2025-2026学年重庆市南川中学高三下册适应性模拟考试物理试题 含答案

/南川中学高2026届高三适应性模拟考试物理试卷考试时间2026年3月2日注意事项：1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2.请将答案正确填写在答题卡上一、选择题：共43分（一）单项选择题：共7题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.空军航空开放活动和长春航空展于2025年9月在吉林省长春市举办，歼-20等飞机进行了飞行表演。图示为国产战斗机大仰角加速向上爬升过程的飞行轨迹，轨迹为曲线。下列说法正确的是（

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A.研究战斗机姿态调整时可以把战斗机看成质点B.战斗机的路程等于位移大小C.战斗机所受合力沿轨迹的切线方向D.飞行员处于超重状态【答案】D【解析】【详解】A.研究战斗机姿态调整时，战斗机的形状大小不能忽略，不可以把战斗机看成质点，A错误；B.战斗机做曲线运动，则路程大于位移大小，B错误；C.战斗机所受合力指向轨迹的凹向，C错误；D.因加速度有向上的分量，可知飞行员处于超重状态，D正确。故选D。2.某同学观察到教室内使用的直管荧光灯有如下甲、乙两种悬挂方式，甲图两根细绳竖直，乙图两根细绳均与灯管成θ角，假设两灯的质量均为m，下列说法正确的是（

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A.甲图中灯受到的合力比乙图中的小B.甲图中每根细绳张力比乙中的大C.乙图中每根细绳张力均为mgD.减小θ角，乙图中每根细绳张力变大【答案】D【解析】【详解】A．由平衡可知，两灯所受合力均为0，A错误；BCD．甲图绳张力为T乙图中2可得T2=mg故选D。3.某轿车以12.5m/s的速度匀速行驶，距离路口还有20m处时红灯亮起，司机立即刹车，此后轿车做匀减速直线运动直至停止，已知第一秒内运动了10m，则下列说法正确的是（

）A.轿车的加速度大小为2.5m/s²B.轿车第2s内运动了5mC.轿车第3s内运动了0mD.轿车停止时距离路口还有5m【答案】B【解析】【详解】A．已知第一秒内运动了10m，根据运动学公式可得x代入数据解得加速度大小为a=5

BC．轿车从开始刹车到停下所用时间为t可知轿车第3s内运动了的距离不是0m；轿车在前2s后通过的位移为x2=则轿车第2s内运动的距离为Δx=D．轿车从开始刹车到停下通过的位移大小为x则轿车停止时距离路口还有Δx'=20故选B。4.美国spacex公司计划在2026年对其发射的星链卫星进行降轨操作，降轨后的星链卫星，对我国天宫号空间站的安全造成很大的威胁。如图所示，假设某颗星链卫星降轨后的轨道为椭圆，天宫空间站轨道为圆形，两轨道在同一平面内，A、B是两轨道的交点。已知它们的周期相同，下列说法正确的是（

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A.星链卫星在近地点的速度一定大于空间站的速度B.空间站在A、B两点处的加速度相同C.星链卫星与空间站在A处的速度有可能相同D.由于轨道有交点，经过一段时间后，它们一定会相遇【答案】A【解析】【详解】A．若以星链卫星的近地点为半径做圆周运动的轨道，利用万有引力公式GMm可知在该轨道上运动的物体速度大于空间站的速度，而从近地点的圆周轨道变轨到星链卫星所在的椭圆轨道，需要在近地点点火加速，则星链卫星在近地点的速度一定大于近地点的圆周轨道速度，大于空间站的速度，故A正确；B．加速度是矢量，空间站在A、B两点处的加速度大小相同，方向不同，故B错误；C．速度是矢量，做曲线运动的物体速度沿轨迹切线方向，星链卫星与空间站在A处的速度方向不同，故C错误；D．因空间站与星链卫星的周期相同，两者不一定相遇，例如两者均逆时针旋转，当空间站位于A点时，星链卫星处于近地点，星链卫星从近地点运动到B点所需时间由开普勒第二定律可知小于T4转角度小于π2rad，两者无相遇可能；星链卫星从近地点运动到A点所需时间由开普勒第二定律可知大于T4且小于T，此时空间站旋转角度小于2故选A。5.国庆假期的南昌水族馆之旅中，小王同学偶然关注到电鲶，随即对这种生物产生了浓厚兴趣。如图（a）。所示，他查阅资料发现电鲶遇到危险时，可产生数百伏的电压，若将电鲶放电时形成的电场等效为等量异种点电荷的电场，如图（b）所示，其中正电荷集中在头部，负电荷集中在尾部，O为电鲶身体的中点，AO=BO且

