四川省成都市2026届高三物理上学期期中试题附答案

一、单选题：本大题共7小题，共分。1.质点做直线运动的速度—时间图象如图所示，该质点（）A.在第1秒末速度方向发生了改变B.在第2秒末加速度方向发生了改变C.在前2秒内发生的位移为零D.第3秒和第5秒末的位置相同【答案】D【解析】【详解】A．速度图象的正负表示速度的方向，前2s内，质点始终朝正方向运动，速度方向没有发生变化，A错误；B．图象的斜率表示加速度，第2秒末斜率不变，所以加速度大小、方向均不变，B错误；C．前2秒内图象都在时间轴上方，故质点位移为图线与坐标轴所围成的面积，不为零，C错误；D4秒内和第53秒和第5秒末的位置相同，D正确。故选D。2.如图所示，一个质量为的小环套在一根倾角的杆子上，小环通过一根不可伸长的轻质细线悬挂一个质量为的小球，两者一起沿杆运动，稳定后连接小球的细线偏离垂直杆方向的夹角为，且保持不变。下列关于小环与小球运动性质说法正确的是（）第1页/共18页

A.沿杆做加速度为的匀加速下滑B.沿杆做加速度为的匀加速下滑C.沿杆做加速度为的匀减速上滑D.沿杆做加速度为的匀减速上滑【答案】C【解析】【详解】依题小环和小球稳定后具有相同的加速度，且小球受到重力和细线拉力，由牛顿第二定律可知，小球沿杆方向的合力为垂直杆方向，有联立两式可知所以二者加速度方向沿杆向下。若小环没有摩擦力，由牛顿第二定律可知，整体的加速度为显然小环受到的滑动摩擦力沿杆向下，所以小环和小球的速度方向沿杆向上，二者做匀减速上滑。故C正确，ABD错误。故选C。3.2022年12月8日”。火星和地球几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动，火星与地球的公转轨道半径之比约为，如图所示。根据以上信息可以得出（）第2页/共18页

A.火星与地球绕太阳运动的周期之比约为B.当火星与地球相距最远时，两者的相对速度最大C.火星与地球表面的自由落体加速度大小之比约为D.下一次“火星冲日”将出现在2023年12月8日之前【答案】B【解析】【详解】A．火星和地球均绕太阳运动，由于火星与地球的轨道半径之比约为3：2，根据开普勒第三定律有可得故A错误；B反，故此时两者相对速度最大，故B正确；C．在星球表面根据万有引力定律有由于不知道火星和地球质量比，故无法得出火星和地球表面的自由落体加速度，故C错误；D．火星和地球绕太阳匀速圆周运动，有要发生下一次火星冲日则有第3页/共18页

得可知下一次“火星冲日”将出现在2023年12月18日之后，故D错误。故选B。4.abcd四点分别引入检验电荷时，测得检验电荷所受的电场力跟电荷量间的函数关系图像，那么下列说法中正确的是（）A.该电场是匀强电场B.a、b、c、d四点场强方向相同C.a、b、c、d四点场强的大小关系是D.无法判断a、b、c、d四点场强的大小关系【答案】B【解析】【详解】B．由公式，假设题中取向右为正方向可知电荷量大于零时电场力向右，即场强向右，a、b的场强方向向右，电荷量小于零时电场力向左，此时c、d场强方向向右，故B正确；ACD图象的斜率大小等于场强的大小可知，四点的场强大小关系是电场是非匀强电场，故ACD错误。故选B。5.质量为M的物块以速度vm量之比可能为（）A.3B.4C.5D.6第4页/共18页

【答案】A【解析】【详解】设碰撞后两者的动量都为p，由题意可知，碰撞前后总动量为2p，根据动量和动能的关系有碰撞过程动能不增加，则有解得故选A。6.（电场力和磁场力对粒子所做的总功大小为；若把电场和磁场正交重叠，如图乙所示，粒子仍以水平初速度穿过重叠场区，在粒子穿过电场和磁场的过程中，电场力和磁场力对粒子所做的总功大小为。则（）A.一定是B.一定是C.一定是D.可能是，也可能是【答案】A【解析】【详解】不论带电粒子带何种电荷，由于所以电场力qE大于洛伦兹力qBv电粒子在电场中的偏转位移比重叠时的偏转位移大，所以不论粒子带何种电性，甲中带电粒子在电场中偏转位移一定大于乙中的偏转位移，而洛伦兹力对带电粒子不做功，只有电场力做功，所以一定是第5页/共18页

