2026年四川省普通高中学业水平选择性考试适应性练习物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2026年四川省普通高中学业水平选择性考试适应性练习物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.以下关于原子和原子核的认识，正确的是(

)A.卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，提出了原子的核式结构模型

B.汤姆孙研究阴极射线时发现电子，说明原子核具有复杂结构

C.原子核每发生一次β衰变，原子核内就失去一个质子

D.原子核的比结合能越小，核子平均质量就越大，原子核越稳定2.关于光学现象，下列说法正确的是(

)

A.图甲是双缝干涉示意图，由双缝中心间距离、缝到屏的距离、条纹间距可以测量单色光的波长

B.图乙是光的偏振现象，说明光是纵波

C.图丙是一束复色光进入水珠后传播的示意图，a、b光在水珠中传播的速度相同

D.图丁是一束单色光进入平行玻璃砖后传播的示意图，入射光线与出射光线一定不平行。3.如图所示，在真空中有一段带正电的绝缘直纤维带，其附近a点处有一初速度平行于该直纤维且带负电的颗粒，在短时间内被吸附到纤维上b点。忽略其他电场影响，不计颗粒的重力，则在此过程中(

)

A.颗粒做匀变速曲线运动 B.颗粒受到的电场力恒定

C.颗粒的机械能逐渐增加 D.a点的电势与b点的电势可能相等4.当上、下抖动轻绳时，轻绳呈正弦波形状。某轻绳产生的沿x轴传播的横波在t=0时刻的波形如图甲所示，P、Q分别是平衡位置为x1=1.0m和x2=4.0m的两质点，图乙为质点A.波沿x轴负方向传播

B.质点P的振动方程为y=10sin10πt+π3cm

C.质点P经过0.075s5.如图所示，以O为圆心、半径为R的圆形区域内存在垂直圆面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场。圆上有A、C、D三点，从A点沿半径AO方向射入一个带电粒子(不计重力)，入射速度为v1时，粒子恰好从C点离开磁场。已知粒子的比荷为k，且∠AOC=90°，∠AOD=120°，下列说法正确的是(

)

A.粒子在磁场中的运动时间为t=πkB

B.圆形区域的半径为R=kv1B

C.要使粒子从D点离开磁场，入射速度为6.如图中实线所示，空间站绕地球某一轨道沿逆时针方向做匀速圆周运动，现需要改变其运行轨道。空间站在P点沿图中箭头所指的径向方向短时间内快速向外喷射气体，使其获得一定的反冲速度，从而实现变轨。变轨后的椭圆轨道如图中虚线所示，空间站运行一周的时间变长，则空间站变轨后，以下说法中正确的是(

)

A.轨道半长轴小于变轨前轨道半径 B.在P点的速度方向与喷气方向相反

C.在P点的加速度比变轨前小 D.在P点的速度比变轨前的大7.蹦床是一项运动员利用蹦床的反弹在空中表现杂技技巧的竞技运动。将运动员蹦床比赛时的运动看做竖直方向的直线运动，忽略空气阻力。用力传感器测出蹦床对运动员弹力的大小F，F随时间t的变化规律如图所示，重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是(

)

A.6s∼6.6s内，运动员处于失重状态

B.运动员的最大加速度大小为50m/s2

C.8.4s∼9.4s内，蹦床给运动员的冲量大小为1300N⋅s

D.二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.为了探究变化电阻消耗的功率随其电阻值的变化规律，设计电路如图1所示，电源电动势恒定，定值电阻R0=2Ω。测得电阻箱所消耗的功率P随电阻箱读数R变化的曲线如图2所示，随着电阻箱电阻值R的增大，下列判断正确的是(

)

A.电源电动势为30V，内阻为3Ω

B.电源的输出功率一直增大

C.电源输出功率最大值为75W

D.电阻箱所消耗的功率P最大时，电源效率等于50%9.如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等，一个α粒子(带正电荷)以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，α粒子先后通过M点和N点。在这一过程中，电场力做负功，由此可判断出(

)

A.M点的电势高于N点的电势

B.α粒子在N点的电势能比在M点的电势能大

C.α粒子在M点的速率小于在N点的速率

D.α粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力小10.如图，相同小球A、B用长为L的轻杆连接紧靠墙壁竖直立于水平面上。当系统受到轻微扰动后，B由静止开始向右滑动，两球始终在同一竖直平面内运动。当A与墙面作用力刚为0时，杆与墙面夹角的余弦cosθ=23，不计一切摩擦，重力加速度大小为g。下列说法正确的是(

