零点函数高频考点专题练2026年高考数学第一轮专题复习：备考 含答案

/零点函数高频考点专题练2026年高考数学一轮复习备考一、单选题1．法国数学家拉格朗日于1797年在其著作《解析函数论》中提出一个定理:如果函数满足条件①在闭区间上是连续不断的，②在开区间上都有导数，那么在开区间上至少存在一个实数，使得，其中被称为拉格朗日中值.函数在区间上的拉格朗日中值所在的区间为（

）A． B． C． D．2．函数的零点所在的区间为（

）A． B． C． D．3．已知函数有零点，则的最小值为（

）A．1 B．2 C．3 D．44．函数是定义在上的奇函数，且函数为偶函数，当时，，若有三个零点，则实数的取值集合是（

）A． B．C． D．5．已知函数满足且，当时，，则函数在区间上的零点个数为（

）A．0 B．1 C．5 D．106．设，函数，若在区间内恰有6个零点，则a的取值范围是（

）A． B．C． D．7．定义在上的函数满足，当时，，则函数在区间内的零点个数为（

）A．3 B．4 C．5 D．6二、多选题8．已知函数，则（）A．直线与的图象有四个交点B．有两个零点C．直线与的图象至多有两个交点D．存在两点同时在的图象上9．已知函数，若方程有四个不同的零点，，，且，则下列结论正确的是（

）A． B． C． D．10．已知定义在上的奇函数，其周期为4，当时，，则（

）A． B．的值域为C．在上单调递增 D．在上有9个零点11．设函数的定义域为，且满足为奇函数，为偶函数，当时，，则（

）A．B．在上单调递增C．为奇函数D．方程仅有5个不同实数解三、填空题12．已知是等比数列，，是函数的两个零点，则.13．已知函数，则函数有个零点．14．已知函数的图象与直线有三个交点，则实数的取值范围是．15．已知函数，给出下列四个结论：①若，恰有2个零点；②存在负数，使得恰有1个零点；③存在负数，使得恰有3个零点；④存在正数，使得恰有3个零点．其中所有正确结论的序号是．16．已知函数，若函数在有6个不同的零点，则实数的取值范围是．17．设,函数,若恰有两个零点，则的取值范围为．四、解答题18．已知函数，(1)解不等式：；(2)函数，求的零点个数；(3)若恒成立，求实数的取值范围.19．已知函数的定义域为的偶函数．对于正实数a，定义集合．且对任意，均有．若，证明：对任意实数c，函数在上至多有9个零点．

答案题号12345678910答案CBACBABBDABDBD题号11答案ACD1．C【分析】利用导数思想，结合零点存在的区间端点值的大小分析即可得解.【详解】由题可知,,,则,,即，由指数函数和一次函数的单调性可知：在上单调递增，又,,所以所在的区间为.故选：2．B【分析】首先判断函数的单调性，再结合零点存在性定理判断即可.【详解】因为与均在定义域上单调递增，所以在上单调递增，又，，，，又，函数的零点所在区间是．故选：B．3．A【分析】令，利用二次函数有非负零点，分类讨论求解即得.【详解】令，则，依题意，有非负零点，当时，恒有非负零点，；当，即时，，，解得，因此，当且仅当时取等号，所以的最小值为1.故选：A4．C【分析】原题条件转换为函数与函数得图象有三个交点，故只需画图分析即可得解.【详解】由已知得，，则，所以函数的图象关于直线对称，关于原点对称，又，进而有，所以得函数是以4为周期的周期函数.由有三个零点可知，函数与函数得图象有三个交点，当直线与函数图象在上相切时，由，即，故方程有两个相等得实根.由，解得，当时，，作出函数与函数的图象如图：由图知当直线与函数图象在上相切时，，数形结合可得在上有三个零点时，实数满足，再根据函数的周期为4，可得所求的实数的范围为.故选：C.5．B【分析】将函数的零点个数问题转化为两个函数图象的交点问题，画出函数图象找交点个数即可.【详解】由题意，知4为函数的一个周期且函数的图象关于直线对称．当时，由函数的解析式，两出函数的大致图象如图所示．当时，函数的图象与函数的图象有且仅有一个交点；当时，总有．而函数在区间上单调递增且，，所以函数的图象与函数的图象在区间上没有交点．综上，函数在区间上的零点个数为1．故选：B．方法点睛：数形结合的重点是“以形助数”，在解题时要注意培养这种思想意识，做到心中有图，见数想图，以开拓自己的思维．使用数形结合法的前提是题目中的条件有明确的几何意义，解题时要准确把握条件、结论与几何图形的对应关系，准确利用几何图形中的相关结论求解．6．A【分析】由最多有2个根，可得至少有4个根，分别讨论当和时两个函数零点个数情况，再结合考虑即可得出.【详解】最多有2个根，所以至少有4个根，由可得，由可得，（1）时，当时，有4个零点，即；当，有5个零点，即；当，有6个零点，即；（2）当时，，，当时，，无零点；当时，，有1个零点；当时，令，则，此时有2个零点；所以若时，有1个零点.综上，要使在区间内恰有6个零点，则应满足或或，则可解得a的取值范围是.关键点睛：解决本题的关键是分成和两种情况分别讨论两个函数的零点个数情况.7．B【分析】由题设条件可得，从而可先分析在上的零点个数为1，再结合前者可得内的零点个数.【详解】因为，故，故，即，而当时，，故当时，，故，故，当时，，而在上为减函数，在为增函数，故在有有且只有一个实数解为；当时，，而，故，此时在上无解；故当时，，则，结合上的性质可得在上有且只有一个实数解，且该实数解为，在无实数解，而且，故在上的实数解为，，，，共4个实数解，故共有4个不同的零点.故选：B.8．BD【分析】由函数图象可得ABC；D选项，转化为与在第一象限内有交点即可，由函数单调性及特殊点的函数值，得到答案.【详解】画出的图象，如下：A选项，在同一坐标系内画出与直线的图象，可知直线与的图象有2个交点，A错误；B选项，有两个零点，即和0，B正确；C选项，由图象可得，可能有三个交点，故C错误；D选项，点是关于对称的两点，因为，故是位于第一象限的点，位于第二象限，在上，要想满足同时在的图象上，只需与在第一象限内有交点，因为，故，又，故，两函数均在单调递增，故一定存在，使得，D正确.故选：BD.9．ABD【分析】依题意作出分段函数的图象，利用函数零点概念，图象对称性，以及函数与方程，对勾函数的单调性等知识点依次判断各选项即可.【详解】如图所示，在同一坐标系内作出函数和的图象，对于A，由图象知，方程有四个不同的零点，等价于，故A正确；对于B，C，因为，，，且函数关于对称，由图象得，，是的两个根，所以，即，所以，由，是的两个根，所以，