W＞W2故A正确，BCD错误。故选A。7.我国农村地区幅员辽阔，在人烟稀少的地区，一台低压变压器的供电半径可达1000m变压器的用户由于输电线的电阻较大导致供电电压偏低。某同学为了研究这种现象设计了如图所示的电路，图中T为理想降压变压器，对用户供电，甲用户离变压器很近，输电线电阻不计，乙用户距变压器500m，丙用户距变压器1000m，、为两段低压输电线的等效电阻，可认为，、、是三个用户正在工作的用电器的等效电阻，且，为丙用户未接入的用电器，用、、分别表示、、两端的电压，输入电压的有效值不变，下列说法正确的是（）A.B.C.若闭合，不变，、均增大D.若闭合，不变，、均减小【答案】D【解析】【详解】由理想变压器的电压特点可知其中、分别为原副线圈匝数，由题意可知电路中保持不变。由图可知①②又有第6页/共18页

③根据并联电路特点可得因为，所以有上式可知上述结论结合③式得④又，由①②④三式可得S闭合后，根据并联电路特点可知，、并联电阻之和，小于，所以S闭合后，R、R、R、的和电阻减小，设和电阻为，又有欧姆定律可得所以增大，再结合①可得减小。又通过R2电流减小，结合③式得通过电流增大，又有②得减小。故选D。二、多选题：本大题共3小题，共6分，选对但不全得3分，有选错得0分）8.一定质量的理想气体从状态a变化到状态b，其T-V图像如图所示，下列说法正确的是（）A气体内能不变B.气体压强变小第7页/共18页

C.气体对外界做功D.气体向外界放热【答案】BC【解析】【详解】A．由图示可知，ab过程，气体温度增加，所以内能增大，故A错误；B．T-V图像过原点的直线表示等压过程，分别连接原点和a，以及原点和b点，根据解得可知，T-V图像的斜率越大，气体压强越大，从状态a到状态b的过程气体的压强逐渐减小，故B正确；C．由图示可知，ab过程，气体体积变大，气体对外界做功，故C正确；Da到状态b所以气体从外界吸收热量，故D错误。故选BC。9.如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播。已知两波源分别位于x=-0.2m和x=1.0m处，振幅均为A=0.5cm，波速均为v=0.1m/s。t=0时刻，平衡位置处于x=0.2m和x=0.6m的P、Q两质点刚开始振动。质点M的平衡位置处于x=0.4m处，以下说法正确的是（）A.t=4s时，x=0.5m处质点的位移为-1cmB.t=0时，质点P振动方向向上，质点Q振动方向向下C.两列波相遇分开后，各自的振幅、周期均保持不变D.t=3s时，平衡位置处于0.3~0.5m之间的质点位移均为0【答案】ACD【解析】【详解】A．两列波的周期为T==s=4st=4s时，两列波各自向前传播一个波长，由波的叠加原理可知，x=0.5m处质点的位移为-1cm，故A正确；B．由“同侧法”可知，t=0时，质点P振动方向向下，质点Q振动方向向上，故B错误；第8页/共18页

C．根据波的独立传播原理可知，两列波相遇分开后，各自的振幅、周期均保持不变，故C正确；D．t=3s时，两列波各自向前传播个波长，则根据波的叠加原理可知，平衡位置处于0.3~0.5m之间的质点位移均为0，故D正确。故选ACD。10.2023年5月28国产大飞机C919130多名首航旅客见证了这一历史性时刻。如图甲为机场工作人员利用传送带将货物运送到机舱的情景，简化为如图乙所示。可视为质点的货物在传送带上运动的v-t图像如图丙所示，12s末货物恰抵达机舱。已知传送带与水平面间的夹角为θ=37°，货物的质量为20kg，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，则（）A.0~2s内摩擦力对货物做正功B.2~12s内摩擦力对货物不做功C.全程货物与传送带因摩擦产生的热量为102.4JD.因运送该货物多消耗的电能为102.4J【答案】AC【解析】【详解】A．0~2s内货物受滑动摩擦力方向沿斜面向上，则摩擦力对货物做正功，选项A正确；B．2~12s内货物受的静摩擦力沿斜面向上，则摩擦力对货物做正功，选项B错误；C．加速阶段的加速度则货物相对传送带的位移全程货物与传送带因摩擦产生的热量为第9页/共18页

