广西贵港市覃塘区2026年中考一模物理试题（含答案）

第第页广西贵港市覃塘区2026年中考一模物理试题一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。在给出的四个备选项中，只有一个选项符合题目要求。）1．为纪念科学家对物理研究的贡献，常常以科学家的名字作为物理量的单位。属于电功单位的是（）A．安培 B．欧姆 C．焦耳 D．伏特2．下列用电器中使用电磁波来加热食物的是（）A．电热炉 B．微波炉 C．电烤箱 D．电饭锅3．同种材料制成长为L、电阻为R粗细均匀的导线，对折后电阻变为（）A．2R B．R C．R2 D．4．蒸制粽子是广西家家户户过年时进行的传统活动。其中涉及有关物理现象表述正确的是（）A．水沸腾时吸收热量，温度升高B．蒸粽子时，通过做功的方式改变内能C．刚出锅的粽子很烫是粽子含有的热量多D．粽香扑鼻，说明分子不停地做无规则运动5．贵港抽水蓄能电站是广西“十四五”规划重点实施项目，总装机容量120万千瓦。建成后将对沿海核电及海上风电送出消纳具有重要调节作用。以下说法中错误的是（）A．自然界存在多种形式的能B．核能是可再生能源C．抽水时，把电能转化为水的机械能D．发电时，把水的机械能转化为电能6．我们在日常生活中要树立安全用电的意识。下列做法中，符合安全用电原则的是（）A．严禁靠近高压设备B．发现有人触电立刻救人再切断电源C．金属外壳的冰箱放在地上不用接地线D．使用测电笔，手不能接触测电笔的任何金属部分7．关于热机与环境保护，下列说法正确的是（）A．热机工作过程中能量不守恒B．热机的大量使用不会造成环境污染C．热机中燃料燃烧放出的能量全部用来做功D．改进热机性能，可以有效利用资源，减少排放污染8．2025年12月，长征八号甲火箭首次采用以煤炭为原料的煤基航天煤油，标志着中国航天燃料的重大突破。火箭以煤基航天煤油作燃料是因为它（）A．热值较高 B．比热容较大 C．密度小 D．易凝固9．如图所示，某同学设计一个楼道照明“智能化”电路，即利用“光控开关”（天黑时自动闭合，天亮时自动断开）和“声控开关”（当有人走过发出声音时，自动闭合，无人走过没有声音时，自动断开）来控制灯泡。下列符合要求的电路图是（）A． B．C． D．10．电磁学是现代科技的核心基础，下列各图关于电与磁的描述正确的是（）A．图甲：是发电机的工作原理B．图乙：电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的C．图丙：是奥斯特发现的磁生电现象D．图丁：动圈式话筒和电动机的工作原理相同二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。）11．“二十四节气”被誉为“中国古代第五大发明”。下列关于其中部分节气包含的物理知识，解释正确的是（）A．伏天三场雨，薄地长好麻——雨的形成是汽化现象，该过程需吸热B．天气转凉，露凝而白——露的形成是液化现象，该过程需放热C．霜降有霜，米谷满仓——霜的形成是凝华现象，该过程需放热D．小寒冻土，大寒冻河——河水结冰是凝固现象，该过程需吸热12．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R0A．电流表A的示数增大B．电压表V2C．电压表V1D．若将电路中的电压表V1换成电流表A三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）13．如图是石墨烯结构图，它是目前强度最大、导电性最强的材料，适合制成（选填“输电线”或“电热丝”）。第9届亚冬会主持人服装添加石墨烯后，某处加热即可将热量均匀传递全身，说明石墨烯还具有优异的（选填“导热性”或“隔热性”）。14．2025年11月中国空间站迎来“厨房神器”—热风烘烤机（如图），该烘烤机主净化部分是将油烟微粒在高压下带负电，根据异种电荷互相的原理，让它们被迁移到带正电的收集板。磁悬浮列车随着中国制造2025的发展将在各城市推广，磁悬浮列车通过同名磁极间的相互将车体托举起来。（两空均选填“吸引”或“排斥”）15．小明家的电能表在月初的示数为4293.6kW·h，月末的示数如图所示，则这个月小明家用电量为kW·h；若家中电热水壶正常工作时的电流为5A，连续工作600s，该电热水壶消耗的电能为J。16．福建舰是中国第一艘电磁弹射型航空母舰，直接跨越了传统蒸汽弹射技术，电磁弹射是根据（选填“电场”或“磁场”）对通电导线有力的作用进行工作，舰载机弹射起飞过程是（选填“电能”或“内能”）转化为机械能。17．EUV光刻技术采用13.5纳米波长的极紫外光进行工作，是制造7纳米及以下芯片的核心设备。极紫外线（选填“属于”或“不属于”）电磁波，真空中极紫外线的（选填“波速”、“波长”或“频率”）与红外线的相等。18．如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，滑片P从A端移动到B端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图像如图乙所示。R2的最大阻值为Ω；若把电压表量程改为0~3V，在保证各元件安全的情况下，该电路的最小电功率和最大电功率之比为四、作图题（本大题共1小题，共6分。）19．按要求完成下列作图；（1）请用笔画线代替导线完成图中串联电路的连接，并用箭头标出闭合开关后导线a中的电流方向。（2）用笔画线表示导线，将图中的开关、插座分别接入家庭电路中。（3）如图，请标出电源正极和磁感线的方向。五、实验探究题（本大题共4小题，共25分。）20．如图所示的是物理兴趣小组“探究冰熔化规律”的实验装置：（1）实验中甲图采用了“水浴法”加热，目的是使冰；（2）实验中某时刻温度计的示数如图乙所示，该物质此时的温度为℃；（3）图丙是根据实验记录数据作出的温度随时间变化的图像，由图像可知，冰是（选填“晶体”或“非晶体”）；（4）生活中细心的小红发现未对冰块进行加热，可是冰块仍然缓慢熔化了，小红得出冰的熔化不需要吸热。小红的这个结论是（选填“正确”或“错误”）的，理由是。21．按要求完成下列实验题；（1）如图甲所示，悬挂在水平放置蹄形磁体两极间的导体与灵敏电流计构成闭合回路。当磁体不动，导体竖直向上运动时，电流计指针（选填“偏转”或“不偏转”）；当导体不动，磁体向右运动时，闭合电路中（选填“能”或“不能”）产生感应电流；该实验装置涉及的物理学原理是由（选填“奥斯特”或“法拉第”）发现的；若将图中灵敏电流计换成，还可以探究电动机原理。（2）如图乙所示是探究“影响电磁铁磁性强弱因素”的实验，该实验通过电磁铁吸引大头针数量的多少反映电磁铁的磁性强弱，这种研究方法称为（选填“转换法”或“控制变量法”）；闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向左移，铁钉吸起大头针的数量更（选填“多”或“少”）。22．小明在学校实验室做“探究并联电路电流规律”的实验，设计的电路图如图甲所示：（1）连接电路时，开关要；（2）按图甲连接好电路，闭合开关S后，发现电流表的指针偏转如图乙所示，造成这一现象的原因是；（3）改正错误后，小明开始测量，并把实验数据填入下列表格，第二次实验测量B处的电流时，电流表的指针偏转如图丙所示，读数为A；实验次数A处的电流IAB处的电流IBC处的电流IC10.100.120.2220.20

