北京市丰台区2025-2026学年高一年级上册期末物理试卷（解析版）

高一物理

第一部分

本部分共14题，每题3分，共42分。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的

一项。

1.下列物理量属于矢量的是（）

A,速度B.质量C.时间D.路程

【答案】A

【解析】A.速度既有大小又有方向，遵循矢量运算法则（如平行四边形定则），是矢量，

A正确；

B.质量只有大小，无方向，是标量，B错误；

C.时间只有大小，无方向，是标量，C错误；

D.路程是运动轨迹的长度，只有大小，无方向，是标量，D错误。

故选Ao

2.交通法规定行车过程中车内人员要系安全带。在汽车紧急刹车时，安全带可以减小

（）

A.车的惯性B.人的惯性

C.因为惯性对人造成的伤害D.因为惯性对车造成的伤害

【答案】C

【解析】A.惯性只由质量决定，车的质量不变，惯性不变，安全带不能减小车的惯性，

故A错误；

B.惯性只由质量决定，人的质量不变，惯性不变，安全带不能减小人的惯性，故B错

误；

C.在汽车紧急刹车时，安全带通过限制人的运动，减少人因惯性向前冲撞车内物体造成

的伤害，故C正确；

D.安全带主要用于保护车内人员，对车本身造成的伤害不是其作用对象，故D错误。

故选C。

3.2025年9月3口9时15分，纪念中国人民抗口战争暨世界反法西斯战争胜利80周年阅

兵仪式开始。如图所示，直升机编队组成“80”图案飞过天安门广场。下列说法正确的是

A.9时15分指的是时间间隔

B.编队中的直升机最高时速可达3O5km/h指的是平均速度

C.以直升机编队中某一架直升机为参考系，其他直升机是静止的

D.在研究某架直升机飞过天安门广场所用的时间时，不能将其看成质点

【答案】C

【解析】A.9时15分指的是时刻,故A错误;

B.编队中的直升机最高时速可达305km/h指的是瞬时速度，故B错误；

C.因编队中直升机之间是相对静止的，故以直升机编队中某一架直升机为参考系，其他

直升机是静止的，故C正确；

D.在研究某架直升机飞过天安门广场所用的时间时，可忽略直升机的大小和形状而将其

看成质点，故D错误。

故选C。

4.如图所示，一物体静止放在台式弹簧秤上。下列说法正确的是（）

A.物体对弹簧秤的压力就是物体受到的重力

B.物体的重力与物体对弹簧秤的压力是一对作用力和反作用力

C.物体对弹簧秤的压力与弹簧秤对物体的支持力是一对平衡力

D.物体对弹簧秤的压力与弹簧秤对物体的支持力总是大小相等

【答案】D

【解析】AB.物体的重力竖直向下，作用在物体上，物体对弹簧秤的压力竖直向下，作用

在弹簧秤上，物体受到的重力不是物体对弹簧秤的压力，两个力既不是平衡力，也不是相

互作用力，故AB错误；

CD.物体对弹簧秤的压力与弹簧秤对物体的支持力是一对相互作川力，大小总是相等，故

C错误，D正确。

故选D。

5.如图所示，在距离地面15m高的位置以10m/s的初速度竖直向上抛出一小球，小球上升

5m后回落，最后落至地面。不计空气阻力，重力加速度g取lOm/s?，规定竖直向上为正

方向。下列说法正确的是（）

A.从抛出点至落地点小球的路程为15m

B.从抛出点至落地点小球的位移为15m

C.小球到达最高点时的速度和加速度都为0

D.从抛出点至落地点小球速度的变化量为-30m/s

【答案】D

【解析】A.路程是轨迹的长度，从抛出点至落地点小球的路程为s=5m+20m=25m

故A错误；

B.位移是初位置指向末位置的有向线段，从抛出点至落地点小球的位移为x=-15m,故

B错误；

C.小球到达最高点时，速度为0,加速度为重力加速度g,故C错误；

D.从抛出点到落地点，由位移公式得F—W=-2gx

解得u=20m/s

小球的速度变化量为==-30m/s

故D正确。

故选D。

6.在初中已经学过，如果一个物体在力”的作用下沿着力的方向移动了一段距离/,这个

力对物体做的功卬=7，功的单位是焦耳下列选项中正确反映了焦耳(J)与基本单

位米(m)、千克(kg)、秒(s)之间关系的是()

