所示。而这一现象的解释，可利用物理的能级跃迁理论，光合色素分子不吸收绿光没有跃迁，而吸收红光或蓝光则会发生跃迁，如图（b）所示，能级符合玻尔量子化理论。下列观点正确的是()A．由于光合色素分子不吸收绿光，所以色素提取液在透射光下呈绿色B．激发态不稳定，在激发态Ⅰ的色素分子回到基态发出红光，所以辐射光下呈红色C．辐射光①比辐射光②的能量大D．辐射光①比辐射光③的波长短【答案】AB【解析】A．物体所呈现出来的颜色是由于不吸收该颜色的光导致的，故在透射光下呈绿色便是由于光合色素分子不吸收绿光，故A正确；B．根据图（b）所示，激发态往低能级跃迁时发出红色的光，故B正确；C．由图（b）可知，辐射光①比辐射光②的能量小，故C错误；D．辐射光①比辐射光③的能量小，根据，可知辐射光①比辐射光③的波长更长，故D错误。故选AB。9．根据沙漏计时的理论模型可知：单位时间内流出的沙子质量（）与沙子的密度、重力加速度以及沙漏开口的横截面积有关，即，式中、、、均为无单位的常数。已知地球质量为月球质量的p倍，地球半径为月球半径的q倍，若仅考虑重力加速度对于沙漏的影响，将一个在地球表面上计时时长为T的沙漏带上月球表面，则()A．、、的数值为，，B．、、的数值为，，C．月球表面的重力加速度大小为地球表面的倍D．沙漏的计时时长变为【答案】BC【解析】AB．根据题意可知，根据单位关系可得，所以，，，解得，，故A错误，B正确；C．根据万有引力与重力的关系所以，所以，故C正确；D．由以上分析可知，所以将一个在地球表面上计时时长为T的沙漏带上月球表面，则计时时长变为，故D错误。故选BC。10．如图，水平面内有相距为d的足够长的平行金属导轨，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面，导轨右端与电感线圈相连，线圈的自感系数为L。一长度略大于d的金属棒以的速度从左端滑上导轨，金属棒质量为m，所有电阻及摩擦均不计，已知简谐运动的周期公式为。则有()A．金属棒刚滑上导轨时刻，回路电流最大B．金属棒速度减为零的时刻，线圈自感电动势最大C．金属棒向右运动的最大距离为D．金属棒从滑上导轨到速度减为零的时间为【答案】CD【解析】A．金属棒刚滑上导轨时，自感电动势最大，回路电流强度为零，故A错误；B．金属棒速度为零时，回路电流最大，自感电动势为零，故B错误；C．由自感电动势与动生电动势等大反向可知，在时间内

，线框所受安培力为，设金属棒向右最大位移为S，则有：，得，故C正确；D．线框所受安培力为，故线框所受合外力与位移x成正比，且方向与位移方向相反，则线框做简谐运动，由简谐运动周期公式可得，故D正确。故选CD。三、非选择题:本题共5小题，共57分。11．(5分)为了探究“等温条件下气体压强与体积的关系”，某同学设计了如图甲所示的实验装置。水平桌面上固定一足够高、导热性能良好、开口向上的汽缸，质量为m0、横截面积为S、厚度不计的光滑活塞密封一定质量的理想气体，轻质细绳一端连接活塞中心，另一端绕过两个光滑定滑轮连接轻质沙桶（桶中开始没有细沙），连接活塞的细绳竖直，在桶中加入细沙之前，活塞稳定时，活塞到汽缸底部的高度为。已知重力加速度为g，大气压强为，环境温度不变。(1)在桶中加入细沙之前，活塞稳定时，密封气体的压强_________。(2)在沙桶中缓慢加入一定质量的细沙，活塞稳定时，记录下沙桶中细沙的质量m与活塞到汽缸底部的高度h，多次重复这一过程，得到多组m、h的数据，利用所得数据，描绘出图像如图乙所示，则该图像的纵截距为_________；根据图乙可知该图像的横截距为a，若在误差允许的范围内，满足大气压强_________，则温度一定时，气体压强与体积成反比。【答案】(1)(1分)(2)(2分)(2分)【解析】（1）在桶中加入细沙之前，活塞稳定时，根据平衡条件可得，解得密封气体的压强。（2）[1][2]在沙桶中缓慢加入一定质量的细沙，活塞稳定时，根据平衡条件可得，解得，根据玻意耳定律可知。联立整理可得，可知图像的纵截距为；根据图乙可知该图像的横截距为a，则有。可得。12．