0.4430.250.300.55分析实验数据，可得出结论：（用含有IA、IB、IC（4）为了使实验结论具有普遍性，小明和同学讨论了以下三种方案：①反复断开、闭合开关，测出A、B、C三处的电流；②只改变电源电压，测出A、B、C三处的电流；③在一条支路上换上规格不同的灯泡，测出A、B、C三处的电流。以上三种方案，你认为不可行的方案是；小红根据测量数据判断小明选择的是方案（均选填“①”、“②”或“③”）。23．实验小组要做“探究电流与电压、电阻的关系”实验，准备了以下器材：电源电压为5V且保持不变，电流表（0~0.6A）、电压表（0~3V）、滑动变阻器（20Ω；1A）、四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω）、开关、导线若干。他们先探究电流与电压的关系：（1）在进行实验前，小红认为图甲电路可以完成该探究，小明觉得不能完成，理由是：；（2）完善方案后设计出图乙的电路图，请你用笔画线代替导线把图丙连接成正确的完整电路；（3）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最（选填“大”或“小”）端；（4）实验过程中得到的部分数据如下表所示。实验序号123…电压U/V0.81.62.4…电流I/A0.160.320.48…由实验所得数据，可以得到实验结论：当电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成（选填“正比”或“反比”）；（5）完成上述实验步骤后，他们接着探究电流与电阻的关系时，要保持电压表示数U0不变。为保证5Ω、10Ω、15Ω、20Ω四个定值电阻都能单独接入电路完成实验，电压表示数U0至少为（6）实验完成后记录数据的纸被同学无意撕断，只剩部分表格，如下表所示。根据其他小组的结论，我们能判断表中数据探究的是电流跟（选填“电压”或“电阻”）的关系；判断的依据是。510150.600.300.20六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要演算步骤，只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分，答案必须明确写出数值和单位。）24．如图是小华家安装的即热式电热水器，有高、低温两挡，铭牌上相关参数如下表所示。某次小华用高温挡淋浴时，水的初温是20℃，淋浴头的出水温度为40℃，淋浴10min共用水50kg。[c额定电压220V频率50Hz额定功率低温挡4400W高温挡8000W（1）求即热式电热水器低温挡工作的电阻；（2）求用高温挡淋浴10min水所吸收的热量；（3）求该电热水器高温挡工作时的效率；（4）安装连接该电热水器需要使用较粗的铜导线，而普通照明电路常用较细的铜导线，请简述其中的物理学原理。25．恒温箱广泛应用于科研、医疗、养殖等领域。在学校开展的综合实践活动中，某小组设计的装置内部电路如图甲所示，可实现加热、保温两档自动切换，其中R0是定值电阻，Rx为热敏电阻，R1、R2为电热丝。控制电路电源电压U为3V，R0为25Ω，R（1）该恒温箱的温度为25℃时控制电路的电流；（2）该恒温箱加热状态时工作电路的电功率；（3）该恒温箱的温度控制范围；（4）进行培育实践时，要求适宜温度为20℃~25℃，小组成员对恒温箱进行调试，并设计了两种调整方案。方案一：保持电源电压和控制电流不变，只把R0方案二：保持R0请任意选择其中一个方案计算分析判断其是否可行。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】人们以物理学家的名字命名电功的单位，他的名字是焦耳。

