G20示范高中联盟2026届高三核心素养联合测评物理试题（含答案）

本测评共100分，时间75分钟.对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1.理论和实验分析表明，物质内分子热运动的平均动能E与绝对温度T之间满足的理想气体中，单原子分子气体i=3,双原子分子气体i=5,常温下的固体(晶体)i=技术已处于世界先进水平.其中的一种核反应方程式甲为23UA.x=2,Y粒子是-ie第1页(共8页)A.5.北京时间2025年9月9日10时00分，我国在文昌航天发射场使用长征七号改运近地点离地球表面的距离为2R,远地点离地球表面的距离为4R,地球可视为半径0第2页(共8页)C.A、C间有5个振动减弱点D.t=4.5sA.原线圈的匝数为978=2t,下落高度hBc=4hAB=4h,下列判断正确的第3页(共8页)在圆柱形区域内存在着沿z轴负向的匀强磁场和匀强电第4页(共8页)列说法正确的是11.(6分)用如图甲所示装置研究平抛运动的轨迹.将白纸和复写纸对齐重叠并固定 第5页(共8页)变化的规律如图乙.80第6页(共8页)14.(14分)如图，为某碰撞模拟实验简图.在水平地面上W固定倾角为θ的足够长的光滑斜面，中间带孔的槽固L 间的最大静摩擦力为F₁=2mgsinθ.现将直杆用销钉固定.一质量为m的滑块从距离弹簧上端L处由静止释放，其下滑过程中的最大速度vm=√3gLsin0.已知弹簧的劲度系数,弹簧的弹性势能与其形变量的平方成正比.滑动摩擦力可(1)求滑块下滑速度为vm时弹簧的弹性势能Ep.(2)若取下销钉，使滑块仍从原位置由静止释放，求直杆下滑的最大距离s;并分析说明滑块此后是否能与弹簧分离，若能，请求出滑块与弹簧分离时的速度大小v;若不能，请说明理由.长的光滑平行导轨水平固定.正方形在x>0区域存在方向竖直向下的磁场，磁感应强度大小与x坐标的关系为B₂=O′M′段导电(不计电阻),其余部分绝缘.先锁定金属框q,使金属棒p以vo=的锁定.(2)求金属棒p在正方形区域M'MOO'运动过程中，金属棒p上产生的电热Q.框向右运动的最大距离d.第8页(共8页)1.B由知，温度越高，分子热运动平均动能增加，整体而言也就是物体内分子热运动加剧，但是并非所有分子动能都增加，只是有更多的分子处在分子动能较大的区间内而已，也有一些分子动能变小了，A错误；氦气、氖气的分子都是单原子分子，i均取作3,可知温度相同时，两者分子平均动能相同，B正确；而氧气分子中i的取值不同，故温度相同时，两者分子平均动能不相同，C错误；氢气分子、氧气分子都是双原子分子，kT中i均取作5,温度变化相同时，分子平均动能变化相同，又由于两者物质的量相同，也就是分子数相同，且是理想气体不计分子间相互作用势能，所以内能变化量相同，D错误.2.Dx=3,Y粒子是误；Ba的比结合能更大，C错误；核反应中反应物和生成物的动量守恒，D正确.3.B取线状光源左右两侧上一点光源，点光源发出的光在水面上有光射出的水面形状为圆形.设此圆的半径为R,点光源发出的光恰好发生全反射的光路图如图1所示，设全反射的临界角为C,根据几何关系可得R=htanC,线状光源发出的光在水面上有光射出的水面形状如图2所示.故选B.4.B对两个木模的整体受力分析，整体受2mg的重力和水平面的支持力F₂',有F₂′=2mg,由牛顿第三定律可知，水平面所受压力F₂=F₂';对上方木模分析可知，长线a上的张力F₁向下，短线张力为T,B正确.5.D卫星绕地球运动，故其发射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，A错误；椭圆轨道的半长轴由开普勒第三定律有,解得近地卫星的周期为,由万有引力提供向心力得解得地球的质量,故地球的平均密度为,B错误.