A.从头到尾O点的电场强度最大B.A点电势高于B点电势C.若将一负电荷放入电鲶体内，则它在A点具有电势能小于它在B点具有电势能D.若电鲶头尾部间产生380V的电压时，AB间的电压小于190V【答案】D【解析】【详解】A．将电鲶放电时形成的电场等效为等量异种点电荷的电场，两点电荷连线的中点O点，电场强度最小，故A错误；BC．沿电场线的方向是电势降低的方向，故A点电势低于B点电势，负电荷在电势高的地方具有的电势能小，因此若将一负电荷放入电鲶体内，则它在A点具有电势能高于它在B点具有电势能，故BC错误；D．根据等量异种点电荷的电场分布规律可知A、B间的电场线比A点到鱼尾或B点到鱼头的电场线稀疏，则平均场强也较小，电鲶头尾部间产生380V的电压，根据U=Ed可知故选D。6.如图所示，质量相等的物体a和b用劲度系数k=100 N/m的轻弹簧连接，b放置在地面上，一根不可伸长的轻绳一端与a连接，另一端绕过两个光滑的小定滑轮O1、O2与小球c连接，c套在倾角θ=37°的光滑轻杆上，F点为轻杆的底端，开始时小球c处于轻杆的E点，连接c的轻绳处于水平状态，此时物体b恰好对地面没有压力。E、F两点关于P点对称，且的质量为1.5kg，|O2E|=1.0m，g取10

m/s2，sin37°=0.6，弹簧的弹性势能为Ep

A.物体a、b及小球c组成的系统机械能守恒B.小球c到达P点时，物体a的速度不为0C.小球c到达P点时，小球c的机械能增加了16JD.小球c刚到达F点时，a的动能为9.6J【答案】C【解析】【详解】A.当弹簧的弹性形变发生变化时，弹簧的弹性势能也发生变化，可知，物体a、b及小球c与弹簧组成的系统机械能守恒，故A错误；B.由于O2P⊥EF，可知，小球c到达P点时，小球c的速度方向垂直于轻绳，即小球c沿轻绳方向的速度为0，可知，小球c到达C.小球c处于轻杆的E点时，由于物体b恰好对地面没有压力，则弹簧的拉伸量x小球c到达P点时，物体a下降的高度为x可知，小球c到达P点时，弹簧处于压缩状态，压缩量为x结合上述，小球c到达P点时，物体a的速度为0，对物体a、b及小球c与弹簧组成的系统机械能守恒，可知小球c的机械能增加Δ解得ΔE故C正确；D．小球c刚到达F点过程，物体a、b及小球c与弹簧组成的系统机械能守恒，则有m根据绳的牵连速度规律有va的动能为E解得E故D错误。故选C。7.如图所示，质量均为m的小球P、Q静止放置于光滑水平面，相距为，从t=0时刻开始，P始终受到一水平恒力的作用，Q不受水平外力，经过t

A.恒力的大小为mltB.第1次碰撞后到第2次碰前P、Q间的最远距离为2C.第3次碰撞前P的速度大小为4D.第3次碰撞后到第4次碰撞前P运动的距离为12【答案】D【解析】【详解】A．根据牛顿第二定律，小球P的加速度为a根据运动学公式l=1联立解得F=B．小球P、Q质量相等，且碰撞为弹性碰撞，根据动量守恒和机械能守恒可知，小球每次碰撞交换速度。小球P碰前的速度为v可知小球Q第一次碰后的速度为v当小球P从0再次加速到v1时，二者距离最远，需要的时间仍为t此时小球Q的位移为x二者最远距离为2lC．设第一次碰撞后到第二次碰撞的时间为t1，则第二次碰撞时有位移关系解得t此时小球P的速度为v2=aD．小球P、Q第二次碰撞后再次交换速度，可得碰撞后小球P的速度为2lt第3次碰撞时，有位移关系2解得t此时小球P的速度为2根据前述规律可得，再经过2t0，两球第4次碰撞，则第4次碰撞前P运动的距离为故选D。（二）多项选择题：共3题，每题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，两平行金属板P、Q之间的磁场可视为匀强磁场，磁感应强度大小为B1，在其下方有两光滑金属导轨处在匀强磁场B2中，导轨平面与水平面夹角为θ，两导轨分别与P、Q相连，现将等离子体（不计重力）垂直于磁场B1持续喷入P、Q