故ABD错误，C正确；

故选：C。

【分析】电功的国际单位是焦耳，简称焦，符号是J。2．【答案】B【解析】【解答】A、电热炉的核心部件是电阻丝，通电后电流通过电阻丝产生热量，利用电流的热效应将电能转化为内能，通过热传递加热食物，不使用电磁波，故A错误。

B、微波炉通过磁控管产生微波，微波属于电磁波。微波可以穿透食物，使食物中的水分子发生高频振动，分子间相互摩擦产生大量热量，从而实现食物的整体加热，是利用电磁波加热食物的用电器，故B正确。

C、电烤箱内部安装有电热管，通电后电热管利用电流的热效应发热，通过热辐射和热对流的方式加热食物，不使用电磁波，故C错误。

D、电饭锅底部的发热盘内置电阻丝，通电后电阻丝利用电流的热效应发热，通过热传递将热量传递给锅内的食物，实现加热，不使用电磁波，故D错误。故选：B。

【分析】电热炉、电烤箱、电饭锅的加热原理均为电流的热效应，依靠电阻丝通电发热来加热食物；

微波炉的加热原理是利用微波使食物内部分子高速振动生热，是唯一使用电磁波加热的用电器。3．【答案】D【解析】【解答】在电阻丝温度不变的条件下，电阻的影响因素是材料、长度、横截面积，当电阻线对折后，长度变为原来的12，横截面积变为原来的2倍，导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，此时电阻变为原来的四分之一。

故选：D。4．【答案】D【解析】【解答】A、水沸腾的特点是：持续吸收热量，但温度保持在沸点不变，不会升高。故A错误。

B、改变物体内能的方式有做功和热传递两种。蒸粽子时，粽子吸收高温水蒸气的热量，是通过热传递的方式增加内能，不是做功。故B错误。

C、热量是一个过程量，描述的是热传递过程中能量的转移量，不能说物体“含有”或“具有”热量。刚出锅的粽子很烫，是因为粽子的温度高，而不是含有的热量多。故C错误。

D、粽香扑鼻是扩散现象，是粽子的香味分子在空气中不停地做无规则运动，扩散到人的鼻腔中被感知，说明分子在永不停息地做无规则运动。故D正确。故选：D。

【分析】（1）水沸腾的特点是吸热但温度保持不变；

（2）蒸粽子是通过热传递（高温水蒸气放热）改变内能，不是做功；

（3）热量是过程量，不能说物体“含有热量”，烫是因为温度高；

（4）粽香扑鼻是扩散现象，本质是分子的无规则运动。5．【答案】B【解析】【解答】A、自然界中存在多种形式的能量，常见的包括太阳能、风能、水能、核能、电能、化学能等，这些不同形式的能量可以在一定条件下相互转化，是人类生产生活中各类能源利用的基础。故A不符合题意。

B、可再生能源是指可以源源不断从自然界获得，或者在短时间内可以再生的能源，如太阳能、风能、水能等；不可再生能源则是指在短期内无法再生、消耗后会逐渐减少的能源。核能的获取依赖铀、钚等核燃料，这些矿产资源的形成需要漫长的地质年代，属于不可再生资源。故B符合题意。

C、抽水蓄能电站抽水时，电动水泵消耗电网的电能，驱动水泵将下水库的水抽取到高处的上水库中，这个过程中，电能转化为水泵的机械能，再通过水泵对水做功，转化为水的重力势能，最终实现了电能向水的机械能的转化。故C不符合题意。