A.U=lkgm2/s2B.lJ=lkg-m2/s

C.1J=lkgm/sD.U=lkg2-m/s2

【答案】A

【解析】据牛顿第二定律尸=”以

lN=lkg-m/s2

根据功的定义式W=F4

U=lNm=l(kgm/s2)m=lkgm2/s2

故选A。

7.在龟兔赛跑的故事情境中，兔子和乌龟运动的工一/图像如图所示。下列说法正确的是

B.t｝时刻兔子和乌龟的瞬时速度相等

。时间内.兔子和乌龟的位移不同

D.0〜八时间内，兔子和乌龟的平均速度不同

【答案】D

【解析】A.由图可知乌龟从，=0时刻出发，兔子从时刻出发，A错误；

B.元一/图像斜率数值表示速度大小，在时刻，图像中兔子的斜率大，说明兔子的

速度大于乌龟的速度，B错误;

C.%~，2时间内，兔子和乌龟的初末位置均相同，位移相同，C错误:

D.根据万=——，在时间内，兔子和乌龟的位移不同，所以其平均速度不同，D正

Ar

确。

故选D。

8”奋斗名,,号是中国自主研发的万米级载人深潜器，标志着中国在载人深潜技术领域达到

世界领先水平。在某次实验中，深潜器内的显示屏上显示出的口-，图像如图所示（规定向

上为正方向）。下列说法正确的是（）

4o

ro

zsO

1.0

0

12018040300360420480540600

-1.0

-2.0

A./=600s时下潜至最深处

B.本次实验下潜的最大深度为360m

C.180s〜240s内深潜器在向下加速运动

D.480s~600s内深潜器在向下减速运动

【答案】B

【解析】AB.由口一/图像可知，0〜240s内深潜器始终向下运动，360s〜600s内深潜器

向上运动，f=240s时下潜的深度达到最大，最大深度为

,(120+240)x2

n=------------------m=360m,故A错误，B正确;

2

CD.180s~240s内深潜器在向下减速运动，480s〜6D0s内深潜器在向上减速运动，故

CD错误。

故选B。

9.人站在压力传感器上持续多次完成下蹲、站起的动作，某段时间内传感器采集的压力产

随时间/变化的情况如图所示，重力加速度g取lOm/s?。下列说法正确的是（）

B,0-8s内人完成了两次下蹲和两次站起的动作

C.0—8s内人的最大加速度大小为6m/s'

D.压力b=700N时，人的速度最大

【答案】C

【解析1A.ls~2s内人先处于失重状态，后处于超重状态，故A错误：

B.由图像可知“卜蹲”过程中，力传感器上的小数先小十重力，后大于重力，“站起”过程

中，力传感器上的示数先大于重力，后小于重力，则0〜8s时间段内，人完成了一次“卜.