A.金属棒中电流方向从a到bB.B2C.仅增大P、Q之间的距离，金属棒将沿导轨向上运动D.要使B2【答案】AC【解析】【详解】A．根据题图，由左手定则可知，等离子体中的正离子向金属板Q偏转，负离子向金属板P偏转，可知金属板Q带正电荷，Q板相当于电源正极，金属板P带负电荷，P板相当于电源负极，则金属棒中电流方向从a到b，故A正确；B．根据题意，从右向左看金属棒，若B2的方向竖直向上，由左手定则可知，安培力向左，对金属棒受力分析，如图所示由平衡条件可知，金属棒不可能静止，则B2D.根据题意，对金属棒受力分析，由平衡条件可知，若安培力方向竖直向上，则安培力与金属棒重力大小相等，若安培力方向不是竖直向上，则安培力与重力和支持力的合力等大反向，当安培力沿斜面向上时，安培力最小，即磁感应强度B最小，由左手定则可知，此时B的方向为垂直斜面向下，故D错误；C.设离子电荷量为q，达到稳定时设P、Q间的电压为U，P、Q间的距离为d，由平衡条件有q可得U仅增大P、Q之间的距离，P、Q间的电压增大，回路中电流变大，安培力变大，则金属棒将沿导轨向上运动，故C正确。故选AC。9.如图是一种“跳跳小火箭”的实验装置：两块水平正对放置的薄木板用四根竹筷子固定，在两薄木板的内侧均贴上锡纸，并分别与直流稳压电源的正负极相连，在下板的锡纸上放置一个用锡纸裁剪的“小火箭”，接通电源后“小火箭”会上下跳动。下列说法正确的是（

）

A.两板间的电场方向竖直向下B.“小火箭”在向上运动的过程中，其电势能减小C.通电后若减小两板间距离，则两板间电场强度增大D.通电后若减小两板间距离，则板上锡纸的电荷量减少【答案】BC【解析】【详解】A.电源正极连接下板，负极连接上板。在平行板电容器中，电场方向由正极板指向负极板，因此两板间的电场方向是竖直向上，故A错误；B.小火箭与下板接触，小火箭带正电，其受到的电场力向上，“小火箭”在向上运动的过程中，电场力做正功，电势能减小，故B正确；C．题意可知上下两板间电压U不变，根据E=Ud可知，减小两板间距离d，则两板间电场强度ED．根据C=εS4πkd可知，减小两板间距离d，电容C增大，根据Q=故选BC。10.如图，一足够长的固定绝缘光滑斜面与水平面成θ角，仅虚线MN以上区域内充满垂直斜面向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B0。质量为m的正方形金属线框abcd从磁场中某一位置静止释放，当线框ab边刚滑过MN时，线框所受安培力大小为2mgsinθ，当线框cd边刚要到达若在MN以下区域再充满一垂直斜面向上的匀强磁场（未画出），磁感应强度大小为2B

A.ab边刚过MN时流经线框的电流方向相同B.ab边刚过MN时线框所受的合力的功率之比为1:17C.cd边刚要到达MN时线框的动能之比为1:1D.从静止释放到cd边刚要到达MN的过程中损失机械能的比值小于1【答案】ABD【解析】【详解】A．根据楞次定律可知，两次ab边滑过MN时的电流方向均由b到a，故A正确；B．第一次ab边刚过MN时，其安培力的大小为F解得I则ab边经过MN时的速度v线框受到的合力F第二次ab边刚过MN时，其实培力的大小为F安2=2由于两次从同一位置释放，因此ab边经过MN时的速度相同，根据法拉第电磁感应定律可得E则感应电流I联立解得F线框受到的合力F结合功率P可得两次ab边刚过MN时线框所受的合力的功率之比为1:17，故B正确；C．设第一次cd边刚要到达MN时线框的速度为v1，第二次线框的速度为vF安1=解得v线框的动能E同理可得3B0解得v线框的动能E则两次的动能之比为EkD．根据能量守恒可知，损失的机械能等于克服安培力所做的功，由于第二次从静止释放到cd边刚要到达MN的过程中线框受到的安培力更大，克服安培力所做的功更多，损失的机械能更多，因此从静止释放到cd边刚要到达MN的过程中损失机械能的比值小于1，故D正确。故选ABD。二、非选择题：共\（5\）题，共\（57\）分。11.某实验小组用自己改进的装置完成“用单摆测量重力加速度”实验，把一个较重的匀质磁性小球，用两根长度均为L的轻绳悬挂在一根水平绝缘杆上摆动，如图甲所示。（1）关于本实验及操作，下列说法正确的有

