2.2 气体的等温变化 课件 高二下学期物理人教版选择性必修第三册

第二章气体、固体和液体第二节气体的等温变化CONTENTS目录探究气体等温变化的规律01气体的等温变化规律02典例分析03新课导入在庆典活动中放飞的气球，会飞到我们看不见的地方。随着气球的升空，大气压在减小，温度在降低，气球在膨胀......看来，一定质量的气体的压强、体积和温度三个状态参量之间是有联系的。那么，它们会有怎样的联系呢？想一想热气球、轮胎中气体的压强、体积、温度三个物理量之间会有联系吗？复习：气体的状态参量（P、V、T）3、温度2、体积1、压强热力学温度T：开尔文T=t＋273K体积V单位：有m3、L、mL等压强p单位：Pa（帕斯卡）多变量问题，如何研究？——控制变量法探究气体等温变化的规律PART01等温变化（2）说明：气体的状态参量（P、V、T），三个量中有两个或三个都发生了变化，气体状态就发生了改变。（1）定义：一定质量的气体，在温度不变的条件下其压强与体积的变化。我们把这种变化叫做等温变化。（m不变；T不变）想一想三个状态参量中可以只变化一个吗？PV=nRT（克拉伯龙方程）P:atmV:LR=0.082P:PaV:m3R=8.31探究气体等温变化的规律（1）定性研究健身球自然放地面上时，手摸球的触感——很软；一个人压在健身球上面，手摸球的触感——很硬。能吹起气球吗？将针筒的细口堵上，用力向里压柱塞，越往里压会有什么感觉？结论：质量一定的气体，体积越小，压强越大。【实验思路】（2）定量研究针对气体的研究，我们可以先选定一个热力学系统，比如一定质量的空气，在温度不变的情况下，测量气体在不同体积时的压强，再分析气体压强与体积的关系。利用注射器选取一段空气柱为研究对象，如图,注射器下端的开口有橡胶套，它和柱塞一起把一段空气柱封闭。在实验过程中，一方面让空气柱内气体的质量不变;另一方面，让空气柱的体积变化不要太快，保证温度不发生明显的变化。①让空气柱的体积变化不要太快（缓慢拉动活塞，容器透热）1、选定一个热力学系统：注射器内一定质量的气体.①柱塞上涂上润滑油（凡士林）②不能用手触摸玻璃管，环境恒温。2、实验要求：⑴保证气体质量一定——不漏气。②注射器下端的开口有橡胶套⑵保证温度不发生明显的变化。（2）定量研究实验实验目的：在温度保持不变时，研究一定质量气体的压强P和体积V的关系实验方法：控制变量法实验器材：铁架台、注射器、刻度尺、压力表(压强表)等，注射器下端用橡胶塞密封，上端用柱塞封闭一段空气柱想一想①研究的是哪一部分气体?注射器内一定质量的气体.②怎样保证气体质量不变?柱塞上涂上润滑油（凡士林）——主要是防止漏气，不是为了减小摩擦，该装置即使有摩擦，也不影响实验结果。③如何保证封闭气体的温度不变?不能用手触摸玻璃管，缓慢拉动活塞，环境恒温，容器透热④如何测V?测量空气柱的长度L，V=空气柱长度L×空气柱的横截面积S⑤如何测量P？压力表读出,稳定后再读数物理量的测量从压力表读取。压强p：因为横截面积S一定，以空气柱的长度l代表气体的体积。体积V：读数次数543初始26压强（×105Pa）体积(单位体积)

2.001.002.250.851.521.29

1.251.651.002.002.500.80空气柱的长度l可以通过刻度尺读取，空气柱的长度l与横截面积S的乘积就是它的体积V。空气柱的压强p可以从与注射器内空气柱相连的压力表读取。实验视频数据分析温度不变时压强与体积的关系想一想1）在这个实验中，为了找到体积与压强的关系，是否一定要测量空气柱的横截面积？2）用刻度尺检查可以发现，玻璃管外侧的刻度尽管是均匀的，但并非准确的等于1cm,2cm,3cm……这对实验结果的可靠性是否有影响？V1:V2=