，故B正确；且，故C错误；对于D，由，可得，，令，，易得函数在上单调递增，则，即，故，故D正确.故选：ABD.10．BD【分析】利用函数的周期性与奇偶性计算函数值可判断A；求出时的范围，再利用奇偶性周期性求出函数在的值域可判断B；求出、可判断C；利用函数的周期性、奇偶性求出零点个数可判断D.【详解】对于A，因为为R上的奇函数，所以，又其周期为4，所以，故A错误；对于B，因为为奇函数，所以，可得，又因为周期为4，所以，可得，所以，即，可得的图象关于对称，所以，，因为当时，为单调递增函数，所以，又因为为奇函数，当时，所以，再由的周期为4，可得的值域为，故B正确；对于C，因为，，所以在上不具备单调性，故C错误；对于D，因为的周期为4，时，为单调递增函数，所以时，为单调递增函数，时，为单调递增函数，又因为为奇函数，所以时，为单调递增函数，时，为单调递增函数，且，，，可得的大致图象，所以在上有9个零点，故D正确.

故选：BD.关键点点睛：利用函数的周期性、奇偶性解题是解题关键点.11．ACD【分析】利用抽象函数所满足的性质，可以推出的对称中心和对称轴，进一步求出其周期，再利用对称中心和对称轴将已知区间图象进行多次对称变换，可得函数的图象，再结合图象可逐项判断解决问题.【详解】因为为奇函数，所以，根据图象变换，则关于点成中心对称，又因为为偶函数，所以，根据图象变换，则关于直线成轴对称，将函数的对称中心和对称轴进行多次变换可得到如图所示的图象，由图象可知，函数是周期为8的周期函数，所以函数的对称轴为直线，对称中心为，对A，，故选项A正确；对B，当，由图象可知是单调递减的函数，故选B错误；对C，由图象知，的图象的对称中心为点，当时，其对称中心为，又将函数往右平移5个单位可得，所以的对称中心为，所以为奇函数，故选项C正确；对D，如图所示，因为，，，又两函数均过点，再根据图象，可知函数与函数有5个交点，故选项D正确.故选：ACD.关键点点睛：本题求出的对称中心和对称轴，并求出其周期是关键，再利用对称中心和对称轴将已知区间图象进行多次对称变换，可得函数的图象，再利用数形结合即可结果.12．【分析】根据韦达定理可得结合等比中项可求【详解】，是函数的两个零点，即是方程的两根.所以，，可知，均为负数，又，且与，同号，故.故13．7【分析】设，则等价于，作出函数的图象，由图可得有3个根，再根据结合函数的图象得出交点的个数即可.【详解】令，则，设，则方程化为，函数的零点个数即为方程解的个数，二次函数的图象开口向上，过点，对称轴为，最小值为，作出函数的图象，如图，由图知有3个根，当时，，解得；当时，，解得，在方程中，当时，有1个解，有2个解，共3个解；当时，有1个解，有2个解，共3个解；当时，有1个解，无解，共1个解，所以函数有7个零点.故714．【分析】，当时，变形为，令，则，画出函数图象，结合图象列出不等式即可求解.【详解】，即，当，，，所以不是交点横坐标；当时，，即，令，则，所以的图象与有3个交点，即函数与的图象有3个交点，函数恒过点，当，即，，即，解得或，当，解得或，所以函数与相切时的最小值为或，由图象可知当（1）时，即；（2），即时函数与的图象有3个交点，综上：当时，的图象与有3个交点，故答案为.关键点点睛：本题的关键在于将式子变形，使得两个函数有其中一个图象是确定的，通过平移另一个图象来找到符合题意的条件.15．①②④【分析】由可得出，考查直线与曲线的左、右支分别相切的情形，利用方程思想以及数形结合可判断各选项的正误.