D、发电时，上水库的水通过引水管道向下流动，水的重力势能转化为动能，冲击水轮机转动，水轮机带动发电机的转子切割磁感线，利用电磁感应原理将水的机械能转化为电能，最终输送到电网中。故D不符合题意。故选：B。

【分析】（1）自然界的能量以多种不同形式存在，如太阳能、风能、水能、核能、电能等，这些能量可以在一定条件下相互转化。

（2）可再生能源是可从自然界源源不断获得、短时间内可再生的能源，而核能依赖铀等核燃料，这类资源形成周期极长、消耗后无法快速再生，属于不可再生能源。

（3）抽水过程中，电动水泵消耗电能，将下水库的水抽到高处，电能转化为水的重力势能。

（4）发电时，高处的水向下流动，冲击水轮机带动发电机运转，通过电磁感应将水的机械能转化为电能。6．【答案】A【解析】【解答】A、高压触电主要有高压电弧触电和跨步电压触电两种形式。高压电弧触电是指人体靠近高压带电体时，空气被击穿形成导电通道，产生电弧触电；跨步电压触电是指高压电线落地后，人走近落地点，两脚之间存在电势差。故A正确。

B、发现有人触电时，若直接用手去拉触电者或进行施救，电流会通过人体传导，造成施救者触电。正确的应急措施是先切断电源，再实施救援。故B错误。

C、冰箱等有金属外壳的用电器，其金属外壳若与内部火线接触发生漏电，外壳会带上高压电。此时必须通过接地线将电流导入大地，否则人接触外壳会发生触电事故。无论是否放在地上，都必须接地线，故C错误。

D、使用测电笔辨别火线和零线时，手必须接触笔尾的金属体。此时人体和测电笔串联，由于测电笔内部电阻极大，流过人体的电流极小，不会造成触电，却能使氖管发光。若不接触笔尾金属体，无法形成回路，氖管不会发光，无法辨别火线。故D错误。故选：A。

【分析】（1）高压设备的电压极高，存在高压电弧触电和跨步电压触电的风险，必须保持安全距离。

（2）直接救人会导致施救者也触电，非常危险，正确做法是先切断电源。

（3）金属外壳用电器必须接地，一旦漏电，地线能将电流导入大地，防止触电。

（4）使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体才能形成回路，氖管才会发光。7．【答案】D【解析】【解答】A、能量守恒定律是自然界的普遍规律，适用于所有能量转化过程。热机工作时，燃料的化学能转化为内能，再转化为机械能，过程中虽然有能量损失，但总能量保持不变，故A错误。

B、热机大量使用时，会燃烧汽油、柴油等化石燃料，排放一氧化碳、氮氧化物等有害气体，造成大气污染；同时热机运转会产生噪声，形成噪声污染，故B错误。

C、热机工作时，燃料燃烧放出的能量只有一部分用来对外做功，大部分能量会通过废气带走、部件散热、克服摩擦等方式损失，热机效率通常只有20%~40%，故C错误。

D、改进热机性能，可以提高热机效率，在相同做功下减少燃料消耗，从而有效利用能源，同时减少废气、噪声等污染物的排放，故D正确。故选：D。

【分析】(1)能量守恒定律是自然界的基本定律，热机工作过程中能量同样守恒；

(2)热机燃烧化石燃料会排放废气、产生噪声，会造成环境污染；

(3)热机的效率远小于1，燃料燃烧的能量大部分会损失，只有少部分用来做功；

(4)改进热机性能可提高热机效率，减少燃料消耗，从而有效利用资源、减少污染物排放。8．【答案】A【解析】【解答】A、热值是燃料的一种特性，代表单位质量的燃料完全燃烧时所放出的热量。火箭燃料需要在有限质量下提供尽可能多的能量，因此选择热值较高的煤基航天煤油，相同质量的燃料完全燃烧能释放更多的热量，为火箭提供充足的动力，故A正确。

B、比热容是物质的一种热学属性，反映物质吸收或放出热量的能力，与燃料燃烧时的放热能力无关，不是选择火箭燃料的核心依据，故B错误。

C、燃料的密度大小不是火箭燃料选择的关键因素，火箭对燃料的核心要求是燃烧释放的能量多，而非密度小，故C错误。

D、易凝固会使燃料在火箭发射的低温环境中发生凝固，堵塞管路、影响燃料输送，是燃料的缺点，不符合火箭燃料的要求，故D错误。故选：A。

【分析】（1）热值是燃料的特性，热值越高，相同质量的燃料完全燃烧时释放的能量越多，适合作为火箭燃料；

（2）比热容反映物质吸放热能力，与燃料的燃烧放热能力无关，不是选择火箭燃料的依据；

（3）密度大小不是火箭燃料选择的核心考量，燃料的核心要求是燃烧放热多；

（4）易凝固会导致燃料在低温环境下凝固，影响火箭使用，不是燃料的优点。9．【答案】D【解析】【解答】根据要求，光控开关在天黑时自动闭合，声控开关在有人走过时，发出声音，当两个开关都闭合，电路断开，则开关串联，D符合题意。故选D。