SL1:SL2=L1:L2无影响。因为刻度均匀，所以L1:L2即长度比就等于刻度标识的读数比，不受影响由于注射器是圆柱形的，横截面积不变，所以只需测出空气柱的长度即可想一想3)实验中如何保证气体温度不变？①改变气体体积时，要缓慢进行，等稳定后再读出气体压强，以防止气体体积变化太快，气体的温度发生变化．②实验过程中，不用手接触注射器的圆筒以防止圆筒从手上吸收热量，引起内部气体温度变化.思考与讨论理论分析：误差来源：注射器与传感器相连部分的体积没有考虑。减小误差的方法应该使用较大的注射器，在实验过程中，气体的体积不宜压得太小，这样使那一部分的体积可以忽略不计。气体的等温变化规律PART02玻意耳定律一定质量的某种气体，在温度不变的情况下，压强P跟体积V成反比。1、内容：2、表达式：研究对象:一定质量的气体适用条件:温度保持恒定适用范围:温度不太低（与室温相比），压强不太大（与大气压相比）其中P1，V1和P2，V2分别表示气体在1，2两个状态下的压强和体积C与气体的种类、质量、温度有关。（PV=C=nRT

）对一定质量的某种气体：温度不变，C不变；对一定质量的某种气体：温度越高，C越大．玻意耳定律又叫玻马定律，英国物理学家玻意耳和法国物理学家马略特各自通过实验发现。相当于大气压几倍的压强都可以算作“压强不太大”，零下几十摄氏度的温度也可以算作“温度不太低”。P-V图（等温线）1.P-V图：一定质量的理想气体，在温度不变的情况下P与V成反比，因此P-V图像的形状为双曲线的一支。它描述的是温度不变时的p

­-V关系，称为等温线。面积：S=PV=C=nRTVp0等温线对一定质量的某种气体，温度不变,C不变；温度越高，C越大．T1T2特点：（1）每条等温线上气体各状态温度相同；（2）温度越高等温线离坐标轴或原点越远（T1<T2）；（3）一定质量的气体，不同温度下的等温线是不同的。【想一想】为什么体积相同，压强大的温度高?因为温度高，分子运动剧烈，撞击容器壁。特点：（1）斜率越大，PV乘积越大，温度越高。（2）一定质量气体，不同温度下的等温线是不同的。T1T2p1/V0斜率：K=P/(1/V)=PV=C等温线T1<T2气体体积一定时，分子的数密度一定；温度越高，分子无规则运动越剧烈，气体压强越大。所以T1<T2

。做一做用传感器探究气体等温变化的规律如图，研究对象是注射器中的空气柱。气体压强传感器通过塑料管与注射器相连。由注射器壁上的刻度可以读出气体的体积V;由压强.传感器测得的压强值p在计算机屏幕上可以实时显示。这样就可以获得不同体积时气体压强的数值。由计算机作出气体的p-V图像，就可以判断p与V是否具有反比例函数的关系。做一做用传感器探究气体等温变化的规律实验视频数据分析读数次数12345压强/KPa体积/ml

