高中物理必修第1册单元达标检测卷2

达标检测

一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只

有一项是符合题目要求的.

1.关于匀变速直线运动，下列说法正确的是（）

A.匀变速直线运动的速度随时间均匀变化

B.匀减速直线运动就是加速度为负值的运动

C.匀加速宣线运动的速度定与时间成正比

D.速度先减小再增大的运动一定不是匀变速直线运动

【答案】A

【解析】匀变速直线运动是加速度不变的直线运动，速度随时间均匀变化，故A正确：

匀减速直线运动中速度方向和加速度方向相反，因所取的正方向不确定，加速度并不一定为

负值，故B错误；句加速直线运动的速度不一定与时间成正比，如果有初速度，则v=v0

+〃，故C错误；速度先减小再增大的运动可能是匀变速直线运动，如先做匀减速直线运动

减速到零，然后再反向做勺加速近线运动的运动，故D错误.

2.在足够长的光滑斜面上，有一物体以10m/s的初速度沿斜面向上运动，如果物体的

加速度始终为5m/s2,方向沿斜面向下.那么经过3s时的速度大小和方向是（）

A.5m/s,沿斜面向下B.25m/s,沿斜面向上

C.5m/s,沿斜面向上D.25m&沿斜面向下

【答案】A

【解析】物体上滑和下滑的加速度相同，整个过程做匀变速直线运动，取初速度方向为

正方向，则的=10m/s,a=~5m/s2,由0=的+。可得，当f=3s时，v=~5m/s,“一”

表示物体在1=3s时速度方向沿斜面向下，故A正确.

3.中国到2030年将拥有4个完整的处于现役状态的航母作战编队，第三艘航空母舰已

在江南造船厂开工建设.航母上有帮助飞机起飞的弹射系统，已知“歼-15”型战斗机在跑

道上加速时产生的加速度为4.5mH,起飞速度为50m/s,若该飞机滑行100m时起飞，则

弹射系统必须使飞机具有的初速度为（）

A.30m/sB.40m/s

C.20m/sD.10m/s

【答案】B

【解析】根据/一捕=2依，得般o=W〃2-2a1=，5。2—224.5X100m/s=40m/s,故B

正确.

4.骑自行车的人沿着直线做匀加速运动，在第1s、第2s、第3s、第4s内，通过的

位移分别为Im、2m、3m、4m,下列有关其运动的描述正确的是（）

A.他的初速度为零B.4s内的平均速度是1m/s

C.第2s末的速度是2m/sD.整个过程中加速度是1m/s?

【答案】D

AyI

［解析】根据Ax=aP得加速度为«=yT=1m/s2.由第一秒内的位移乃=%八+5〃6,解

得初速度为i?o=0.5m/s,故A错误，D正确；4s内的平均速度为v=y=2.5m/s,故B错误；

第2s末的速度等于第2s和第3s两秒内的平均速度，则有茅=2.5m/s,故C错误.

5.沿直线运动的汽车刹车后匀减速行驶，经3s恰好停止，在刹车开始后的第1s、第

2s、第3s内汽车通过的位移之比为（）

A.5：3：1B.（＜3-^2）：（V2-1）:1

C.9：4：1D.5：8：9

【答案】A

【解析】汽车制动后勺减速运动到零，采用逆向思维，看作汽车做初速度为零的匀加速

直线运动，因为初速度为零的匀加速直线运动在连续相琴时间内的位移之比为1：3：5,则

制动开始的第1s内、第2s内、第3s内通过的位移之比为5：3：1,故A正确.

6.如图所示，甲同学用手拿着一把长50cm的直尺，并使其处于竖直状态；乙同学把

手放在直尺0刻度线位置做抓尺的准备.某时刻甲同学松开直尺，直尺保持竖直状态下落，

乙同学看到后立即用手抓直尺，手抓住直尺位置的刻度值为20cm；重复以上实验，乙同学

第二次用手抓住直尺位置的刻度值为10cm.直尺下落过程中始终保持竖直状态.若从乙同学

看到甲同学松开直尺，到他抓住直尺所用时间叫“反应时间”，重力加速度g取10mH.则

下列说法中不正确的是（）

甲同老

=乙同学

A.若将尺子上原来的长度值改为对应的“反应时间”值，则可用上述方法直接测出

“反应时间”