【分析】多个开关同时控制用电器，用电器和开关串联。10．【答案】B【解析】【解答】A、图甲装置中包含电源，通电后导体棒ab在磁场中发生运动，这是磁场对电流的作用，属于电动机的工作原理。发电机的原理是电磁感应，不需要外部电源，故A错误。

B、电磁继电器的核心元件是电磁铁。当控制电路接通时，电流通过电磁铁使其产生磁性（磁效应），吸引衔铁，从而接通或断开工作电路；当控制电路断开时，电磁铁失去磁性，衔铁复位。整个过程利用了电流的磁效应，故B正确。

C、图丙是奥斯特实验，导线通电后，下方的小磁针发生偏转，证明了电流周围存在磁场，故C错误。

D、图丁是动圈式话筒，声波推动膜片振动，带动线圈在永磁体的磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，利用的是电磁感应原理；而电动机是利用磁场对电流的作用原理工作。两者工作原理截然不同，故D错误。故选：B。

【分析】（1）图甲中有电源，是通电导体在磁场中受力运动，属于电动机原理，不是发电机；

（2）电磁继电器核心部件是电磁铁，利用电流的磁效应工作；

（3）图丙是奥斯特实验，证明电流周围存在磁场，即磁生电现象的逆过程；

（4）图丁动圈式话筒利用电磁感应，电动机利用磁场对电流的作用，原理不同。11．【答案】B,C【解析】【解答】A、雨的形成过程是：空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴，大量小水滴聚集形成降雨。液化是放热过程，而汽化是物质由液态变为气态的过程，需要吸热。故A错误。

B、露是在天气转凉时，空气中的水蒸气遇到温度较低的植物叶片等，液化成小水珠附着在表面。故B正确。

C、霜是在气温低于0℃时，空气中的水蒸气直接凝华成固态的小冰晶，附着在物体表面。故C正确。

D、河水结冰是水由液态凝固成固态冰的过程，凝固是放热过程，不是吸热。故D错误。故选：BC。

【分析】（1）雨的形成是水蒸气液化成小水滴，属于液化现象，该过程放热，不是汽化吸热；

（2）露是空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴，属于液化现象，该过程放热；

（3）霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华成小冰晶，属于凝华现象，该过程放热；

（4）河水结冰是水凝固成冰，属于凝固现象，该过程放热，不是吸热12．【答案】A,D【解析】【解答】A．根据欧姆定律，光敏电阻R的阻值减小，电路电流增大，电流表A示数增大，故A正确。B．根据U=IR，可得定值电阻R0​两端电压增大，由串联电路电压规律，电阻R​和灯泡L两端的电压之和会减小，即VC．电压表V1D．灯泡被短接，此时电流表A测量灯泡的电流，故其示数为0，故D正确。故选：AD。

【分析】（1）光照增强时，光敏电阻R阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律，电路电流增大，电流表A示数增大；

（2）电压表V2测灯泡L和光敏电阻R的总电压，电路电流增大，定值电阻R0两端电压U0=IR0增大，电源电压U不变，因此V2示数U2=U-U0减小；

（3）电压表V1测灯泡L和光敏电阻R的总电压，其与电流表A的示数之比等于L和R的总电阻，灯泡阻值不变，R阻值减小，总电阻减小，因此该比值减小；

（4）若将V1换成电流表A2，电流表相当于导线，会短路灯泡L和电流表A所在支路，因此电流表A的示数为0。13．【答案】输电线；导热性【解析】【解答】输电线的材料导电性好，电热丝的电阻大，石墨烯导电性最强，适合制成输电线；某处加热，热量能均匀传递，则石墨烯能快速传导热量，具有优异的导热性。

【分析】输电线的导电性强；容易导热的物体，导热性强。14．【答案】吸引；排斥【解析】【解答】电荷间的相互作用规律是：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。油烟微粒在高压下带负电，收集板带正电，二者为异种电荷，会互相吸引，从而让油烟微粒被迁移到收集板上，实现净化。

磁极间的相互作用规律是：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引。磁悬浮列车要将车体托举起来，需要利用向上的力抵消重力，因此通过让列车和轨道的同名磁极相对，利用同名磁极互相排斥的力，将车体托起，实现悬浮故答案为：吸引；排斥。

