广东汕尾市2025-2026学年度第一学期期末教学质量监测高一物理试卷（解析版）

2025-2026学年度第一学期期末教学质量监测

高中一年级物理

本试题共6页，考试时间75分钟，满分100分

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的信息填写清楚、准确，将条形码准确粘贴在条形码粘贴处。

2.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。

3.答题时请按要求用笔，保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不得使用涂改

液、修正带、刮纸刀。考试结束后，请将本试题及答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，

只有一项符合题目要求。

1.如图为无人快递车，无需人为控制就可以自主实现送货上门，在其运动过程中，下列说

法止确的是（）

A.车轮表面有凹凸不平花纹是为了减小摩擦

B.快递车受到的重力和支持力是一对相互作用力

C.刹车时快递车不会立即停下，是由于快递车具有惯性

D.若快递车所受的力全部消失，则快递车会慢慢停下来

【答案】C

【解析】A.车轮表面有凹凸不平花纹是为了增大摩擦，故A错误；

B.快递车受到的重力和支持力是一对平衡力，故B错误；

C.无人快递车突然刹车时，由于惯性，小车有惯性，故会继续向前运动一段距离，在摩

擦力的作用下逐渐停止，故C正确；

D.无人快递车在运动过程中所受的力全部消失，快递车会由于惯性一直做匀速直线运

动，故D错误。

故选C。

2.第十五届全国运动会于2025年11月9日在广州隆重开幕，体育运动中蕴含丰富的物理

知识，关于其中的质点模型，下列说法正确的是（）

A.与乒乓球相比，篮球不能被当作质点

B.自行车起步时速度较小，不能将其当作质点

C.羽毛球飞行时空气阻力影响较大，不能将其当作质点

D.研究乒乓球的旋转对其运动轨迹的影响时，不能将其当作质点

【答案】D

【解析】A.篮球在研究中若不考虑其大小和形状，如研究整体运动轨迹时，可被当作质

点，故A错误。

B.质点模型的适用性取决于研究问题是否忽略物体形状和大小，与速度大小无关，故B

错误。

C.羽毛球飞行时空气阻力影响较大，但质点模型仍可用于研究其质心运动，空气阻力作

为外力处理，故C错误。

D.研究乒乓球的旋转对其运动轨迹的影响时，旋转涉及物体的内部运动和方向，形状和

大小不能忽略，因此不能当作质点，故D正确。

故选D。

3.“跳杀”是羽毛球比赛中极具观赏性的技术动作.如图所示，某次“跳杀”过程中羽毛球的

运动可简化为初速度为零的直线运动，已知击球点距地面高3m、与落地点的水平距离为

6m,从击球至落地，羽毛球的飞行时间为0.07s,落地时速度大小为100m/s,在该过程

()

A.5=6m,v=50m/sB.5=6m,v=85.7m/s

30075

C..v=3\/5m,v=50m/sD.