由开普勒第二误，在近地点和远地点由万有引力提供向心力，则D正确.6.C由题图可知T=点距两波源的波程差,另由振动图像知两波源的起振方向相反，故B点是加强点，振幅为20cm,但仍以T=2s做简谐振动，不能始终处振C点x,则D到两波源的距离差△r=10-x-x=处波源振动形式传播到B点需s,而A处波源振动传播到B只需tA=3s,即t=4.5s时，B点参与A点波源振动已经1.5s,恰好处波谷；B点参与C点波源振动已经0.5s,亦恰好处波谷，故B点此时位移为-20cm,D错误.7.D由得n₁=880,A错误；当开关接2时，有,解得U=40V,设交流电周期为T,为Ω,灯泡消耗的实际功率为P=《高三·物理(HN)·核心素养》第9页(共8页)8.BC设质点从O点开始做自由落体运动，令经过A点的速度为vA,对由A点至B点的过程有：vAt①;对由A点至C点的过程有②,联合以上两式得gt ,进而可得O、A间的距离为hon=由得B点的速度,由c,设再过3t的时间质点下落的,解得h=11h,故选B、C.9.AC可以将每个点电荷2q看做放在同一位置的两个相同的点电荷q,既然上下两个点电荷q的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A'两位置，两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A'两位置，A正确；由对将两点电荷绕O点旋转到任意位置，或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数，在x轴上场强最大的点都在A、A'两位置，那么把带电圆环等分成一些小段，则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A'两对称的分割成一些小块，除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外，靠内的对称小块间距都小于原来的值，这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A′两位置，则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A'两位置，D错10.AC如图所示粒子在磁场中做匀速圆周运动，有,解得R′圆半径和原磁场半径相同，故粒子在xOy平面内将先后经历磁发散、进入电场匀变速直线运动、返回磁场磁聚焦三个过程，最终从xOy平面内的Q点离开，但是速度方向均不相同，在考虑他们在z方向上的匀加速直线运动，离开圆柱形区域时的速度方向不可能平行于xOy平面，A正确，B错误；粒子在磁场中均经历了半个周期，因此在磁场中运动总时间相同，C正确；当粒子从P点沿x轴正向发射时，粒子在xOy平面内运动时间最长，相较于运动时间最短的粒子，其多走的路程为2R,故时间差△t,D错误.11.(1)将钢球置于轨道平直段各处，都能静止，说明斜槽末端水平(1分)(2)球心(1分) (3)L(2分)解析：(1)将钢球置于轨道平直段各处，都能静止，说明斜槽末端水平.(2)钢球的球心对应白纸上的位置即为坐标原点.(3)由于两段水平距离相等，故时间则初速度为b点的竖直速度12.(1)变大(2分)(2)240(2分)1.5(2分)解析：(1)根据闭合电路欧姆定律可知，电压表的示U越大，故电压表的示数变大.(2)由题图乙可知，当F₁=160N时，R=80Ω,=400Ω,此时电压表的示数为,可见压力0N对应电压表1.5V刻度.(3)为了使压力刻度分布均匀，另选用的《高三·物理(HN)·核心素养》第10页(共8页)《高三·物理(HN)·核心素养》第11页(共8页)压敏电阻仍要满足量程为0～160N,F=0N标在电压刻度是均匀分布的，所以电压和压力一定要满,解得13.(1)设封闭气体压强为p,对气缸受力平衡分析对U形玻璃管内水银柱分析有p=p-pgh(1分)代入解得1分)(2)对气缸缓慢加热时，气缸始终受力平衡，大气压强不变，气缸重力恒定，所以内部压强不变，U形玻璃管内水银液面高度差不变.(2分)(3)对气缸缓慢加热时，气缸内部压强不变，由盖吕萨克定律有14.(1)设滑块达到最大速度vm时弹簧形变量为x,则此过程系统机械能守恒，有代入相关数据可得(2)当弹力大小等于F+时直杆开始滑动，设此时弹簧形变量为x′,则有2mgsinθ=kx'(1分)依题意有Ep′=4E,(1分)设此时滑块速度为v₁,则根据机械能守恒定律之后滑块与直杆将一起做匀减速运动，直至速度减为零.根据动能定理有：联立以上各式可得s=L(1分)此后直杆保持静止.假设滑块能与弹簧分离，即滑块还需向上运动2L的距离.根据机械能守恒定律有联立可得v=0(1分)上，滑块此后不能与弹簧分离.(1分)15.(1)开始时金属棒p匀速运动，经过MM′时金属棒p所受的安培力F=B₁IL(1分)加速度大小为(1分)联立上式，代入数据得a=4m/s²(1分)(2)金属棒p从MM'运动至OO′过程中，由动量定理得联立上式得v₁=3m/s(1分)由能量守恒定