【分析】油烟微粒带负电，收集板带正电，根据电荷间的相互作用规律，异种电荷互相吸引；

磁悬浮列车需要将车体托举起来，利用的是同名磁极互相排斥的原理。15．【答案】60；660000【解析】【解答】电能表的读数单位为kW·h，最后一位是小数位。由图可知，月末电能表读数为4353.6kW·h，月初读数为4293.6kW·h。本月用电量为两次读数之差：W=4353.6kW·h−4293.6故答案为：60；660000。

【分析】本月用电量等于月末电能表读数减去月初读数，计算得用电量。

根据电能公式W=UIt，计算得消耗的电能。16．【答案】磁场；电能【解析】【解答】电磁弹射器的核心原理是磁场对通电导体有力的作用：当通电导线处于磁场中时，会受到磁场力的作用，从而产生巨大的推力，带动舰载机加速起飞。因此电磁弹射是根据磁场对通电导线有力的作用进行工作的。

电磁弹射工作时，需要消耗大量的电能，通过磁场力将电能转化为舰载机的机械能，使舰载机获得足够的起飞速度。因此舰载机弹射起飞的过程是电能转化为机械能。

故答案为：磁场；电能。【分析】电磁弹射的工作原理是磁场对通电导线有力的作用；

电磁弹射过程中消耗电能，将舰载机弹射出去获得机械能，因此是电能转化为机械能。17．【答案】属于；波速【解析】【解答】电磁波包含无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线等多个波段，极紫外线属于紫外线波段，因此属于电磁波。

根据电磁波的基本性质，所有电磁波在真空中的传播速度都相同，均为光速，与电磁波的波长、频率无关。极紫外线和红外线属于不同波长的电磁波，在真空中波速相等。

故答案为：属于；波速。

【分析】极紫外线属于电磁波家族的一员。

所有电磁波在真空中的传播速度都等于光速。18．【答案】50；1∶2【解析】【解答】由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R2两端电压，电流表测电路电流。当滑片P在B端时，R2接入电路的电阻最大，此时电路电流最小，由图乙可知，最小电流为0.1A，此时R2两端电压为5V。串联电路中电流处处相等，此时通过R2的电流为0.1A，R2两端电压为5V，因此R2的最大阻值为R2当滑片在A端时，根据欧姆定律I=UR，电路电流最大I当滑片在B端时，电源电压U=联立得0.6解得R1=10Ω，电源电压U=0.6A×10Ω=6V电路电流I=当R2=0时，U2=0<3V，符合电压表量程，故电路最大电流仍为I大=0.6A最小功率为P则功率之比为P小P大=1.8W3.6W=1219．【答案】（1）​​​​​​​（2）​​​​​​​（3）​​​​​​​【解析】【解答】（1）两灯串联，电流从电源正极流出，经开关、两灯回到电源负极，导线a中的电流方向如下所示：（2）开关控制电灯时，开关和电灯串联，火线首先过开关再入灯泡，然后接到零线上；三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示：（3）由图可知，通电螺线管的左侧为N极，右侧为S极，则外部磁感线由N指向S极；由安培定则可得电流由右侧流入，电源的右侧为正极，左侧为负极，如图所示：

【分析】（1）将两灯串联，电流从电源正极流出，经两灯回到电源负极。（2）电灯的接法：火线首先进开关，再入电灯顶端的金属点，零线直接接入电灯的螺旋口；三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线。（3）由通电螺线管的磁极画出磁感线的方向，由安培定则可得出电流的方向，进而确定电源正、负极。（1）两灯串联，电流从电源正极流出，经开关、两灯回到电源负极；在电源外部，电流是从正极流出，流回到电源负极，所以导线a中的电流方向如下所示：（2）为了保证用电安全，开关要接在火线和灯泡之间；三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示：（3）因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向右的。根据安培定则，伸出右手使大拇指指向螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极。如图所示：20．【答案】（1）受热均匀（2）2（3）晶体（4）错误；室温高于冰的温度，冰仍然可以从周围空气中吸收热量，因此熔化是需要吸热的【解析】【解答】（1）将试管放到烧杯的水中加热，会使冰受热均匀，并且温度变化比较慢，便于记录实验温度。

（2）该温度计分度值为1℃，液柱顶端位于0℃上方第2格，因此示数为2℃。

（3）由丙图可知，冰熔化时温度不变，因此冰是晶体。

（4）冰的熔化需要吸热，未对冰进行加热但冰熔化了，是因为冰可以从周围环境中吸收热量，所以小红认为冰的熔化不需要吸热的看法是错误的。

故答案为：（1）受热均匀，并且温度变化比较慢，便于记录实验温度；（2）2；（3）晶体；（4）错误；室温高于冰的温度，冰仍然可以从周围空气中吸收热量，因此熔化是需要吸热的。【分析】（1）水浴法加热的优点：受热均匀；

