银川市第一中学2025-2026学年高一上学期期末考试物理答案

高一第一学期期末考试物理试卷答案

题号12345678910

答案BCCDBBABCBDAB

题号11

答案CD

1．B

【详解】A．速度变化的运动可能是变速直线运动（如匀加速直线运动），其轨迹为直线，故A

错误；

B．曲线运动中物体的运动轨迹为曲线，位移大小始终小于路程，故B正确；

C．平抛运动中合力为重力（恒力），但轨迹为曲线，故C错误；

D．曲线运动的条件是合力方向与速度方向不在同一直线上，否则物体将做直线运动，故D错误。

故选B。

2．C

【详解】ABC．下蹲过程，先向下加速运动，再向下减速运动，故加速度先向下后向上，先失重

后超重；起立过程，先向上加速，再向上减速运动，加速度先向上后向下，先超重后失重；则

AC段为起立过程，DE段为下蹲过程，图示B时刻，同学向上速度最大，故AB正确，不符题意，

C错误，符合题意；

D．由图像可以读出最大支持力和最小支持力，重力也可以读出，根据牛顿第二定律可以估算出

起立和下蹲过程中的最大加速度，故D正确，不符题意。

故选C。

3．C

【详解】球A与球形容器球心等高，速度v1方向竖直向下，速度分解如图所示，有

v11=v1sin30°=v1

球B此时速度方向与杆成=60°角，因此

v21=v2cos60°=v2

沿杆方向两球速度相等，即

v21=v11

解得

v2=v1

故选C。

4．D

【详解】根据

解得

小球A、B从被抛出到落在斜面上所用时间之比为

故选D。

5．B

【详解】圆环在转动过程中，甲、乙两绳之间的夹角不变，小球受到3个力作用，这三个力可以

构成矢量三角形，作辅助圆，小球受力变化如图所示

由正弦定理可知

圆环在竖直平面内，从甲绳水平顺时针缓慢向右滚动至甲绳竖直的过程中，减小，可知F1、F2

均减小，故甲绳中的弹力一直减小，乙绳中的弹力一直减小。

故选B。

6．B

【详解】对油桶C进行分析，如图所示

根据几何关系可知根据平衡条件有，

解得，

可知，与图像均成线性关系，且图像斜率为负值，图像斜率为正值，第

二个选择项符合要求。

故选B。

7．C

【详解】A．施加外力前，根据受力平衡可得，弹簧的形变量为

A错误；

B．外力施加的瞬间，以物体B为对象，设A对B的压力为，根据牛顿第二定律可得

解得

B错误；

C．由图乙可知，A、B在时刻分离，此时A、B间的弹力为，以物体B为对象，根据牛顿第

二定律可得

解得此时弹簧的弹力大小为

C正确；

D．设A、B分离时弹簧的压缩量为，可得

解得

从开始运动到A、B分离经历的时间为，则有

解得

D错误；

故选C。

8．BC

【详解】kg和m是国际单位制的基本单位；N和m/s是国际单位制的导出单位。

故选BC。

9．BD

【详解】连接NQ、MP，如图所示

小环1从M点静止释放，根据牛顿第二定律可得

所以

，

同理可得

，

故选BD。

10．AB

【详解】A．小船在静水中的速度（3m/s）小于水流速度（4m/s），无法通过调整航向完全抵消水

流的影响，因此无法垂直河岸到达正对岸，故A正确。

B．最短渡河时间由船速的横向分量决定。当船头垂直河岸时，横向速度最大为3m/s，时间

，故B正确。

C．最短时间渡河时，船的实际运动是船速（3m/s横向）与水速（4m/s纵向）的合成，合速度为

斜向下游的矢量，航线不垂直河岸，故C错误。

D．最短位移渡河时，船头指向与合速度方向垂直，此时合速度大小

方向与河岸的夹角为

对应的时间，故D错误。

故选AB。

11．CD

【详解】A．刚释放小物体时，对小物体受力分析，根据牛顿第二定律有

解得，故A错误；

B．对小物体受力分析，刚释放小物体时，小物体受的摩擦力方向为沿传送带向下，大小为

当小物体与传送带共速后，因

故小物体继续向下加速，摩擦力方向为沿传送带向上，大小为

故整个过程小物体所受摩擦力的大小不变，但方向发生了变化，故B错误；

CD．设经时间，小物体与传送带共速，则有

小物体下滑的位移为

传送带的位移为

小物体的速度小于传送带的速度，故小物体相对传送带向上运动，则小物体相对传送带的位移为

共速后，小物体继续向下加速，根据牛顿第二定律有

解得

小物体继续向下运动的位移为

代入数据解得

传送带的位移为

小物体的速度大于传送带的速度，故小物体相对传送带向下运动，则小物体相对传送带的位移为

综合分析，可得小物体相对传送带的位移为

因

所以小物体在传送带上的划痕为0.8m，故CD正确。

故选CD。

12．(1)B

(2)D

(3)

(4)

【详解】（1）本实验主要采用的科学方法是等效替代法，故选B。

（2）AD．实验过程中拉动弹簧测力计时，弹簧测力计必须与木板平行，且每次实验时，要记录

弹簧测力计的示数以及拉力的方向，故A错误，D正确；

BC．为减小实验误差，用两个弹簧测力计互成角度拉细绳套时，夹角和两测力计的读数都不能太

小或太大，故BC错误。

故选D。

（3）由于实验存在误差，和合力的实际测量值与理论值有偏差，故选。

（4）由题图可知，其第二次拉伸时，两个力在竖直方向上的合力为零，设单个钩码的质量为m，

有

两个力在水平方向上的合力为5mg，有

解得

13．(1)不需要

(2)3.8

(3)0.60.1

【详解】（1）本实验中，由于通过拉力传感器能直接得到细线的拉力，故不需要满足“沙桶及沙

的质量远小于滑块（含轻滑轮）质量”这一条件。

（2）相邻两个计数点间的时间间隔为

根据

可知，纸带的加速度大小为所以沙桶加速度为

3.8米每二次方秒

（3）[1][2]对滑块（含轻滑轮），根据牛顿第二定律有

整理得

结合图像可知，，

解得，

14．(1)

(2)

【详解】（1）选手要落到平台上，水平跳出的速度至少为，下落时间为t，则水平方向有

竖直方向有

联立解得，

（2）若选手刚好从平台的右侧边缘落入水中，设选手跳出的初速度为，则水平方向有

解得

15．(1)

(2)

【详解】（1）剪断细线后，设绳上拉力大小为T，由牛顿第二定律可知，

，

联立，解得

（2）物块B落地时速度大小与A相同，设为v，则有

解得，B落地后，A竖直上抛，设上升h，则

解得，B离地最大高度

16．(