)

A.球A与墙面作用力为0时，球B的速度为26gL9

B.球A落地时的速度为2gL

C.球A与墙面作用力为0时，地面对球B的作用力为2mg

D.从球A三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.某同学设计了如图所示的装置，用于测量水平方向运动小车的加速度。图中两块挡板M、N分别固定在标有刻度的底座两端，其零刻度线靠近底座左侧，光滑的细杆固定在两挡板之间，一小球和轻弹簧穿在细杆上，轻弹簧的左端固定在挡板M上，另一端连接一个质量为m的小球，重力加速度为g。实验步骤如下：A.将装置水平放置，读出小球位置所对应的刻度为x0B.将装置竖直放置，挡板M在上方，待小球静止时，读出小球位置所对应的刻度为x1C.将装置水平放置并固定在一水平向右运动的小车上(M在左，N在右)，待小球稳定时，读出小球位置所对应的刻度为x2(1)该弹簧的劲度系数为

(用题中物理量的字母表示)；(2)若x2>x1则可判断小车向右做

(选填“匀速”、“匀加速”或“匀减速”)直线运动，加速度的表达式为

(12.某实验小组要测量一段金属丝的电阻率。(1)某同学先用多用电表的欧姆挡粗测金属丝电阻，把选择开关调到“×1”挡，测量时多用电表的示数如图甲所示，则该元件电阻为R=

Ω；再用螺旋测微器测量金属丝的直径d，其示数如图乙所示，则d=

mm；(2)多用电表测得的电阻往往比较粗略，为了更精确测量金属丝电阻，小组成员甲同学根据实验室提供器材：滑动变阻器(阻值为0∼5Ω)、电流表(内阻约为10Ω)、电压表(内阻约为3kΩ)，要求从零开始测量数据，请选择正确的电路图

A.

B．C.

D．(3)正确连接好第(2)问中的电路，某次实验时，电压表的示数为U，电流表的示数为I，测得金属丝的长为L，则金属丝电阻率ρ=

；(用题中的符号U、I、L、d、π表示)(4)小组成员乙同学设计了如图丙所示电路测量该金属丝电阻率，稳压源的输出电压恒为U0，定值电阻的阻值为R，电压表为理想电压表。根据多次实验测出的aP长度x和对应的电压表的示数U作出的U−x图线，图线的斜率为k，则长为L的金属丝的电阻RL=

。(用题中的符号k、R、U0、四、计算题：本大题共3小题，共38分。13.某兴趣小组设计了一个自动开关空调的装置，其原理图如图所示。一定质量的理想气体封闭在导热汽缸内，活塞上表面涂有导电物质，活塞和导电物质的厚度、质量均不计，活塞横截面积S=40cm2；开始时室内温度t0=17∘C，活塞距汽缸底部的高度H=0.58m，当室内温度上升，活塞上移h时，活塞上表面的导电物质与电路中的两固定触点(1)为使空调能在t=32∘C时启动，开始活塞距固定触点A、B(2)若从开始到空调刚启动过程气体吸收的热量为28J，则此过程气体内能的增加量为多少。14.如图所示，AB段为足够长的水平面，CD为光滑的水平导轨，质量M=3kg长度为d=12m的小车静止在AB段，小车的上表面与CD面等高。倾角α=37∘，长L=4m的传送带下端通过一小段光滑的圆弧轨道与水平导轨衔接于D点。已知传送带沿逆时针方向以v0=10m/s的恒定速度转动。可视为质点的质量m=2kg的小物块由传送带的顶端静止释放，经过一段时间小物块滑上小车，经过一段时间后从小车的左端飞出。已知小物块与传送带以及小车上表面间的动摩擦因数均为μ1=0.25，小车与AB段的动摩擦因数μ2=0.15。重力加速度g(1)小物块滑到D点时的速度大小；(2)物块在小车上运动的时间；(3)若小车与AB段的动摩擦因数μ215.如图所示，两足够长平行金属直导轨MN、PQ的间距L=0.5m，固定在同一水平面内，直导轨在左端M、P点分别与两条半径r=0.45m的竖直14圆弧固定导轨相切。MP连线与直导轨垂直，其左侧无磁场，右侧存在磁感应强度大小为B=1T、方向竖直向下的匀强磁场。长L=0.5m、质量m=1kg、电阻R=2Ω的金属棒ab跨放在两圆弧导轨的最高点。质量m′=4kg、电阻R′=12Ω的均匀金属丝制成一个金属长方形HIJK，其长为1m，宽为0.5m，水平放置在两直导轨上，金属长方形的中心到两直导轨的距离相等，且HI与导轨平行。忽略导轨的电阻、所有摩擦以及金属长方形的可能形变，金属棒、金属长方形均与导轨始终接触良好，取重力加速度g=10m/s2。现将金属棒(1)金属棒刚越过MP时产生的感应电动势大小；(2)金属长方形刚开始运动时的加速度大小；(3)开始到稳定过程中金属长方形产生的焦耳热。