（2）温度计的读数，看清分度值，同时注意是在零摄氏度上还是零摄氏度下；

（3）晶体和非晶体的区别，晶体有固定的熔化温度，非晶体没有；

（4）物质由固态变成液态的过程叫做熔化，熔化吸热。（1）将试管放到烧杯的水中加热，会使冰受热均匀，并且温度变化比较慢，便于记录实验温度。（2）该温度计分度值为1∘C，液柱顶端位于0∘（3）由丙图可知，冰熔化时温度不变，因此冰是晶体。（4）[1][2]冰的熔化需要吸热，未对冰进行加热但冰熔化了，是因为冰可以从周围环境中吸收热量，所以小红认为冰的熔化不需要吸热的看法是错误的。21．【答案】（1）不偏转；能；法拉第；电源（2）转换法；多【解析】【解答】（1）产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动。蹄形磁体的磁感线沿竖直方向，导体竖直向上运动时，运动方向与磁感线平行，不切割磁感线，因此无感应电流，电流计指针不偏转。磁体向右运动时，导体相对于磁体做切割磁感线运动，且电路闭合，满足感应电流产生的条件，因此能产生感应电流。

电磁感应现象（磁生电）由英国物理学家法拉第发现，奥斯特发现的是电流的磁效应，因此填法拉第。电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，需要电源为导体提供电流，因此将灵敏电流计换成电源（或电池组），即可探究电动机原理。结论：电源（或电池组）（正确）

(2)将不可直接观察的磁性强弱，转换为可直接观察的大头针吸引数量，这种研究方法是转换法。滑片左移，滑动变阻器接入电阻减小，电路电流增大；电磁铁磁性强弱与电流大小正相关，电流越大磁性越强，因此吸引大头针数量更多

故答案为：（1）不偏转；能；法拉第；电源；（2）转换法；多。

【分析】(1)蹄形磁体的磁场方向是竖直方向（N极在上、S极在下），导体竖直向上运动时，运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，不满足电磁感应的条件，因此不会产生感应电流，电流计指针不偏转。

导体不动，磁体向右运动时，导体相对磁体做切割磁感线运动，且电路是闭合回路，满足电磁感应的条件，因此能产生感应电流。

电磁感应现象是由法拉第发现的，奥斯特发现的是电流的磁效应（电生磁），因此该原理由法拉第发现。

电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，需要电源提供电流，因此将灵敏电流计换成电源（电池组），就可以探究电动机原理。

(2)电磁铁的磁性强弱无法直接观察，通过吸引大头针的数量来间接反映磁性强弱，这种将不易观察的物理量转换为易观察的物理量的方法，称为转换法；控制变量法是控制其他变量不变，研究某一变量的影响，此处不适用。

滑动变阻器滑片向左移，接入电路的电阻变小，电路中电流变大；电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，电流越大，磁性越强，因此吸引的大头针数量更多。（1）[1][2][3]产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。蹄形磁体的磁感线沿竖直方向，导体竖直向上运动时，运动方向与磁感线平行，不切割磁感线，因此没有感应电流，电流计指针不偏转；导体不动，磁体向右运动时，导体相对磁体做切割磁感线运动，满足产生感应电流的条件，因此能产生感应电流；电磁感应现象是法拉第发现的。[4]电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，电路需要电源提供电流，因此将灵敏电流计换成电源，就可以探究电动机原理。（2）[1]将不易直接测量的磁性强弱，转换为容易观察的吸引大头针的数量来反映，这种研究方法是转换法。[2]滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路的电阻减小，电路电流增大，电磁铁磁性增强，因此吸起大头针的数量更多。22．【答案】（1）断开（2）电流表正负接线柱接反了（3）0.24；IC（4）①；②【解析】【解答】（1）连接电路时，开关必须断开，防止短路损坏器材。（2）在开关闭合后电流表出现反偏，原因是电流表正负接线柱接反了。（3）图乙中电流表读数为0.24A。并联电路的电流规律：干路电流等于各支路电流之和，用表达式表示为I根据并联电路的电流规律，同时工作的用电器越多，干路的总电流就会增大，因此要注意总电流不能超过供电线路或电能表的最大允许值。（4）因为反复断开、闭合开关只能得到同一组实验数据，无法改变实验条件，不能使结论具有普遍性，即不可行的方案是①，由表格数据可知，三次实验中两条支路的电流比值始终保持不变，说明灯泡的规格没有更换，仅改变了电源电压，因此可以判断小明选择的是方案②。