B.若某同学的“反应时间”大于0.4s,则用该直尺将无法用上述方法测量他的“反应

时间”

C.乙同学第一次抓住直尺的瞬间，直尺的速度约为4mzs

D.乙同学第一次的“反应时间”比第二次长

【答案】C

【解析】将计算出的反应时间对应到尺子上的长度叶，可用上述方法直接测出“反应时

间”，故A正确；若某同学的反应时间为0.4s,则下落的高度仇=$席=0.8m,大于该直

尺的长度，所以将无法测量该同学的反应时间，故B正确；由公=2口7可知，乙第一次抓住

直尺的速度i=、2X10X02m/s=2m/s,故C错误；直尺下降的高度/?,根据仁切，得

,所以下落的高度大的用的时间长，所以第一次测量的反应时间比第二次长，故D

正确.

7.一物体做直线运切的。一/图像如图所示，则（）

A.前6s内物体做匀变速直线运动

B.第3s末物体回到出发点

C.第3s末物体的速度为零，此时加速度也为零

D.前6s内物体的最大加速度大小为4m/s?

【答案】D

【解析】根据速度一时间图像的斜率等于物体运动的加速度，由图像可知，前6s内物

体的加速度是变化的，做的是非匀变速直线运动，故A错误；根据速度图像与时间轴所国

的面积表示位移，可知。〜3s内物体的位移为最大，离出发点最远，故B错误：第3s末物

体的速度为零，但加速度不为零，故C错误；前6s内，在2〜4s物体的加速度最大，最大

加速度大小为4m/s\故D正确.

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，

有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.

8.物体甲的x—/图像和物体乙的。一/图像如图所示，则这两个物体的运动情况是（）

A.甲在整个f=6

B.甲在整个f=6s时间内运动方向•直不变，它通过的总位移大小为4in

C.乙在整个/=6s时间内来回运动，它通过的总位移为零

D.乙在整个f=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4in

【答案】BC

【解析】根据位移一时间图线的斜率表示速度，可知甲在整个/=6s时间内一直沿正向

运动，总位移为Ax=2m-（-2m）=4m,故A错误，B正确；速度一时间图像中，速度的

正负表示速度的方向，即表示物体的运动方向，速度先负后正，说明物体乙先沿负向运动，

后沿正向运动，根据图线与时间轴围成的面积表示位移，图线在，轴上方时位移为正值，在

，轴下方时位移为负值，得知总位移为0,故C正确，D错误.

।[口!一》—

।；产2^―i~=

I:":[-

[iJ；3~r1

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।1I41~~r21

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I~I~1-

9.如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光,

得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置.连续两次曝光的时间间

隔均为丁，每块砖的厚度均为a根据图中的信息，下列判断正确的是（）

A.位置“1”是小球释放的初始位置B.小球做匀加速直线运动

C.小球下落的加速度为浩D.小球在位置“3”的速度为界

【答案】BCD

【解析】因为连续相等时间间隔内位移之差AA=d=ar,4=%,所以小球做匀加速直

线运动，小球在位置“3”的速度为。3=苦器=券，B、C、D正确；从位置“1”开始连续相

等时间内的位移之比为2：3：4：5：…，所以位置?T'不是小球释放的初始位置，A错误.

10.如图所示，人、B为两固定的光电门，在光电门从正上方的O处有一边长为0.5cm

的铁片自由落下，铁片下落的过程中底边始终水平，已知铁片通过人、8光电门的时间分别

为八=1.25乂103$,/2=0.625乂103$,若将铁片通过光电门的平均速度视为瞬时速度，忽

略空气阻力的影响，g取10m*.下列说法正确的是（）

~o]光电门从

一司光电门6

A.铁片通过光电门B的瞬时速度为诙=8.00m/s

B.O点到光电门A的距离为1.00m

C.铁片从光电门4到B所需的时间0.40s

D.光电门A、3之间的距离为2.40m

【答案】ACD

【解析】铁片通过光电门B的瞬时速度分别为g=g=/等尸m/s=8.00nVs,故

il0.O25X10

/（）5X1012

A正确：铁片通过光电门A的瞬时速度分别为〜[八am/s=4.00m/s,。点到光

<I1.23XIU

电门A的距离为以=£=甥5m=0-80m,故B错误；铁片从光电门A到B所需的时间加

=9=半产s=0.40s,故C正确；光电门A、4之间的距离为自产吗3=

8.002~4.002

m=2.40m,故D正确.