1284.901472.806159.40

8124.8010101.10判一判(1)玻意耳定律是英国科学家玻意耳和法国科学家马略特各自通过实验发现的。 (

)(2)公式pV＝C中的C是常量，指当p、V变化时C的值不变。 (

)(3)对于温度不同、质量不同、种类不同的气体，C值是相同的。(

)(4)在探究气体的等温变化实验中空气柱体积变化快慢对实验没有影响。 (

)(5)气体等温变化的p－V图象是一条倾斜的直线。 (

)(6)一定质量的某种气体，在温度保持不变的情况下，压强p与体积V成正比。 (

)√×××××做一做解析：气体的等温变化指的是一定质量的气体在温度不变的情况下，气体压强与体积成反比，BC正确，D错误；温度不变，A正确。ABC

(多选)下列图中，p表示压强，V表示体积，T为热力学温度，各图中正确描述一定质量的气体是等温变化的是(

)想一想

答案：由题意“吹气口反扣在瓶口上”可知瓶内封闭着一定质量的空气。当气球稍吹大时，瓶内空气的体积缩小，根据气体压强、体积的关系，空气的压强增大，阻碍了气球的膨胀，因而再要吹大气球是很困难的。借助铅笔，把气球塞进一只瓶子里，并拉出气球的吹气口，反扣在瓶口上，如图所示，然后给气球吹气，无论怎么吹，气球不过大了一点，想把气球吹大，非常困难，为什么？思考与讨论在一个恒温池中，一串串气泡由池底慢慢升到水面，有趣的是气泡在上升过程中，体积逐渐变大，到水面时就会破裂。请思考：(1)上升过程中，气泡内气体的温度发生改变吗？(2)上升过程中，气泡内气体的压强怎么改变？(3)气泡在上升过程中体积为何会变大？提示：(1)因为在恒温池中，所以气泡内气体的温度保持不变。(2)变小。(3)由玻意耳定律pV＝C可知，压强变小，气体的体积增大。课堂小结气体的等温变化探究气体等温变化的规律定性研究定量研究气体的等温变化规律T1T2Vp0典例分析PART03小试牛刀1．某同学用如图所示装置探究气体等温变化的规律。关于该实验的操作，下列说法正确的是（）A．柱塞上涂油的目的是为了减小摩擦，便于推拉柱塞B．柱塞与注射器之间的摩擦不影响压强的测量C．为了方便推拉柱塞，应用手握紧注射器再推拉柱塞D．实验中，为找到体积与压强的关系，需要测量柱塞的横截面积B小试牛刀2、如图所示是一定质量的某种气体状态变化的p－V图象，气体由状态A变化到状态B的过程中，气体分子平均速率的变化情况是()A.一直保持不变B.一直增大C.先减小后增大D.先增大后减小DC小试牛刀3、用注射器做“探究气体等温变化规律”的实验中，取几组p、V值后，用p作纵坐标，1/V作横坐标，画出p－1/V图象是一条直线，把这条直线延长后未通过坐标原点，而与横轴相交，如图所示，可能的原因是()A．各组的取值范围太小B．堵塞注射器小孔的橡胶套漏气C．在实验中用手握住注射器而没能保持温度不变D．压强的测量值偏小D小试牛刀4、(多选)如图所示为一定质量的气体在不同温度下的两条p-图线。由图可知()A.一定质量的气体在发生等温变化时,其压强与体积成正比B.一定质量的气体在发生等温变化时,其p-图线的延长线经过坐标原点C.T1>T2D.T1<T2BD小试牛刀5、某同学用同一个注射器做了两次验证玻意耳定律的实验，操作完全正确，根据实验数据却在p、V图上画出了两条不同的双曲线如图所示，造成这种情况的可能原因是（

）①两次实验中空气质量不同②两次实验中温度不同③两次实验中保持空气质量、温度相同，但所取的气体压强的数据不同④两次实验中保持空气质量、温度相同，但所取的气体体积的数据不同A．①②B．②④C．②③D．①②④A小试牛刀6、如图所示,一端开口、另一端封闭的玻璃管内用水银柱封闭一定质量的气体,保持温度不变,把管子以封闭端为圆心,从开口向上的竖直位置逆时针缓慢转到水平位置的过程中,可用来说明气体状态变化的p-V图像是 (

)C小试牛刀7、(多选)如图所示,p表示压强,V表示体积,T为热力学温度,图中正确描述一定质量的气体发生等温变化的是(

)AB小试牛刀8、某个容器的容积是10L，所装气体的压强是20×105Pa。如果温度保持不变，把容器的开关打开以后，经过足够长时间，容器里剩下的气体是原来的百分之几？设大气压是1.0×105Pa.分析：由题意可知，打开开关后气体的压强等于外界大气压。本题解题的关键不是气体状态的确定，而是研究对象的选取。小试牛刀8、某个容器的容积是10L，所装气体的压强是20×105Pa。如果温度保持不变，把容器的开关打开以后，经过足够长时间，容器里剩下的气体是原来的百分之几？设大气压是1.0×105Pa.解析：初态