答案解析1.【答案】A

【解析】A.卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，提出了原子的核式结构模型，故A正确；

B.汤姆逊发现电子，揭示了原子内部具有复杂结构，故B错误；C.β衰变是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，原子核内就失去一个中子，故C错误；D.根据比结合能的概念可知，原子核的比结合能越大，则在核子结合为原子核的过程中平均每个核子亏损的质量越多，所以平均每个核子的质量越小，故D错误。故选A。2.【答案】A

【解析】A.根据光的干涉条纹公式Δx=LdλB.只有横波才能产生偏振现象，所以光的偏振现象说明光是一种横波，B错误；C.图丙中a光的折射角更大，折射率更小，根据n=cv可知，

a光在水珠中的传播速度更大，D.图丁中，光在aa′面的折射角等于在bb′面的入射角，故两条光线平行，D错误。故选A。3.【答案】C

【解析】【详解】AB.颗粒在运动过程中受到电场力作用力，随着颗粒靠近绝缘纤维，电场强度增大，颗粒受到的电场力增大，颗粒的合力是变力，故颗粒做的是非匀变速曲线运动，故AB错误；C.颗粒靠近绝缘纤维的过程中，电场力做正功，颗粒的机械能增加，故C正确；D.根据顺着电场线方向电势逐渐降低，知a点的电势比b点的低，故D错误。故选C。4.【答案】C

【解析】【详解】A.由图乙可知，在t=0时，质点Q向上振动，结合图甲可知，波沿x轴正方向传播，故A错误；B.由图可得，波长为

λ=8m振幅为

A=10cm周期为

T=0.2st=0时刻，P的平衡位置为

x且P向下振动，则初相

φ=所以质点P的振动方程为

y=Asinωt+φ=10sinC.根据质点P的振动方程可知，质点P在t=0时的位移为

y质点P在

t=0.075s=38T

此过程中质点P经过的路程为

s=22A+A=D.人若加快抖动轻绳，则波的振动频率变大，波速不变，根据

v=λf

可知，波长变小，即两个相邻波峰之间的距离变小，故D错误。故选C。5.【答案】C

【解析】【分析】

根据电荷在磁场中偏转90°和电荷在磁场中在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，根据已知条件由几何关系和洛伦兹力提供向心力推导即可。

解决该题的关键是正确作出运动轨迹，能根据几何知识分析粒子做圆周运动的半径，掌握圆周运动的半径公式。

【解答】

AB、粒子由A点射入，由C点飞出，其速度方向改变了90∘，则粒子轨迹半径r=R，粒子的比荷为：qm=k，由qv1B=mv12r得，圆形区域的半径为R=v1kB；粒子在磁场中的运动时间为t=π2·mqB=π2kB；故AB错误；

C、要使粒子从D点离开磁场，则出磁场时的速度方向沿OD连线向外，故速度偏转角为60°，即圆心角为60°，由几何关系得：R r2=tan30°6.【答案】D

【解析】【详解】A.空间站变轨后的运动周期比变轨前的大，根据开普勒第三定律可知，其变轨后半长轴大于原轨道半径，故A错误；BD.变轨瞬间，在

P

点因反冲运动，相当于瞬间获得背向地球的分速度，原沿切向的速度不变，因此合速度变大，方向与箭头方向不共线，故B错误，D正确；C.在

P

点变轨前后，空间站所受到的万有引力不变，根据牛顿第二定律可知，空间站变轨前、后在

P

点的加速度相同，故C错误。故选D。7.【答案】C

【解析】A.题图可知0∼3.6s内运动员静止在蹦床上且

mg=500N

，图像

6s∼6.6s

内，弹力大于重力，运动员处于超重状态，故A错误；B.由牛顿第二定律可知，运动员加速度大小

a可知弹力F最大时加速度最大，结合图像弹力最大2500N，联立解得

a故B错误；C.当运动员离开蹦床时F=0，故0∼8.4s时间内的6.8s∼8.4s运动员离开蹦床做竖直上抛运动，共运动t=1.6s，由竖直上抛规律可知，运动员离开蹦床时与落回到蹦床时速度大小相等，方向相反，则运动员离开蹦床时速度大小