2X1()

三、非选择题：本题共4小题，共54分.

11.(9分)(1)在做探究匀变速直线运动的实验中，给你以下器材：打点计时器与纸带(包

括低压交流电)、复写纸、秒表、小车、钩码、细绳、•端带有定滑轮的长木板.其中不需

要的器材是，还需要增加的测量器材是.

(2)如图所示为实验室常用的两种计时器，其中甲装置用的电源是()

甲：电磁打点计时器乙：电火花计时器

A.交流220VB.直流220V

C.交流约8VD.直流约8V

【答案】⑴秒表刻度尺(2)C

【解析】(1)打点计时器记录了小车运动的时间，因此不需要秒表；为了得到小车的运

动规律，还需要刻度尺来测量计数点之间的距离，用来计算速度和加速度，所以需要刻度尺.

(2)电火花打点计时器使用的是220V的交流电源，而电磁打点计时器使用的是约8V

的交流电源，而甲装置是电磁打点计时器，故C正确，A、B、D错误.

12.(10分)(1)在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，实验室提供了以下器材:

电火花计时器、一端附有定滑轮的长木板、小车、纸带、细绳、钩码、刻度尺、交流电源、

秒表、弹簧测力计.其中在本实验中不需要的器材是.

(2汝口图所示，是某同学用电火花计时器得到的表示小车运动过程的一条清晰纸带，电

火花计时器打点的时间间隔7=0.02s,将纸带上一点标记为4点，然后按打点顺序每隔四

个点(图上没画出)依次标为4，C,…其中占=7.05cm,以=7.68cm,xj=8.33cm,^4=8.95

cm,X5=9.6Icm,北=1026cm.

卜表列出了打点计时器打下4、C、从尸时小车的瞬时速度，请在表中填入打点计时器

打卜.。点时小车的瞬时速度.

位置BC0EF

速度0.7370.8010.9280.994

(3)以A点为计时起点，在坐标图中画出小车的速度一时间关系图线.

,Mm・丁)

1a00jzzzrzzzzzri3zi

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八，▼，十，，，▼'十，，，，、，，

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M出功出尔惨中班因

07()

■00.100.200.300.400.51)t/s

(4)根据你画出的小车的速度一时间关系图线计算出的小车的加速度am/s-.

【答案】⑴弹簧测力计、秒表(2)0.864

⑶见解析图(4)0.64(0.63〜0.65均可)

【解析】(1)本实睑测量的是位移等运动学量，与力无关，故不需要弹簧测力计；时间

可以由纸带上的点数和打点频率算出，故不需要秒表.

口+足(8.33+8.95)X10-2m

Q)打产2x(rn--=0.864m/s.

(3)小车的速度一时间关系图线如图所示.

r/(m•s-1)

1.00

0.95

().90

0.«5

().80

H

0.75，'•w♦・^♦r♦m♦•一t—-r6

0.70

0().1()0.200300.400.5()//s

At?

(4)在。一/图像中，图线的斜率表示加速度，则〃=由=0.64m/s2.

13.(15分)长100m的列车通过长1(X)0m的隧道时做匀加速直线运动，列车刚进隧道

时的速度是10m/s,完全出隧道时的速度是12m/s,求：

(I)列车过隧道时的加速度是多大？

(2)通过隧道所用的时间是多少？

【答案】⑴0.02m/s2(2)100s

【解析】(1)列车的位移x=l00()m+l00m=l100n.

初速度。i=10m/s,末速度。2=12m/s,

由v2—vi=2cix得

,_2

加速度。=生£=0.02m/s2.

(2)由v=v(y+at得

。2—V\12—10

所用时间为t=---s=100s.

14.(20分)据报道，一儿童玩耍时不慎从45m高的阳台上无初速度掉下，在他现掉下

时恰被楼下一社区管理人员发现，该人员迅速由静止冲向儿童下落处的正下方楼底，准备接

住儿童.已知管理人员到儿童下落处的正下方楼底的距离为18m,为确保能稳妥安全接住

儿童，必须保证接住儿童时没有水平方向的冲击(也就是无水平速度).不计空气阻力，将儿

童和管理人员都看作质点，设管理人员奔跑过程中只做匀速或匀变速运动，g取10m/$2.