(10分)某实验小组设计了三种测量电源电动势的方法，如图所示。（1）方法一：选择合适的电压表量程，按照如图甲电路连接，闭合开关S，电压表读数为电源电动势的测量值，则该测量值________（填“大于”“小于”或“等于”）电动势真实值。（2）方法二：图乙中R为保护电阻，为被测电源，为电动势可调整、可读数的电源，G为检流计。实验时闭合开关S，调整，当检流计示数为零时，被测电源的电动势等于此时的电动势。（3）方法三：如图丙所示，为待测电源，为工作电源（内阻可忽略）、为标准电源（电动势已知），、、为电阻箱，G为检流计，、为单刀单掷开关，为单刀双掷开关。实验过程如下：a．实验开始前，为保护检流计，将、、均调整到最大，闭合开关、；b．单刀双掷开关接通1，在保证电路安全的前提下调小，再调整和，直到调整到零，检流计示数为零，读取此时和的阻值，记作和；c．单刀双掷开关接通2，在保持的前提下，调小，调整和，直至将调整到零，且检流计示数为零，记录和的阻值，记作和。①实验时工作电源的最大电动势需要________（填“大于”或“小于”）被测电源的电动势；②被测电源电动势________（用已知量和测量量表示）；③若考虑工作电源内阻，的测量值________（填“大于”“小于”或“等于”）的真实值。【答案】（1）小于(2分)（3）①大于(2分)②(3分)③等于(3分)【解析】（1）[1]电压表内阻非无穷大，会与电源形成闭合回路，测量值为路端电压，小于真实电动势。（3）①[2]图丙中E0等于电阻箱R1、R2两端电压之和，而Ex等于电阻箱R1两端电压，故工作电源E0电动势的最大值应大于被测电源Ex的电动势。②[3]校准阶段,测量阶段,其中,两式相除消去E0和总电阻得。③[4]考虑工作电源内阻的影响，。其中得。因此Ex的测量值不受工作电源内阻影响。13．(9分)如图所示，△ABC是玻璃三棱镜的截面，D为AC面上的点。现让一波长λ=441nm的单色光PD沿与CA面的夹角为θ的方向从D点射入三棱镜，经AB面时恰好发生全反射，垂直BC面射出三棱镜后进入光电管，射到阴极K并发生光电效应。已知(1)求该玻璃的折射率和cosθ的值。(2)若光电管阴极材料的逸出功普朗克常量元电荷光速求遏止电压。（保留两位有效数字）【答案】(1)(2)【解析】（1）光的传播路径如图所示光经AB面发生全反射的临界角又由(1分)解得(1分)单色光经AC面折射，由几何关系可知，折射角(1分)根据折射定律可得(1分)解得(1分)（2）根据光电效应方程有(1分)根据动能定理有(1分)又(1分)解得(1分)14．(14分)如图所示，质量的底座上通过轻质弹簧连接一水平托盘，静置于水平地面上。现将一质量的弹性小球自托盘正上方距托盘高度为处由静止释放，小球下落后与托盘发生弹性碰撞、且碰撞时间极短，碰后小球上升的最大高度为，并在最高点取走小球，托盘下降的最大高度为。已知整个过程中弹簧的形变均在弹性限度内，弹簧弹性势能与其形变量间的关系为（k为劲度系数，为形变量），重力加速度取，空气阻力不计。(1)求托盘的质量；(2)求底座对地面最大压力的大小。【答案】(1)m0=0.2kg(2)FN=15N【解析】（1）小球在与托盘碰撞前做自由落体运动，而碰后做竖直上抛运动，设小球与托盘碰撞前瞬间速度大小为v0，与托盘碰撞后小球的速度大小为v1，托盘的速度大小为v2，则根据自由落体运动的位移公式(1分)，可得，(2分)又因为小球与托盘发生的是弹性碰撞且碰撞时间极短，则根据动量守恒定律有(2分)根据能量守恒定律有(2分)联立解得托盘的质量为m0=0.2kg，v2=2m/s(1分)（2）托盘下降的过程中，设托盘下降到最低点时下落的高度为h3，则根据托盘弹簧系统机械能守恒有(2分)代入数据解得弹簧的劲度系数为k=80N/m(1分)当托盘下降至最低点时地面对底座的支持力最大，其最大值为(2分)所以根据牛顿第三定律可知，底座对地面的最大压力大小为15N。(1分)15．(19分)如图所示，间距的平行导轨、固定在水平面上，左侧连接一电容的电容器（耐压值足够大）。垂直于导轨的虚线与之间的导轨均为不导电的陶瓷材料（图中导轨上的虚线部分），其余导轨为金属