v=g规定向上为正方向，

8.4s∼9.4s

内，由动量定理得

I其中

Δt=1.0s联立解得蹦床给运动员的冲量大小

I故C正确；D.对运动员和蹦床构成的系统，只有重力与蹦床弹力做功，故系统机械能守恒，即运动员动能、运动员重力势能、蹦床弹性势能之和不变，图像可知

4.8s∼5.4s

内，弹力先增大后减小，可知蹦床弹性势能先增大后减小，故运动员重力势能与动能之和先减小后增大，故D错误。故选C。8.【答案】AC

【解析】【详解】A.把

R0

与电源看成一个等效电源，则等效内阻为

(r+R0)

，则电阻箱所消耗的功率P等于等效电源的输出功率，由图2可知，当

R=5Ω

时，R消耗的功率最大为解得电源内阻为

r=3Ω根据R消耗的最大功率

P=I2R

则电源电动势为

E=I(R+r+R0)=30V

BC.当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，此时有

R+电路电流为

I′=最大输出功率为

P可知随着电阻箱电阻值R的增大，电源输出功率先增大后减小，最大功率为75 W，故B错误，C正确；D.电阻箱所消耗的功率P最大时，电源效率为

η=I2(R故选AC。9.【答案】BD

【解析】【详解】A.电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势。

α

粒子带正电，根据粒子的运动轨迹可知，电场力方向指向轨迹的凹侧，所以电场线方向大致是由

a

指向

c

。沿电场线方向电势逐渐降低，所以

M

点的电势低于

N

点的电势，故A错误；B.电场力做负功，电势能增加。因为

α

粒子从

M

点运动到

N

点的过程中电场力做负功，所以

α

粒子在

N

点的电势能比在

M

点的电势能大，故B正确；C.根据动能定理，合外力做功等于动能的变化量。因为电场力做负功，所以动能减小，速度减小，即

α

粒子在

M

点的速率大于在

N

点的速率，故C错误；D.等势面越密的地方，电场强度越大。由图可知，

N

点处等势面比

M

点处密，所以

N

点的电场强度比

M

点大。根据

F=qEα

粒子在

N

点受到的电场力比在

M

点受到的电场力大，故D正确。故选BD。10.【答案】AD

【解析】【详解】A.设球

A

与墙面作用力为0时，球

A

的速度为

vA

，球

B

的速度为

vB

，则由系统机械能守恒有又因为

v联立解得

vA=30gL9

，

B.设球

A

落地时的速度为

vA1

，此时球

B

的速度为

vB1

，则由系统机械能守恒有由分析可知，从球A与墙面作用力为0到落地过程，球A与墙壁脱离，则由A、B系统水平方向动量守恒可得

m联立解得

vA1=239gL9

，C.由于不计一切摩擦，则当球

A

与墙面作用力为0时，杆对球A的作用力是零，故此时杆对球B的作用力也是零，而在竖直方向上球B受重力和水平面的支持力处于平衡状态，所以地面对球

B

的作用力大小等于

mg

，故C错误；D.从球

A

释放到落地的过程中，对球

B

列动能定理方程有

W解得杆对球

B

做功为

W杆=mgL27故选AD。11.【答案】mg匀减速(

【解析】【详解】(1)由题意可知，弹簧的原长为

x0

，当装置竖直放置时，因为挡板M在上方，所以弹簧处于伸长状态；对小球，根据平衡条件可得

解得

k=(2)[1]若

x2>[2]根据牛顿第二定律可得

k(解得

a=12.【答案】110.900CπUkLR

【解析】【详解】(1)[1]该元件电阻为

R=11×1Ω=11Ω[2]金属丝的直径

d=0.5mm+40.0×0.01mm=0.900mm(2)因要求从零开始测量数据，故选用滑动变阻器的分压式连接，又电流表的内阻跟待测电阻相差不多，并且电阻值未知，故用电流表的外接法，故选C。(3)由部分电路的欧姆定律有

I=由电阻定律有

R=ρ联立解得

ρ=(4)设金属丝的总电阻为

R0

，由闭合电路的欧姆定律有

由部分电路的欧姆定律有电压表的示数

U=I故

k=解得

R13.【答案】【详解】(1)气体发生等压变化，由盖—吕萨克定律有

V得

HS代入数据，解得