(I)管理人员至少用多大的平均速度跑到楼底？

(2)若管理人员在奔跑过程中做匀加速或匀减速运动的加速度大小相等，旦最大速度不

超过9m/s,求管理人员奔跑时加速度的大小需满足什么条件？

［答案］(1)6m/s(2)〃29m/s2

【解析】(1)儿童下落过程，由运动学公式得/?=*成①

管理人员奔跑的时间为fWfo,②

对管理人员奔跑过程，由运动学公式得s="7f,③

由①②③式联立并代入数据得石26m/s.

(2)假设管理人员先匀加速接着匀减速奔跑到楼底，奔跑过程中的最大速度为vo,由运

动学公式得

—%+0

v=-2-=6m/s.

得劭=2。=12m/s>Pmax=9m/s,所以先加速，再匀速，最后匀减速奔跑到楼底.

设匀加速、匀速、匀减速过程的时间分别为力、/2、3位移分别为Sl、S2、S3,

由运动学公式得④

$3=5*,⑤

S2=Unaxf2,®

=

Vnvixat\=atyf⑦

/1+/2+/300,⑧

S|+S2+S3=5,⑨

l\=t3,⑩

由④〜⑩式联立并代入数据得，m/s2.

第二章进阶特训

1.(多选)在塔顶边缘将一物体竖直向上抛出，抛出点为A,物体上升的最大高度为20m,

不计空气阻力，g取lOniM,设塔足够高，则物体位移大小为10m时，物体运动的时间可

能为()

A.(2—^2)sB.(2+、/i)s

C.(2+V6)sD.&s

【答案】ABC

【解析】取竖直向上为正方向，由德=2g力得〃o=2Om/s.物体的位移为x=v()t—^t2,

当物体位于4点上方10m处时x=IOm,解得人=(2—g"，乃=(2+*"，故选项A、B

正确，当物体位于八点下方1()m处时，戈=-1()in,解得，3=(2+#)S,另一解为负值，舍

去，故选项C正确，D错误.

2.(多选)如图所示，直线和抛物线(开口向上)分别为汽车a和〃的位移一时间图像，则

()

A.0〜1s时间内。车的平均速度大小比。车的小

B.0〜3s时间内。车的路程比〃车的小

C.。〜3s时间内两车的平均速度大小均为1m/s

D.f=2s时。车的加速度大小比〃车的大

【答案】ABC

【解析】根据图像可知，0〜1s内〃的位移大于〃的位移，时间相等，则〃的平均速度

大于。的平均速度，故A正确；0〜3s内〃车的路程为3m,〃车的路程为S=SI+$2=4m

+1m=5in,故B正确；0〜3s内两车的位移均为一3m,平均速度大小均为Im/s,故C

正确；“车做匀速直线运动，加速度为零，〃车运动的加速度大小恒定且不等于零，故D错

误.

3.一质点以一定的初速度从A点开始向相距8m的8点做直线运动，运动过程中其速

度的二次方方与位移x之间的关系图像如图所示，则下列说法正确的是()

A.质点做加速度增大的变加速运动

B.质点做匀加速运动，其加速度大小为2m*

C.质点运动的初速度大小为4m/s

D.质点从A点运动到8点所川的时间为8s

【答案】B

【解析】根据匀变速直线运动的速度位移关系。2一堀=2＜戊，变形为1?=2依+埒，可得

一工的函数关系为一次函数，则质点做的是匀加速直线运动，故A错误：由。2—X图像取

两组数据点(-1,0)和(8,36)代入表达式有0=2〃•(-1)+比，36=索,8+琢解得a=2m/s2,

vo=2m/s,故B正确，C错误；从A点运动到3点的位移为8m,根据匀加速直线运动的

位移时间公式可知8=2n+；X2用解得々=2s,D错误.