【答案】D

【解析】根据几何关系可知位移大小为s=,3?+6?m=3^m

平均速度大小为3=)=迈m/s=迎巫m/s

/0.077

故选Do

4.如图所示为某快递公司利用机器人分拣包裹的场景，机器人将水平托盘上的包裹送至指

定投递口后，缓慢翻起托盘，当托盘倾角增至。时，包裹恰好开始下滑，若最大静摩擦力

等于滑动摩擦力，则包裹与托盘间的动摩擦因数为（）

投递口

投递图

1

A.singB.tan，C.cos，D.-----

tan。

【答案】B

【解析】包裹恰好下滑时，根据共点力平衡条件有，〃gsin£=w叫cos。

解得〃=tan，

故选B。

5.如图所示，8同学捏住直尺的顶端，A同学在直尺0刻度处做捏住直尺的准备，但手不

碰到直尺。在8同学放手让直尺自由下落时，A同学立刻捏住直尺，读出其捏住直尺的刻

度，就可估测A同学的反应时间。把刻度尺的长度刻度对应标注为“时间”刻度，它就变为

人的反应时间测量尺“，已知g取lOm/s?,则关于该测量尺，下列说法正确的是（）

A.长度刻度与时间刻度不成正比，20cm对应时间刻度0.2s

B.长度刻度与时间刻度成正比，20cm对应时间刻度0.2s

C.长度刻度与时间刻度不成正比，20cm对应时间刻度0.02s

D.长度刻度与时间刻度成正比，20cm对应时间刻度0.02s

【答案】A

【解析】直尺在反应时间内自由下落，根据〃=可知，长度刻度与时间刻度

不成正比。

当a=20cm=0.2m时,=0.2so

故选Ao

6.人站在力传感器上完成快速“下蹲”或快速“起立”的动作，力传感器的示数随时间变化的

A.a至b为“下蹲”的超重过程，b至c为“下蹲”的失重过程

B.。至》为“下蹲”的失重过程，b至c为“下蹲”的超重过程

C.a至b为“起立”的超重过程，b至c为“起立”的失重过程

D.a至6为“起立”的失重过程，b至c为“起立”的超重过程

【答案】C

【解析】根据图像可知，力传感器的示数先小于人的重力又大于人的重力，之后力传感器

的示数又光大于人的重力再小于人的重力，则由牛顿第二定律可知，人的加速度先向下后

向上，之后又先向上后向L而“下蹲”的过程中，先向下加速运动，再向下减速到停上，

即加速度先向下再向上；“起立”的过程中，先向上加速运动，再向上减速到停止，即加速

度先向上再向下。所以。至。的整个过程均为起立过程，其中〃至力过程加速度向上，为

超重过程，〃至。过程加速度向下，为失重过程。故选C。

7.如图甲所示，厨房沥水架可以将半圆形碗竖直放置于两条金属杆之间。简化模型的正视

图如图乙所示，其中〃为两条光滑水平金属杆，碗始终处于静止状态，丹、丹分别表示

杆出力对碗的弹力大小，不考虑碗之间的相互作用。若将质量相同、半径更大的碗竖直放

置于。、〃杆之间，则（)

A.F“变小，区变小B.工变小，片不变

C.F“变大，居变小D.工变大，外变大

【答案】A

设F.与竖直方向的夹角为。，则有尼二普，Fb=tan0

COS6/

若将质量相同、半径更大的碗竖直放置于。、8杆之间，则。减小，可知工变小，E,变

小。

故选A。

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，

有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.如图所示，质量为机的物体被吊车吊起的过程中，物体从静止开始先做匀加速直线运