p1=20×105PaV1=10LT1=T剩下的气体为原来的末态

p2=1.0×105PaV2=？LT2=T由玻意耳定律

p1V1=p2V2得V2=200L就容器而言，里面气体质量变了，但可视容器中气体出而不走，以原来容器中的气体为研究对象，就可以运用气体的等温变化规律求解。气体状态变化如图所示。法一：小试牛刀8、某个容器的容积是10L，所装气体的压强是20×105Pa。如果温度保持不变，把容器的开关打开以后，经过足够长时间，容器里剩下的气体是原来的百分之几？设大气压是1.0×105Pa.解析：初态

p1=1.0×105PaV1=10LT1=T剩下的气体为原来的末态

p2=20×105PaV2=？LT2=T由玻意耳定律

p1V1=p2V2得V2=0.5L以后来容器中的气体为研究对象。气体状态变化如图所示。法二：小试牛刀以气泡中的气体为研究对象，假设气泡在水底的体积为V0初状态：P1=P0+ρghV1=V0末状态：P2=P0=1.0×105PaV2=3V0由玻意耳定律得

p1V1=p2V2代入数据解得：h=20m9、一个气泡从水底升到水面上时，它的体积增大2倍，设水的密度为ρ＝1×103kg/m3，大气压强p0＝1.0×105Pa，水底与水面温差不计，求水的深度。(g＝10m/s2)解析：第二章气体、固体和液体专题封闭气体的压强和气体变质量问题CONTENTS目录液体封闭气体的压强（水银柱-空气柱模型）01活塞—气缸模型的气体压强02气体变质量问题(气体分装)03典例分析04知识回顾玻意耳定律T1T2Vp0C与气体的种类、质量、温度有关。（

PV=C=nRT

）对一定质量的某种气体：温度不变，C不变；对一定质量的某种气体：温度越高，C越大。液体封闭气体的压强（水银柱-空气柱模型）PART01知识点拨(1)压强：描述气体力学特征的宏观参量(2)气体的压强：气体作用在器壁单位面积上的压力(3)产生原因：大量气体分子对器壁频繁碰撞而产生的(4)影响气体压强的因素：

微观上：分子的平均动能和分子的密集程度宏观上：气体的温度和体积(5)符号：P单位：帕斯卡(Pa)1Pa=1N/m2

1atm=1.013×105Pa=76cmHg≈10m水柱（注：表示压强，要么都用Pa，要么都用汞柱Hg）(6)压强与压力的关系：F=PS（P=F/S）一个空气分子，每秒钟与其它分子碰撞达65亿次之多.容器中各处的压强相等知识点拨（8）气体的体积1）体积：描述气体几何特征的物理量2）气体体积：指气体所充满的容器的容积※对于质量一定的气体①体积不变——单位体积内的分子数不变②温度升高，分子的平均动能增大——压强增大知识点拨2．逐渐倾斜玻璃管，发现管内水银柱的竖直高度不变。3．继续倾斜玻璃管，当倾斜到一定程度，管内充满水银，说明管内确实没有空气，而管外液面上受到的大气压强，正是大气压强支持着管内760mm高的汞柱，也就是大气压跟760mm高的汞柱产生的压强相等。1．一只手握住玻璃管中部，在管内灌满水银，排出空气，用另一只手指紧紧堵住玻璃管开口端并把玻璃管小心地倒插在盛有水银的槽里，待开口端全部浸入水银槽内时放开手指，将管子竖直固定，当管内水银液面停止下降时，读出此时水银液柱与水槽中水平液面的竖直高度差，约为760mm。理论依据(1)连通器原理：在连通器中，同一种液体(中间液体不间断)的同一水平面上的压强是相等的(等高处等压).(2)与气体接触的液柱所产生的附加压强

p=

gh，注意h是液面间的竖直高度，不一定是液柱长度.(3)液面与外界大气相接触，则液面下h处的压强为:

p=

p0

+

gh平衡态下液体封闭气体压强的计算下列各图装置均处于静止状态。设大气压强为P0，用水银封闭一定量的气体在玻璃管中，求封闭气体的压强PP=ρghP=?cmHg（柱）P—帕h—米P=P0+ρghP=P0-ρghh②当压强单位取帕斯卡（帕）时当压强单位取cmHg时P=P0＋Ph=P0+hP=P0-Ph=P0-hh③P=P0h①平衡态下液体封闭气体压强的计算h④h⑤h⑥P=P0+ρghP=P0-ρghP=P0-ρgh当压强单位取帕斯卡（帕）时当压强单位取cmHg时P=P0-Ph=P0-hP=P0＋Ph=P0+hP=P0-Ph=P0-h气体压强求解的“两类模型”1.活塞模型(用液体封闭一定质量的气体)如图是最常见的封闭气体的两种方式.对“活塞模型”类求压强的问题，其基本的方法就是先对活塞进行受力分析，然后根据平衡条件或牛顿第二定律列方程.图甲中活塞的质量为m，活塞横截面积为S，外界大气压强为p0.由于活塞处于平衡状态，所以p0S＋mg＝pS.图乙中的液柱也可以看成一“活塞”，由于液柱处于平衡状态，所以pS＋mg＝p0S.气体压强是气体分子热运动撞击器壁产生的压力，因此可根据力的平衡条件或牛顿运动定律计算压强的大小.P=P0-Ph=P0-h气体压强求解的“两类模型”2.连通器模型(用液体封闭一定质量的气体)如图，U形管竖直放置.根据连通器原理可知，同一液体中的相同高度处压强一定相等，所以气体B和A的压强关系可由图中虚线联系起来.则有pB＋ρgh2＝pA.而pA＝p0＋ρgh1，所以气体B的压强为pB＝p0＋ρg(h1－h2).PA

=P0+h1PB=P0+h1-h2计算方法（1）连通器原理：根据同种液体在同一水平液面处压强相等，在连通器内灵活选取等压面．由两侧压强相等列方程求解压强．

例如图中，同一液面C、D处压强相等pA＝p0＋ph（2）液片平衡法(参考液片法)：选取假想的液体薄片(自身重力不计)为研究对象，分析液片两侧受力情况，建立平衡方程消去面积S，得到液片两侧的压强平衡方程，进而求得气体压强．

例如，图中粗细均匀的U形管中封闭了一定质量的气体A，在其最低处取一液片B，由其两侧受力平衡可知

(pA＋ph0)S＝(p0＋ph＋ph0)S.即pA＝p0＋ph★一般在D处取一液片，则有pA＝pD＝p0＋ph，若装的是水银，则pA＝pD＝p0＋h（3）受力平衡法：选与封闭气体接触的液柱为研究对象进行受力分析，由F合＝0列式求气体压强．计算方法(4)容器加速运动时封闭气体压强的计算当容器加速运动时，通常选与气体相关联的液柱、汽缸或活塞为研究对象，并对其进行受力分析，然后由牛顿第二定律列方程，求出封闭气体的压强.如图所示，当竖直放置的玻璃管向上加速运动时，对液柱受力分析有:pS-p0S-mg=ma思考讨论如图所示，玻璃管中都灌有水银，且水银柱都处在平衡状态，大气压相当于76cm高的水银柱产生的压强。提示：(1)选与封闭气体接触的液柱(或活塞、汽缸)为研究对象进行受力分析，列平衡方程求气体压强。(2)①pA＝p0－ph＝71cmHg②pA＝p0－ph＝66cmHg③pA＝p0＋ph＝(76＋10×sin30°)cmHg＝81cmHg④pA＝p0－ph＝71cmHg

