数学解析答案广东深圳市聚龙科学中学2025-2026学年第二学期高一下学期第一阶段质量监测联考（4月中旬）

高一年级第一阶段质量监测物理学科参考答案及评分标准题号123456789答案DBCDCBAACADBCD1．D【详解】做曲线运动的物体一定受到与速度不共线的力的作用，质点速度一定变化，则一定有加速度，不是平衡状态，则选项ABC错误，D正确。故选D。2．B【详解】根据开普勒第二定律，相同时间内行星与太阳的连线扫过的面积相同，夏至时地球与太阳的连线最长，所以速度最小。故选B。3．C【详解】AB．A、B两点的线速度方向一定不同，AB错误；C．A、B两点同轴转动，角速度相同，C正确；D．A、B两点的加速度方向一定不同，D错误。故选C。4．D【详解】A.向心力是效果力，受力分析时，不能分析向心力，故A错误；B.倾斜路面上汽车受到的支持力与斜面垂直，不是竖直向上的方向，故B错误；C.令斜面的夹角为θ,当汽车速度满足：mmgtanθ即v=gvtanθ时，汽车不受摩擦力作用，D.甲车转弯时，由静摩擦力提供圆周运动向心力，故甲车一定受平行路面指向弯道内侧的摩擦力，故D正确．5．C【详解】行星绕恒星做圆周运动，根据万有引力提供向心力Gmr知道轨道半径和周期，可以求出恒星的质量，行星是环绕天体，在分析时质量约去，不可能求出行星的质量，故C正确，ABD错误。故选C。6．B【详解】铅球做斜抛运动，水平方向做匀速直线运动，根据x=vxt可知水平位移x随时间t变化的图像为正比例函数图像。故选B。7．A【详解】根据平抛的竖直分运动是自由落体运动，有hgt2可得平抛时间为ts竖直分速度为vy=gtm/sm/s刚要落到球拍上时速度大小为vm/sm/s故选A。8．AC【详解】AB．平抛运动竖直方向上有hgt2解得t由于大人抛出点高度大于小孩抛出点高度，则小孩抛出的圆环运动时间较短，A正确，B错误；CD．平抛运动水平方向上有x=v0t结合上述有v0=x由于大人抛出点高度大于小孩抛出点高度，水平分位移相等，则小孩抛出的圆环初速度较大，C正确，D错误。故选AC。9．AD【详解】A．甲图中，汽车通过拱桥的最高点时，向心加速度方向竖直向下，处于失重状态，故A正确；B．“水流星”匀速转动过程中，桶对水的压力和水的重力的合力提供向心力，当“水流星”在最低处时，重力背向圆心，根据牛顿第二定律可得N_mg=m可知水受到的支持力最大，则水对桶底的压力最大，故B错误；C．丙图中，火车转弯超过规定速度行驶时，火车重力和铁轨对火车的支持力的合力不足以提供向心力，火车有离心趋势，则外轨对外轮缘会有挤压作用，故C错误；D．丁图中，圆锥筒静止且内壁光滑，同一小球分别在筒内壁的A、B两位置所处平面做匀速圆周运动，设小球与锥顶连线与竖直方向的夹角为θ,小球所受重力与内壁支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律可得ma解得a可知在两位置小球的向心加速度大小相等，故D正确。故选AD。10．BCD【详解】A．“嫦娥一号”绕月球运行时，仍未脱离地球引力的约束，所以其发射速度应大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，故A错误；B．从大轨道Ⅲ变轨到更小的轨道Ⅱ需要做近心运动，因此需要在切点Q点火减速，使万有引力大于所需的向心力，从而进入内层轨道，故B正确；C．根据ma可得aQ点是轨道切点，到月球中心的距离r相同，因此两个轨道在Q点的加速度大小相等，故C正确；D．根据开普勒第三定律，绕同一中心天体运动的天体，轨道半长轴的立方与公转周期平方的比值为定值，因此两个轨道的该比值相等，故D正确。故选BCD。11．(1)C(2)一(3)（每空2分）【详解】（1）在该实验中，研究向心力与质量、半径、角速度之间的关系，则主要利用了控制变量法来探究向心力，故选C。（2）在某次实验中，把两个质量相等的钢球放在B、C位置，探究向心力的大小与半径的关系，则需要保持角速度不变，需将传动皮带调至第一层塔轮。（3）在另一次实验中，把两个质量相等的钢球放在A、C位置，则转动半径相等，传动皮带位于第二层，两塔轮转动半径之比2：1，两塔轮边缘的线速度相等，根据v=ωR可知转动的角速度之比为1:2，根据F=mω2r可知，两钢球受的向心力之比为1:4，即左右两标尺露出的格子数之比约为1:4。12．(1)乙A(2)AB(3)B0.59（每空2分）【详解】（1）为研究水平方向分运动特点，需要将平抛运动与匀速直线运动进行对比。故应该选装置乙。A球平抛、B球自由下落，两者落地时间仅与竖直高度有关，与质量无关，但需保证A、B大小相同，避免空气阻力差异对实验的影响；质量不影响自由落体时间(重力加速度与质量无关)，且实验未要求质量相同。两球竖直方向均做自由落体运动(A的竖直分运动是自由落体)，下落高度相同则落地时间差为0，与托板高度无关；A球平抛的时间由竖直高度决定与打击力度无关。故选A。（2）A．调节装置使其背板竖直，才能保证小球落在背板上的痕迹准确反映平抛轨迹，A正确。B．调节斜槽末端切线水平，才能保证小球抛出时初速度水平，B正确。C．坐标原点应选小球在斜槽末端时球心的位置，不是斜槽末端的投影点，C错误。D．每次释放小球的高度应相同，保证初速度一致，不需要等间距下降，D错误。故选AB。（3）由图可知因为B点更接近曲线轨迹上，所以为得到小球的水平速度应该选B点进行计从原点到B点，小球竖直方向上做自由落体运动，时间为ts所以vm/s131）7500N2）20m/s3）8km/smg_N=m（2分）代入数据解得根据牛顿第三定律得汽车对桥的压力N,=N=7500N（1分）（2）当车对桥顶的压力N=0时rmg=mv（2分）r代入数据得v1=20m/s（2分）（3）当桥的半径变为地球的半径时mg=m（2分）可解得141）L>200m2）见解析【解】（1）若抛靶装置在子弹的射程以外，则不论抛靶速度为何值，都无法击中，竖直方向Hgt2（2分）水平方向x=v1t（2分）联立可得x=200m（1分）当L>x=200m时，无论v2为何值都不能被击中。（回答题目设问1分）（2）若靶能被击中，则击中处应在抛靶装置的正上方，设经历的时间为t1，则解得竖直方向ygt（1分y1=5my2=v2tgt（1分y2=15my1+y2=5m+15m=20m=H（1分）所以靶恰好被击中。（回答题目设问1分）15．(1)22rad/s(2)0.5smrad/srad/s【解】（1）物块与圆盘刚好相对滑动时，有μmg=mω2R（2分）解得ω=22rad/s（1分）（2）物块在空中平抛运动，满足Hgt2（2分）解得t=0.5s（1分）（3）平抛速度v=ωR（1分）水平位移s=vt（1分）落地点与O'距离s（1分）联立解得sm（1分）（4）木块受到的最大静摩擦力fmax=μMg①当ω较小时，木块有近心趋势，静摩擦力沿