动，达到定速度后再做匀速直线运动，到达定高度后再做匀减速直线运动，到最高点

时速度减为零。若加速和减速阶段加速度大小均为。，三个阶段的运动时间均为人重力加

速度为g，则下列说法正确的是（）

A.匀加速阶段，吊车对物体的作用力大小为〃?g+〃也

B.匀速阶段，吊车对物体的作用力为零

C.匀减速阶段，吊车对物体作用力大小为〃也

D.整个过程，物体上升的高度为

【答案】AD

【解析】A.匀加速阶段，对物体进行受力分析，由牛顿第二定律有7-根且=〃也

解得T=+〃以，A正确；

B.匀速阶段，吊车对物体的作用力等于物体的重力，B错误；

C.匀减速阶段，由牛顿第二定律有-7=相。

解得T=mg-ma,C错误；

D.依题意，物体匀加速阶段和匀减速阶段上升的高度相等，由戈二卬+（。/得

12

百二工3=/

2

由u=%+〃/得加速结束时的速度v=at,则物体匀速阶段上升的高度x2=vt=at

故整个过程，物体上升的高度为/?=$+/+2。/，D正确。

故选ADo

9.如图为某款厨房夹单器的结构简图，当纸质小票插入背板和玻璃珠之间时，小票被玻璃

珠压紧到背板上静止不动3已知小票的质量为〃?，其与背板间的动摩擦因数为“，最大静

摩擦力等于滑动摩擦力，玻璃珠可视为光滑，重力加速度为g,插入小票后，下列说法正

确的是（）

A.小票受到4个力的作用B.背板对小票的作用力水平向右

C.夹单器对小票的作用力竖直向上D.小票受到的摩擦力大小为〃

【答案】AC

【解析】A.小票受到重力、玻璃珠的压力、背板的弹力和摩擦力，共4个力的作用，A

正确；

B.由平衡可知，背板对小票的作用力（背板的弹力和摩擦力的合力），与小票的重力与玻

璃珠的合力等大反向，川知背板对小票的作用力方向斜向右上，B错误；

C.夹单器对小票的作用力与小票的重力等大反向，则方向竖直向上，C正确；

D.竖直方向由平衡可知，小票受到的摩擦力与重力等大反向，即摩擦力大小为D错

误。

故选AC。

10.在一段平直公路上，甲、乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，相距

65m,速度均为20m/s。在/=（）时刻，甲车司机发现前方有一只小狗，于是马上采取制动

措施，甲、乙两图分别是甲、乙两车0〜8s的运动图像，取初速度方向为正方向，则在此过

程中下列说法正确的是（）

A.在4~8s,乙车静止不动B.在0~2s,甲车加速度为-lOm/s?

C.甲、乙两车在4s末距离最近D.甲、乙两车最小间距为5m

【答案】BD

【解析】A.由图乙可知，乙车2s开始减速，4s的速度为丫=%-。/=10m/s

此后一直做匀速直线运动，则乙车在4~8s内做匀速直线运动，故A错误；

B.由图甲的斜率可知，在0~2s,甲车加速度为4=岩=2券m/s?=-1()m/s2,故B

正确；

2()

CD.4s内甲车的位移为司=—x2m=20m

根据位移公式可知，4s内乙车的位移为

x2=犷+~~I'=2()x2m+20+1°x2m=7()m

由于玉+65m>x2

说明4s时乙车在甲车后方，则两车6s速度都为lOm/s时相距最近，由图像与坐标轴围成

的面积代表位移可知，6s内甲车的位移为X；=^x2m+-yx2m=30m

根据位移公式可知，6s内乙车的位移为

"=u(/+f+W=20x2m+x2m+10x2m=90m

最近距离为加=x'+65m—X2'=5m，故C错误，D正确；

故选BD.

三、非选择题：本题共5小题，共54分。

II.某同学用图甲所示的装置测量某弹簧的劲度系数，弹簧悬点与标尺零刻度线对齐，他

先读出不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，然后在弹簧下端挂钩码，并逐渐增加钩

码个数，读出每次对应的指针所指的标尺刻度，利用所得数据作出弹簧弹力/与弹簧长度

/的关系图像如图丙所示。

4F/N

（I）某次测量的标尺读教如图乙所示，其读数为cm；

（2）由图丙可求得该弹簧的劲度系数为N/m（保留2位有效数字）;