【详解】对于①，当时，由，可得或，①正确；对于②，考查直线与曲线相切于点，对函数求导得，由题意可得，解得，所以，存在，使得只有一个零点，②正确；对于③，当直线过点时，，解得，所以，当时，直线与曲线有两个交点，若函数有三个零点，则直线与曲线有两个交点，直线与曲线有一个交点，所以，，此不等式无解，因此，不存在，使得函数有三个零点，③错误；对于④，考查直线与曲线相切于点，对函数求导得，由题意可得，解得，所以，当时，函数有三个零点，④正确.故①②④.思路点睛：已知函数的零点或方程的根的情况，求解参数的取值范围问题的本质都是研究函数的零点问题，求解此类问题的一般步骤：（1）转化，即通过构造函数，把问题转化成所构造函数的零点问题；（2）列式，即根据函数的零点存在定理或结合函数的图象列出关系式；（3）得解，即由列出的式子求出参数的取值范围．16．【分析】画出函数图象，设，根据函数图象考虑方程有两个解和一个解两种情况，再根据函数图象讨论的解的情况，计算得到答案．【详解】当时，，当时，，画出函数图象，如图所示：函数在,有6个不同零点有以下四种可能：①方程有两个不同的实根和且方程有两个根，且方程有四个不同的实根，由函数的图象知，且，令，则需，解得；②方程有两个不同的实根和且方程有零个根，且方程有六个不同的实根，函数的图象知，,,且，由于，则需，解得；③方程有两个不同的实根和且方程有1个根，且方程有5个实根成立，则需，此时无解；④方程有且只有1个根且方程有6个根，计算得或，或，不合题意；综上所述：或．故方法点睛：已知函数有零点求参数取值范围常用的方法和思路(1)直接法：直接根据题设条件构建关于参数的不等式，再通过解不等式确定参数范围；(2)分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决；(3)数形结合法：先对解析式变形，在同一平面直角坐标系中，画出函数的图象，然后数形结合求解．17．【分析】根据绝对值的意义，去掉绝对值，求出零点，再根据根存在的条件即可判断的取值范围．【详解】（1）当时，，即，若时，，此时成立；若时，或，若方程有一根为，则，即且；若方程有一根为，则，解得：且；若时，，此时成立．（2）当时，，即，若时，，显然不成立；若时，或，若方程有一根为，则，即；若方程有一根为，则，解得：；若时，，显然不成立；综上，当时，零点为，；当时，零点为，；当时，只有一个零点；当时，零点为，；当时，只有一个零点；当时，零点为，；当时，零点为．所以，当函数有两个零点时，且．故．本题的解题关键是根据定义去掉绝对值，求出方程的根，再根据根存在的条件求出对应的范围，然后根据范围讨论根（或零点）的个数，从而解出．18．(1)(2)三个零点(3)【分析】（1）先构造函数，再根据对数函数的单调性及三角函数值域计算求解；（2）根据导函数正负得出函数的单调性，再应用零点存在定理得出零点结合函数对称性判断零点个数即可；（3）分求出函数的导函数正负结合函数单调性即可求解参数.【详解】（1）设，（）①当时，，，∴，不符合题意.②当时，，，∴，满足题意.③当时，，不满足题意.综上：原不等式的解集为.（2）的定义域为，1为的一个零点，且，∴关于点对称，当时，，∵，∴在为减函数，，，∴，，，，∴在为增函数，在为减函数，∴，∵∴，∴为的一个零点，由对称性：也为的一个零点，共有，1，三个零点；（3）①当时，当时，，，，，满足题意.当时，，满足题意.当时