（单选，填序号）A.两轻绳可用轻质橡皮筋代替B.为了方便固定绳子，可以将绳子的A、B端缠绕在水平绝缘杆上C.让小球在垂直于OAB的平面内做小角度的摆动D.为了方便测量周期，可以将小球拉离竖直方向较大的角度后由静止释放（2）用20分度的游标卡尺测量小球的直径d如图乙所示，则小球直径d=

cm（3）实验时磁性小球的N极在小球的正下方，他们将智能手机放置在小球摆动最低点的正下方，打开手机磁力传感器，采集到磁感应强度B及随时间t变化的图像如图丙所示，则单摆的周期T=

s（4）实验中，测得所用轻绳的长度为L，悬点A、B的间距为x，则当地的重力加速度可表示为g=

。（用L、x、d、T【答案】（1）C（2）2.200（3）2.0（4）2【解析】【小问1详解】AB．单摆的摆长不能改变，两轻绳不能用轻质橡皮筋代替，绳子的A、B端需固定，不能缠绕在水平绝缘杆上，故AB错误；C．单摆在摆角小于5°的情况下的振动是简谐运动，小球应在竖直平面内做小角度摆动，故C正确；D．为了方便测量周期，应在小球经过最低点时计时，故D错误；故选C。【小问2详解】游标卡尺的精确度为0.05mm，读数为【小问3详解】一个周期内摆球两次经过最低点，小球经过最低点时磁感应强度最大，根据图丙所示可知，单摆的周期为T【小问4详解】根据几何关系可知摆长为l根据单摆周期公式T解得g12.某同学测量一节干电池的电动势E和内阻r。实验器材有：待测干电池（电动势约1.5V，内阻约1Ω）、电压表V1（量程3V，内阻约5kΩ）、电压表V2（量程3V，内阻R该同学实验过程下：①设计如图甲所示测量电路，并按照电路图连接电路，将滑动变阻器的滑片置于最右端；②闭合开关S，向左滑动滑动变阻器滑片，记录多组电压表1的示数U1和电压表2的示数U③以U1为纵坐标，以U2为横坐标，建立坐标系，描点得到回答该同学实验过程中的问题，并进一步完成实验：（1）在电路图甲中，位置“1”应该接电压表

（选填“V1”或“V（2）该同学发现描点得到U1—U（3）该同学重新设计了如图乙所示的测量电路，定值电阻阻值R0=199Ω。规范操作重新实验得到如图丙所示的U1—U2图线，则测得的电源电动势E（4）为减小由于电压表“2”的分压作用形成的系统误差，该同学又设计了如图丁所示的测量电路。规范操作重新实验得到的U1—U2图线斜率的绝对值为k。则计算电源内阻r的公式是r=

。（用k【答案】（1）V1（2）电源内阻r远小于电压表V2（3）①.1.48②.1（4）(【解析】【小问1详解】因位置“2”接的电压表功能相当于电流表，故要已知其内阻，接V2，位置“1”应该接电压表【小问2详解】根据闭合电路的欧姆定律有U因直线的斜率的绝对值为rRV，图线几乎水平，测量其斜率的误差太大。其主要原因是r≪RV【小问3详解】[1][2]由U直线的斜率的绝对值为|故电源内阻为r据三角形相似有1.30−1.06得电源电动势E【小问4详解】考虑电压表“2”的分压作用有U得k电源内阻r的公式是(13.某压缩空气储能系统，在电网用电低谷时，将电能通过电动压缩机压缩空气储存起来，如图所示，理想变压器将电网电压U0降为压缩机工作电压U1，压缩机每天工作时间为t1，工作电流为I（1）求理想变压器原，副线圈的匝数比n1（2）电网用电高峰时，储能系统用压缩的空气推动发电机发电，释放全部储能，发电机给电网供电的功率为P，每天工作时间为t2求该储能系统的效率η【答案】（1）n（2）η【解析】【小问1详解】对于理想变压器，电压与匝数成正比，即理想变压器原，副线圈的匝数比匝数比为n【小问2详解】由题可知，储存的能量为E发电机给电网供电的能量为E则该储能系统的效率为η14.图1是钱塘江罕见的“渔网潮”景象，其原理为平面波的干涉。如图2所示，甲、乙两列简谐平面波，实线表示波峰，虚线表示波谷，频率均为f=0.5Hz，波长均为λ=4m，振幅均为A=0.2m，两列波起振方向均向上，传播方向间的夹角θ=60°，图示时刻O点第一次到达波峰，点P、O、A（1）波速v及从图示时刻到P点第一次出现波峰经过的时间t；（2）从开始振动到图示时刻A、B处质点运动的总路程。【答案】（1）2m/s，2（2）2m，2m【解析】【小问1详解】对于机械波，有v由对称性可知，甲、乙的波峰到P的垂直距离为x所以P点第一次出现波峰经过的时间为t【小问2详解】甲、乙两波同时到达A点，由波的叠加可知，A处质点合振动的振幅为2A，振动的时间为1+从开始振动到图示时刻经过的总路程为s甲的波峰刚到达B点，即甲波在B处振动时间为14T，乙的第三个波峰刚到达B点，即乙波在间为2