（3）由于弹簧自身有重量，该同学在测量时没有考虑弹簧的自重，这样导致劲度系数的测

曷伯与真实佰相比（诜填“偏大”“偏小”或“相等”）。

【答案】（1）15.03（2）9.8（3）相等

【解析】

【小问I解析】

标尺分度值为0.1cm,读数为15.03cm

【小问2解析】

根据图像的斜率可知，该弹簧的劲度系数为左二竺二—xl00N/m^9.8N/m

A/17.58-14

【小问3解析】

由胡克定律可知，弹簧弹力的增加量与弹簧的形变量成上比，因此弹簧的自重不会对劲度

系数的测量结果产生影响，故劲度系数的测量值等于真实值。

12.某实验小组采用数字化实验装置探究加速度与物体受力、物体质量的关系，实验装置

如图所示：水平气垫导轨上放置滑块，滑块左侧通过轻质细绳绕过定滑轮与钩码相连，气

垫导轨上安装两个光电门，可记录遮光条通过光电门的时间。已知遮光条宽度为“，两光

电门间距离为L,当地重力加速度为以

（1）实验前需要调节气垫导轨水平，操作过程为：（选填“挂上”或“去掉”）钩

码，接通气源；调节气垫导轨底座的旋钮产、Q,使滑块通过两光电门的时间乙

t2（选填“>'=”或“<”），则说明导轨水平。

（2）实验中（选填“需要”或“不需要”）所挂钩码的质量远小于滑块（含遮光

条）的质量。

（3）某组实验测得通过光电门1的时间为"，通过光电门2的时间为G，则滑块的加速度

（用题中物理量的符号表示）。

（4）实验中保持滑块（含遮光条）质量不变，改变钩码质量〃?，测量对应的加速度《建

立。一加图像，下列图像符合实验预期的是（填正确答案标号）。

【解析】

【小问I解析】

调节气垫导轨水平时，需去掉钩码，让滑块在气垫导轨上只受气垫支持力作用。接通气源

后，调节气垫导轨底座旋钮P、Q，使滑块经过两）匕电门的时间相等，表明滑块做匀速直

线运动，导轨水平调好。

【小问2解析】

本实验中需要用钩码的重力〃名来代替细线对滑块的拉力F

研究滑块可得F=痴，研究钩码mg-F=ma

Mmgmg

r---------=--------_

联立可得M+，n[m，当时，Fxmg

M

所以本实验中需要所挂钩码的质量远小于滑块质量。

【小问3解析】

dd

滑块通过两光电门时的速度匕=丁，v2=-

*1*2

根据匀变速运动的速度位移关系,一片=2aL

11

解得。二

2外学t-)

【小问4解析】

本实验中用钩码的重力帆g来代替细线对滑块的拉力尸，随着〃⑤的增大，尸将明显小于

mg，此时的加速度明显小十预期值，图像将向加速度小的方向方曲。

故选B。

13.如图所示，质量肛=30kg的物体A用细绳绕过光滑的滑轮与质量，％=10kg的物体

B相连，连接A的细绳与水平方向的夹角，=53。，此时系统处于静止状态，取

2

sin53°=0.8,cos53°=0.6,g=10m/so求：

(l)细绳的拉力大小丁；

(2)地面对A的支持力大小,；

(3)地面对A的摩擦力大小/。

【答案】(1)T=100N(2)&=22()N(3)/=60N

【解析】

【小问1解析】

细绳拉力大小处处相等，对B受力分析，有T=m2g

代入数据解得T=100N

【小问2解析】

对A受力分析，竖直方向，有5+TsinO二町g

代入数据解得&=220N

【小问3解析】

对A受力分析，水平方向，有f=Tcos。

代入数据解得了=60N

14.如图所示的“跳楼机”是一项常见的娱乐设施，位于塔顶的乘客，从静止开始做自由落

体运动，达到最大速度后，做匀速直线运动，一段时间后在装置作用下做匀减速直线运

动，到达塔底部时速度刚好减为零.若自由落体运动的时间乙=2s,匀速运动时间

72=1s,匀减速运动时间2.5s,g取10m*20

(1)求自由落体阶段的位移大小九，和最大速度的大小小；

(2)求匀减速阶段的加速度大小a和跳楼机塔台的高度H；

(3)若其中一位乘客的质量m=60kg,求下降过程中其承受的最大支持力大小

【答案】(1)vin=20m/s(2)〃=65m(3)=IO8ON

【解析】

【小问1解析】

自由落体阶段，有％=；婢

代入数据解得4=20m

又%=gtl

代入数据解得%=20m/s

【小问2解析】

匀减速阶段有%二"3

代入数据解得a=8m/s2

匀速阶段的位移〃2=%%

匀减速阶段的位移％=；%应

塔台高度"二4+外+4

代入数据解得"=65m

【小问3解析】

匀减速阶段乘客处于超重状态，所受支持力最大，由牛顿第二定律，有心一〃%=〃?,

代入数据解得&=1080N

15.如图所示，倾角9=37。的斜面AB与光滑水平面BC在B点平