选项C正确；D消耗的电能大于102.4J，选项D错误。故选AC。三、实验题：本大题共2小题，共分。匀速转动，装有遮光条的小滑块放置在转台上，细线一端连接小滑块，另一端连到固定在转轴上的力传感器上，传感器连接到计算机以显示细线的拉力大小，安装在铁架台上的光电门可以读出遮光条通过光电门的遮光时间。已知滑块上遮光条的挡光宽度为d，旋转半径为R。（1）某次旋转过程中遮光片经过光电门时的遮光时间为，则角速度_________（用题中所给物理量（2）控制转台以某一角速度匀速转动，记录力传感器和光电门的示数，分别为和；依次增大转台的角速度，并保证每次都做匀速转动，记录对应的力传感器示数、和光电门的示数、。以力传感器的示数为纵轴，对应的挡光时间平方倒数为横轴，建立直角坐标系，描点后拟合为一条、面间的滑动摩擦因数_____________。（3）该小组同学换用相同材料的质量更大的滑块再次做了该实验，作出的新图像，将两图像绘制于同一坐标系中，可能是下图中的（）第10页/共18页

A.B.C.D.【答案】①.②.③.B【解析】1）[1]由于遮光条通过光电门的时间极短，可以用平均速度表示瞬时速度，即又因联立可得（2）[2]对在转台上做匀速圆周运动滑块，由牛顿第二定律有联立以上可得根据图乙知-b=-μmg联立解得第11页/共18页

（3）[3]换用质量更大的滑块，根据以上可得-b=-μmg即b=μmg又因可得可知m增大，b增大而a不变，故选B。12.某同学用伏安法测量一阻值为几十欧姆的电阻R，所用电压表的内阻为1kΩ，电流表内阻为0.5Ω。该同学采用两种测量方案，一种是将电压表跨接在图（a）所示电路的O、P两点之间，另一种是跨接在O、Q两点之间。测量得到如图（b）所示的两条U–I图线，其中U与I分别为电压表和电流表的示数。回答下列问题：（1）图（b）中标记为II的图线是采用电压表跨接在________（填“O、P”或“O、Q”）两点的方案测量得到的。第12页/共18页

（2）根据所用实验器材和图（b）可判断，由图线________（填“I”或“II”）得到的结果更接近待测电阻的真实值，结果为________Ω（保留1（32________Ω（保留1【答案】①.、②.I③.④.【解析】【详解】(1)[1]若将电压表接在、之间，则根据一次函数关系可知对应斜率为。若将电压表接在、之间，电流表分压为根据欧姆定律变形可知解得根据一次函数可知对应斜率为，对比图像的斜率可知所以II图线采用电压表跨接在、之间。（2）[2]因为待测电阻为几十欧姆的电阻，通过图像斜率大致估算待测电阻为左右，根据、I得到的结果较为准确。第13页/共18页

[3]根据图像可知[4]考虑电流表内阻，则修正后的电阻为四、计算题：本大题共3小题，共分）13.良好的内胆，内胆内的气体可视为质量不变的理想气体，已知胆内初始气体压强为为，现启动加热模式使气体温度升高到，此过程中气体吸收的热量为，内胆中气体的体积不变，求：（1）此时内胆中气体的压强；（2）此过程内胆中气体的内能增加量。【答案】（1）2）【解析】1）根据题意可知，气体体积不变，气体为等容变化，根据查理定律可得解得（2）根据热力学第一定律有由于气体的体积不变，所以第14页/共18页

解得14.进入竖直平面内的四分之一圆弧形轨道块的质量，滑块经过A点时的速度，长，滑块与水平轨道间的动摩擦因数C点后竖直上升的最大高度过程的空气阻力）求：（1）滑块滑离圆弧形轨道时C点的速度大；（2）滑块由A滑到B时B点的速度大小；（3）滑块在从B运动到C的过程中克服摩擦力所做的功。【答案】（1）2）3）【解析】【分析】1）滑块离开C点后竖直上升的最大高度，即解得（2）滑块从A滑到B做匀减速运动，由动能定律得解得（