4.我国ETC(电子不停车收费系统)已实现全国联脚，大大缩短了车辆通过收费站的时

间.一辆汽车以20m/s的速度驶向高速收费口，到达自动收费装置前开始做匀减速直线运

动，经4s的时间速度减为5m/s且收费完成，司机立即加速，产生的加速度大小为2.5m/s2,

汽车可视为质点.则下列说法正确的是()

A.汽车开始减速时距离自动收费装置110m

B.汽车加速4s后速度恢复到20m/s

C.汽车从开始减速至速度恢复到20m/s通过的总路程为125m

D.汽车由于通过自动收费装置耽误的时间为4s

【答案】C

【解析】汽车开始减速时到自动收费装置■的距离为乃=420+5)X4m=50m,故A错

误；汽车加速4s后速度为。=15m/s,故B错误：汽车从5m/s加速到20m/s通过的路程

2()2—5^

为m=75m,所以汽车从开始减速至速度恢复到20m/s通过的总路程为葡+由

20—5

=125m,故C正确；汽车从501他加速到2001/5的时间/2=不1$=65,所以总时间才总

=4S+/2=10S,汽车以20m/s的速度匀速通过125m需要的时间是6.25s,所以耽误了3.75

s,故D错误.

5.动力车在刹车过程中位移和时间的比值］与l之间的关系图像如图所示，则下列说法

正确的是()

A.动力车的初速度为2()m/s

B.刹车过程动力车的加速度大小为2.5m/s2

C.刹车过程持续的时间为8s

D.4s内刹车位移为60m

【答案】A

【解析】根据匀变速直线运动的位移公式4=。0，+%尸，可变形为可见，题

目中的图像表示汽车刹车时做匀减速直线运动，图线与纨轴的截距表示初速度，所以初速度

为20m/s；图线的斜率表示最“，所以刹车加速度为5m/s2,故A正确，B错误；根据匀变速

直线运动的速度公式可求得刹车过程持续的时间为，=£=4S,故C错误；由C选项可知，

4s末速度已经减为0,根据匀变速直线运动的位移公式，将此句减速运动看成反方向的初

速度为0的匀加速直线运动，则可得4s内的位移为尸=40m,故D错误.

6.一质点做匀变速直线运动，已知初速度大小为经过一段时间速度大小变为2。,

加速度大小为。，这段时间内的路程与位移大小之比为5：3,则下列叙述正确的是（）

A.这段时间内质点运动方向不变

B.这段时间为斗

C.这段时间的路程为完

D.再经过相同时间质点速度大小为3。

【答案】B

【解析】由题意知，质点做匀减速直线运动，速度戒小到零后，再返回做匀加速运动，

即在这段时间内运动方向改.变，如图所示，故A错误；由。=oo+ai得一2。=。一（〃，这段

22

时间/=二~,故B正确；由。2—o8=2at,得，由初速度为。减速到零所通过的路程S]=>,

Cl

Qu）2

然后反向加速到2v所通迂的路程我=不"=一7，总路程为S=S1+S2=H，故C错误；再

经过相同时间，质点速度。'=v—a-2t=-5v,即速度大小为5。，故D错误.

V

Mq•・）

7.（多选）将甲、乙两个小球从离地面40m高的地方分别以10m/s的速率竖直上抛和竖

宜下抛，两小球落地后均不反弹.若不计空气阻力，g取10m/s2,则下列说法正确的是（）

A.两小球落地的时间差为4s

B.两小球落地的时间差为2s

C.两小球均未落地前，速度之差不变

D.两小球均未落地前，小球间的距离先增大后减小

【答案】BC

【解析】以竖直向下为正方向，对竖直下抛运动，初速度方向为正方向，i;0=10m/s,

加速度q=g,位移x=40m,根据位移时间关系有代入数据解得h=2s;对

竖直上抛运动，4=—改液+%4,代入数据得f2=4s,两小球落地的时间差为2s,A错误，

B正确.两小球均未落地前，Ai?=（Vo+«r）—（-Po+at）=2vo,保持不变；尸一

（一班/+%尸）=2%/,随时间的变化，小球间的距离一直增大，C正确，D错误.

8.4、8两物体沿同一直线运动，运动过程中的X—/图像如图所示，下列说法正确的

是（）

>x/m

8

A.4s时A物体运动方向发生改变

B.0〜6s内8物体的速度逐渐减小

C.。〜5s内两物体的平均速度相等

D.0〜6s内某时刻两物体的速度大小相等

【答案】D

【解析】A物体的X—，图线是一条倾斜的直线，所以A物体做匀速直线运动，且速度

Ar—2—4

为VA=~Kt=—6—m/s=-1m/s,故选项A错误；0〜6s内B物体的x—/图线的斜率增大，

则B物体的速度逐淅增大，故选项B错诙,；0~5s内，A物体的位移Ax•八=-1m—4rr尸一

5m,8物体的位移AAZ=—Im—(―4m)=3m,所以A、B两物体在。〜5s内位移不相等，

则平均速度不相等，故选项C错误；0〜6s内，A物体的位移Ax'A=-2m-4m=-6m,

B物体的位移Ax'8=2m—(-4m)=6m,则|Ax'A|=AX'T,A物体做匀速直线运动，B

物体的速度逐渐增大，则在。〜6s内某时刻两物体的速度大小相等，故选项D正确.