pB＝pA－ph＝66cmHg(1)静止或匀速运动系统中气体的压强，一般采用什么方法求解？(2)图中被封闭气体A的压强各是多少？例题分析例：如图所示,在长为57cm的一端封闭、另一端开口向上的竖直玻璃管内,用4cm高的水银柱封闭着51cm长的理想气体,管内外气体的温度相同。现将水银从管侧壁缓慢地注入管中,直到水银面与管口相平。外界大气压强p0=101kPa,相当于76cm水银柱产生的压强,且温度不变。求此时管中封闭气体的压强。【思考】(1)在此过程中,封闭气体的各物理量发生了什么变化?(2)如何求解气体的压强?例题分析解析:以玻璃管内的气体为研究对象,设玻璃管的横截面积是S,气体的状态参量:气体发生等温变化,由玻意耳定律得p1V1=p2V2,代入数据解得h=9cm,则p2=113kPa。总结：利用玻意耳定律解题的基本思路(1)明确研究对象,根据题意确定所研究的是哪部分封闭气体,注意其质量和温度应不变。(2)明确状态参量,找准所研究气体初、末状态的p、V值。(3)根据玻意耳定律列方程求解。温馨提醒：利用玻意耳定律解题时,经常使用p1V1=p2V2,相同物理量的单位要求使用同一单位即可。例题分析例：如图所示,长50cm的玻璃管开口向上竖直放置,用15cm长的水银柱封闭了一段20cm长的空气柱,外界大气压强相当于75cm水银柱产生的压强。现让玻璃管自由下落。不计空气阻力,求稳定时气柱的长。(可以认为气柱温度没有变化)解析:假设自由下落过程中,水银没有溢出。根据玻意耳定律得p1l1S=p2l2Sp2=p0l1=20cm

解得l2=24cm24cm+15cm=39cm<50cm

所以水银没有溢出,气柱长24cm提示：自由落体，是完全失重，重力引起的现象消失例题分析例：如图所示，长为1m，开口竖直向上的玻璃管内，封闭着长为15cm的水银柱，封闭气体的长度为20cm，已知大气压强为75cmHg，求：（1）玻璃管水平放置时，管内气体的长度。（2）玻璃管开口竖直向下时，管内气体的长度。（假设水银没有流出）解：(1)以管内气体为研究对象，管口竖直向上为初态:设管横截面积为S，则P1=75＋15＝90cmHgV1=20S水平放置为末态，P2=75cmHg由玻意耳定律P1V1=P2V2得：V2=P1V1／P2=（90×20S）／75=24S故管内气体长24cm(2)以管口竖直向上为初态，管口竖直向下为末态P2=75－15＝60cmHg由玻意耳定律得：V2=P1V1／P2＝30S所以，管内气体长30cm因为30cm＋15cm＜100cm，故水银不会流出15cm20cm15cm15cm例题分析【例题3】如图，一上端开口,下端封闭的细长玻璃管，下部有长l1=66cm的水银柱，中间封有长l2=6.6cm的空气柱，上部有长l3=44cm的水银柱，此时水银面恰好与管口平齐.已知大气压强为p0=76cmHg.如果使玻璃管绕底端在竖直平面内缓慢地转动一周，求在开口向下和转回到原来位置时管中空气柱的长度（在转动过程中没有发生漏气，气体状态变化可视为等温变化）。p0S+ρgl3Sp1Sp2SP0S-ρgxSxp3Sp0S+ρgxS法一：以与气体相接触的水银柱为研究对象，其处于静止状态，根据受力平衡确定气体各状态的压强，设玻璃管的横截面为S。解析：玻璃管开口向上时玻璃管开口向下时，从开始转动一周后，由玻意耳定律有

p1l2S=p2hS

p1l2S=p3h′S解得

h=12cmh′=9.2cmp1S=p0S+ρgl3S

p2S=ρgl1S，p0S=p2S+ρgxS

p3S=p0S+ρgxS

p1=p0+ρgl3

则p2=ρgl1，p0=p2+ρgx

则p3=p0+ρgx

ρgl1Sp2S例题分析【例题3】如图，一上端开口,下端封闭的细长玻璃管，下部有长l1=66cm的水银柱，中间封有长l2=6.6cm的空气柱，上部有长l3=44cm的水银柱，此时水银面恰好与管口平齐.已知大气压强为p0=76cmHg.如果使玻璃管绕底端在竖直平面内缓慢地转动一周，求在开口向下和转回到原来位置时管中空气柱的长度（在转动过程中没有发生漏气，气体状态变化可视为等温变化）。p0+ρgl3p1p2P0-ρgxxp3p0+ρgx解析：玻璃管开口向上时玻璃管开口向下时，从开始转动一周后，由玻意耳定律有