故答案为：（1）断开；（2）电流表正负接线柱接反了；（3）0.24；IC=IA+IB；增大；（4）①；②。

（1）为了避免电路接通时电流过大、损坏电路元件，在连接电路的过程中，开关必须保持断开状态。（2）由图乙可看出，电流表指针反向偏转，原因是电流表正负接线柱接反，电流从负接线柱流入、正接线柱流出，违背了“正进负出”的使用要求。（3）[1]图乙中电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，由图丙，指针指向0.2A后第2小格，因此读数为0.24A。[2]对三组实验数据验证：0.100.200.25由此可归纳出并联电路的电流规律：干路电流等于各支路电流之和，用表达式表示为I[3]家庭电路中各用电器是并联的，根据并联电路的电流规律，同时工作的用电器越多，干路的总电流就会增大，因此要注意总电流不能超过供电线路或电能表的最大允许值。（4）[1]不可行的方案是①，因为反复断开、闭合开关只能得到同一组实验数据，无法改变实验条件，不能使结论具有普遍性。[2]由表格数据可知，三次实验中两条支路的电流比值始终保持不变，说明灯泡的规格没有更换，仅改变了电源电压，因此可以判断小明选择的是方案②。23．【答案】（1）无法改变定值电阻两端的电压，不能多次实验得出普遍规律（2）（3）大（4）正比（5）2.5（6）电阻；实验中改变了导体的电阻，导体两端电压保持不变【解析】【分析】（1）图甲的电路中只有定值电阻、电流表、电压表和电源，没有滑动变阻器，无法通过调节来改变定值电阻两端的电压，只能测量一组数据，无法完成多次实验，因此不能完成该探究。（2）根据图乙的电路图，电路为串联电路：电源→开关→滑动变阻器→电流表→定值电阻→电源，电压表并联在定值电阻两端。（3）闭合开关S前，为了防止电路中电流过大，烧坏电表或用电器，需要将滑动变阻器的滑片移到阻值最大的位置，使电路总电阻最大、电流最小，起到保护电路的作用。（4）由表格数据可知，电阻一定时，电压与电流的比值为定值，因此可得结论：电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成正比。（5）探究电流与电阻关系时，定值电阻越大，需要滑动变阻器接入的电阻越大。当接入最大定值电阻R=20Ω、滑动变阻器调至最大阻值20Ω时，根据串联分压规律，U0U−U0(6)由表中数据可知，数据记录的是电阻和电流，且电流与电阻的乘积始终为定值，说明实验定值电阻两端的电压保持不变，因此探究的是电流跟电阻的关系。

故答案为：（1）无法改变定值电阻两端的电压，不能多次实验得出普遍规律；（2）；（3）大；（4）正比；（5）2.5；（6）电阻；实验中改变了导体的电阻，导体两端电压保持不变。【分析】(1)探究电流与电压的关系需要控制电阻不变、改变定值电阻两端电压，图甲电路无滑动变阻器，无法改变定值电阻两端电压，不能完成实验。

(2)根据图乙电路图，需将滑动变阻器、电流表串联入电路，电压表并联在定值电阻两端，注意电表量程和滑动变阻器“一上一下”接线。

(3)闭合开关前，滑动变阻器滑片需移到最大阻值处，保护电路。

(4)分析数据可知，电压与电流的比值为定值，符合“电阻一定时，电流与电压成正比”的规律。

(5)探究电流与电阻的关系需控制定值电阻两端电压不变，结合滑动变阻器最大阻值、电源电压和电流表量程，计算出电压表示数的最小值。

(6)表格中电阻变化、电流成反比变化，符合“电压一定时，电流与电阻成反比”的实验特征，因此探究的是电流与电阻的关系。（1）探究电流与电压的关系时，需要改变定值电阻两端的电压，进行多次实验寻找普遍规律；甲电路没有滑动变阻器，无法改变R两端电压，不能多次实验。（2）根据图乙可知，滑动变阻器串联在电路中，遵循“一上一下”接线原则，滑片向右滑动阻值变大，所以接入电路的是左下端接线柱，即将滑动变阻器的左下端接线柱与定值电阻的右端接线柱连接起来，如图所示：（3）闭合开关前，滑动变阻器调至最大阻值处，目的是保护电路。（4）由表格数据可知，电阻一定时，电压与电流的比值为定值，因此可得结论：电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成正比。（5）探究电流与电阻关系时，定值电阻越大，需要滑动变阻器接入的电阻越大。当接入最大定值电阻R=20Ω、滑动变阻器调至最大阻值20Ω时，根据串联分压规律，U0则定值电阻两端的电压U0（6）[1][2]由表中数据可知，数据记录的是电阻和电流，且电流与电阻的乘积始终为定值，说明实验定值电阻两端的电压保持不变，因此探究的是电流跟电阻的关系。24．【答案】（1）根