9.(多选)冬天雾霾天气频繁出现.某日早晨浓雾天气中道路能见度只有30m,.且路面

湿滑.一辆小汽车以18m/s的速度由南向北行驶，某时刻，突然发现正前方浓雾中有一辆

卡车正以6m/s的速度同向匀速行驶，于是，司机鸣笛示警同时紧急刹车，但路面湿滑，只

能以2mH的加速度减速行驶.前车接到示警2s后以2m/s2的加速度加速行驶.以下说法

正确的是()

A.前、后车因都采取了必要的加、减速运动，所以不会追尾

B.前、后车虽采取了加、减速运动，但加速度过小，仍会发生追尾

C.在前车开始加速时，两车仅相距9m

D.两车距离最近时只有2m

【答案】AD

【解析】设后车经时间/两者共速，则(18—2。m/s=[6+2X(L2)]m/s,解得7=4s,

此时间内后车的位移％=18><4111—9乂2乂4201=56|11,前车的位移彳2=6乂201+6><2111+9

X2X22m=28m,因及+3001>不，可知两车不会追尾，此时两车相距最近，距离为28m

+30m-56m=2m,选项A、D正确，B错误；在前车开始加速时，两车相距(30+6X2)m

一(18X2X2X22)m=IOm,选项C错误.

10.如图甲所示，小虎同学将气垫导轨的右支撑点调高支成斜面，用图示装置测量滑块

沿气垫导轨下滑的加速度,遮光片P固定在滑块的左端并与滑块左端平齐，光电门固定在

导轨上，导光孔与导轨上的位置A对齐.让滑块左端位于斜面上的位置8处，打开气源，

将滑块由静止释放，测得A8气垫导轨的距离3遮光片的宽度及遮光时间，算出遮光片通

过光电门的平均速度V,视为小车左端到达4处时的速度，从而测出滑块下滑的加速度.

(I)小虎运用该方案测得加速度的表达式〃=.

(2)为了更精确地测得小车的加速度，小芳对方案进行了改进；运用同一气垫导轨装置,

仅换用不同宽度的遮光片固定在滑块的左端并与滑块左端平齐，让滑块左端位于斜面上的同

一位置B处，打开气源，将滑块由静止释放，记录每次实验遮光片的宽度Ax和遮光时间

并算出各次遮光片通过光电门的平均速度不，记录数据并作出万一/图像如图乙所示.根据

图像，滑块左端过A处的瞬时速度大小为m/s,滑块的加速度大小为m/s2.(结

果保留两位有效数字)

(3)你认为小芳的新方案中，考虑遮光片的质量变化，在换用不同遮光片时，测得的加

速度应该_____(填“一样”或“不一样”).

_2

【答案】⑴/(2».30±0.023.0+0.2

⑶i样

一V2

【解析】(1)根据速度与时间的关系得。2=2”,解得〃=51

1Av

(2)滑块通过光电门的过程为初速度为内的匀加速直线运动，AAHtw+sm2,则v=十=

办所以。一I图线的斜率火=；〃，纵轴的确,距表示内的大小，则%=0.30m/s,加速

0.45-0.30

皮a=2k=2Xm/s2=3.Om/s2.

100X10-3

⑶根据牛顿第二定律，滑块下滑过程中，mgsin3=mafa=gsin0,加速度与质量无

关，故在只更换不同遮光片时，测得的加速度是一样的.

11.汽车A以内=4ni/s的速度向右做匀速直线运匆，发现前方相距xo=7m处、以沏

=10m/s的速度同向运动的汽车6正开始匀减速刹车直到静止，其刹车的加速度人小。=2

m*.从此刻开始计时，问：

(1)A追上8前，A、8间的最远距离是多少？

(2)经过多长时间A恰好追上B?