p1l2S=p2hS

p1l2S=p3h′S解得

h=12cmh′=9.2cmp1=p0+ρgl3

则p2=ρgl1，p0=p2+ρgx则p3=p0+ρgx法二：在气体与水银相接触处，水银柱上取一液片为研究对象，其处于静止状态，根据受力平衡确定气体各状态的压强。活塞—气缸模型的气体压强PART02平衡态下固体（活塞、气缸）密闭气体压强的计算

求用固体（如活塞）封闭在静止容器内的气体压强，应对固体进行受力分析。然后根据平衡条件求解。GP0SPSPS=

P0S+mgmSGPSP0S′SmS′PS=mg+P0S＇cosθPS=mg+P0S平衡态下固体（活塞、气缸）密闭气体压强的计算MmSMmS以活塞为研究对象以气缸为研究对象mg+PS=

P0SMg+PS=

P0S例题分析例：如图所示，汽缸内封闭着一定温度的气体，气体长度为12cm。活塞质量20kg，横截面积为100cm²。已知大气压强为1×105Pa。求：汽缸开口向上时，气体的长度。解：以缸内封闭气体为研究对象，初态：末态：由玻意耳定律由活塞受力平衡得：例题分析例:如图所示，活塞质量为m，缸套质量为M，通过弹簧吊在天花板上，气缸内封住了一定质量的空气，而活塞与缸套间无摩擦,活塞面积为S，大气压强为P0，则下列说法正确的是()A、内外空气对缸套的总作用力方向向上，大小为MgB、内外空气对缸套的总作用力方向向下，大小为mgC、气缸内空气压强为P0-Mg/SD、气缸内空气压强为P0+mg/SAC例题分析例:如图所示，气缸悬挂在天花板上，缸内封闭着一定质量的气体A，已知气缸质量为m1，活塞的横截面积为S，质量为m2，活塞与气缸之间的摩擦不计，外界大气压为p0，求气体A的压强pA.例题分析例:一圆筒形汽缸静置于地面上，如图所示。汽缸筒的质量为M，活塞及活塞上的手柄的质量为m，活塞的横截面积为S，大气压强为p0，现用力将活塞缓慢向上提，求汽缸刚离开地面时汽缸内封闭气体的压强。（忽略汽缸壁与活塞间的摩擦）例题分析例:如图，水平放置的导热气缸被导热活塞隔成左右两部分，两部分气体a和b为同种理想气体，活塞静止时到左右两侧的距离之比为1∶2，活塞质量为m、面积为S，活塞可无摩擦左右移动。现在把气缸转动90度，a在上、b在下，结果活塞正好在气缸中间。已知气体温度始终不变，求开始时气体a的压强是多少？

例题分析【例题】如图,一容器由横截面积分别为2S和S的两个汽缸连通而成,容器平放在水平地面上,汽缸内壁光滑。整个容器被通过刚性杆连接的两活塞分隔成三部分,分别充有氢气、空气和氮气。平衡时,氮气的压强和体积分别为p0和V0,氢气的体积为2V0,空气的压强为p。现缓慢地将中部的空气全部抽出,抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变,活塞没有到达两汽缸的连接处,求:(ⅰ)抽气前氢气的压强;(ⅱ)抽气后氢气的压强和体积。例题分析解析

(ⅰ)设抽气前氢气的压强为p10,根据力的平衡条件得(p10-p)·2S=(p0-p)·S得p10=

(p0+p)(ⅱ)设抽气后氢气的压强和体积分别为p1和V1,氮气的压强和体积分别为p2和V2。根据力的平衡条件有p2·S=p1·2S由玻意耳定律得p1V1=p10·2V0p2V2=p0V0答案

(ⅰ)

(p0+p)

(ⅱ)p0+p由于两活塞用刚性杆连接,故V1-2V0=2(V0-V2)联立解得p1=

p0+

pV1=气体变质量问题(气体分装)PART03知识点拨

每充或抽一次气，容器中空气的质量都会发生变化，但如果灵活选取研究对象，可将其转变为质量不变的问题。(1)玻意耳等温分态公式一般地，若将某气体(p，V，M)在保持总质量、温度不变的情况下分成了若干部分(p1，V1，M1)、(p2，V2，M2)、…、(pn、Vn、Mn)，则有pV＝p1V1＋p2V2＋…＋pnVn。应用等温分态公式解答温度不变情况下，气体的分与合，部分气体质量有变化、气体总质量无变化、又不直接涉及气体质量的问题时，常常十分方便。(2)关于充气问题：如果打气时每一次打入的空气质量、体积和压强均相同，则可设想用一容积为nV0的打气筒将压强为p0的空气一次打入容器与打n次气等效代替。所以研究对象应为容器中原有的空气和n次打入的空气总和。这样充气过程可看作是气体的等温压缩过程。知识点拨(3)关于抽气问题：从容器内抽气的过程中，容器内的气体质量不断减小，这属于变质量的问题。分析时，将每次抽气过程中抽出的气体和剩余气体作为研究对象，质量不变，故抽气过程可看作是等温膨胀过程。(4)关于灌气问题：一个大容器里的气体分装到多个小容器的问题，也是一个典型的变质量问题。分析这类问题时，可以把大容器的气体和多个小容器中的气体看作整体作为研究对象，可将变质量的问题转化为质量不变的问题。(5)漏气问题容器漏气过程中气体的质量不断发生变化，属于变质量问题。如果选容器内剩余气体和漏出的气体组成的整体为研究对象，便可使问题变成一定质量的气体的状态变化问题。例题分析【例题】如图为某压缩式喷雾器储液桶，其容量是5.7×10－3m3，往桶内倒入4.2×10－3m3的药液后开始打气，假设打气过程中药液不会向外喷出．如果每次能打进2.5×10－4m3的空气，（1）要使喷雾器内空气的压强达到4atm，应打气几次？（2）这个压强能否使喷雾器内的药液全部喷完？(设标准大气压为1atm，打气过程中不考虑温度的变化)例题分析4.2×10－3m3V5.7×10－3m32.5×10－4m32.5×10－4m32.5×10－4m32.5×10－4m32.5×10－4m3………………变质量问题一定质量气体的等温变化（1）例题分析p0p0p0p0p0p04p0由玻意耳定律得:p0V＋

p0×N×(2.5×10－4m3)＝

4p0VV＝5.7×10－3m3－4.2×10－3m3＝1.5×10－3m3N＝18一定质量气体的等温变化例题分析（2）假设空气完全充满药桶后（即液体全部喷完）如果空气压强P仍然大于大气压，则药液可以全部喷出，否则不能完全喷出．4.2×10－3m3V5.7×10－3m35.7×10－3m34p0V＝p×5.7×10－3p＝1.053p0＞p0所以药液可以全部喷出．4p0p＝1.5×10－3m3由玻意耳定律得:规律总结求解变质量问题的方法技巧此类问题我们可认为打入喷雾器的气体都在其周围，且可以认为是一次性打入的，若初态时内外气体压强相同，则体积为内外气体体积之和，状态方程为：p1(V＋nV0)＝p2V。若初态时内外气体压强不同，则体积不等于内外气体体积之和，状态方程应为：p1V＋np1′V0＝p2V。例题分析【例题】容积V＝20L的钢瓶充满氧气后，压强p＝30atm，打开钢瓶阀门，让氧气分装到容积为V′＝5L的小瓶中去，小瓶子已抽成真空．分装完成后，每个小钢瓶的压强p′＝2at