蹲”和一次“站起”的动作，故B错误；

C.由图像可知，重力，咫=500N,弹力4=200N时，失重最多，加速度最大：

故。一8s内人最大加速度大小为。=磔一—=6m/s2,故C正确；

in

D.当加速度为。时，速度最大，F=7（X）N的时刻，人的加速度不为0,速度不是最大，故

D错误。

故选C。

10.蹦极运动的简化示意图如图所示，弹性绳一端固定在。点，另一端系住游客（可视为

质点）。游客从O点自由卜.落，至A点弹性绳恰好自然伸直，继续向下运动到达最低点

凡不计空气阻力，弹性绳始终在弹性限度内。下列说法正确的是（）

A.到达八点时游客的速度最大

B.到达点时游客的加速度为0

C.从A点至B点，游客受到的合力逐渐增大

D.从A点至8点，游客的速度先增大后减小

【答案】D

【解析】AB.游客从。点下落至A点时，游客仅受到重力作用，加速度向下，速度还可

以继续增大，故AB错误；

CD.游客从人点下落到最低点8的过程中，经历先向下加速再向下减速的过程，速度先

增大后减小；加速度由g逐渐减小到0再反向增加，根据牛顿第二定律五介=

游客受到的合力先减小后增大，故C错误，D正确。

故选D。

11.某同学在列车车厢的顶部用细线悬挂一个小球，当列车在水平面上以某一加速度运动

时，细线偏过一定角度后相对车厢保持静止，通过测定偏角的大小就能确定列车的加速

度。在某次测定中，细线与竖直方向的夹角。=30。保持不变，如图所示。已知重力加速

A.此时细线的拉力大小为当"吆

B.此时列车的加速度大小为之g

3

C.此时列车可能向右减速运动

D.仅增大小球的质量，夹角6将减小

【答案】B

【解析】列车启动过程是加速过程，则加速度与速度方向•致，小球与列车相对静止，加

速度相同。对小球受力分析如图所示

mg

可知合力方向水平向右，列车加速度向右，可能向左做匀减速直线运动，可能向右做匀加

速直线运动，根据牛顿第二定律和竖直方向的平衡等式，有=

Tcos0=mg

解得加速度为a=gtan0=—g

在列车加速度。一定时，细线与竖直方向的夹角保持不变,仅增大小球的质量，夹角。将不

变

绳的拉力为丁=上区=也宣

cos。3

故选Bo

12.如图所示，将一个重力为G的铅球放在倾角为夕的斜面上，并用竖直挡板挡住，铅球

处于静止状态。挡板可绕0点逆时针方向缓慢旋转直至水平，不考虑铅球受到摩擦力。下

列说法正确的是（）

A.挡板竖直时，挡板对铅球的弹力大小为Gsin。

B.挡板竖直时，斜面对铅球的支持力大小为Gcos£

C.挡板缓慢旋转过程中，挡板对铅球的弹力逐渐增大

D.挡板缓慢旋转过程中，斜面对铅球的支持力逐渐减小

【答案】D

【解析】AB.对铅球受力分析，由平行四边形定则可得6a=〃2gtan6,4二」三

cos。

故AB错误:

CD.挡板绕。点逆时针转至水平的过程中，根据矢量三角形得铅球的动态力图如下

显然，挡板缓慢旋转过程中，挡板对铅球的弹力先减小后增大；斜面对铅球的支持力逐渐

减小。故C错误，D正确。

故选D。

13.如图所示，水平地面上放一斜劈，长方体物块〃、力叠放在斜劈上，当物块〃受到一个

沿斜面向上的拉力广时，整个系统保持静止。下列说法正确的是（）

B.物块b的受力个数可能为5个

C.地面对斜劈的静摩擦力可能为0

D.地面对斜劈的支持力大小等于物块以〃和斜劈的重力之和

【答案】B

【解析】A.物块。受重力、〃给的摩擦力和支持力，受力个数为3个，故A错误；

B.物块力受重力，〃给的沿斜面向下的摩擦力和垂直斜面向下的压力，斜劈给的支持力和

可能有的摩擦力，还有拉力F,受力个数为5个或6个，故B正确；

C.对系统整体分析，由平衡条件可知，地面对斜劈的静摩擦力水平向左，大小不为0,故

C错误；

D.由于尸在竖直方向上芍分力，根据平衡条件可知，地面对斜劈的支持力大小小于物块

久〃和斜劈的重力之和，故D错误。

故选

14.如图所示，质量为1kg的物块A放在静止木箱内，A与箱底的动摩擦因数为0.3,A被

右侧轻弹簧以1.2N的水平拉力向右拉着而保持静止。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力

加速度g取lOm/s?。要使物块能相对木箱底面移动，则木箱运动的加速度可能为

()

A

A.水平向右，大小为5m/s2B.水平向左，大小为1.5m/s2

C.竖直向下，大小为5m/s2D.竖直向上，大小为1.5m/s2

【答案】A

【解析】A.物块与木箱相对静止，具有相同的加速度；

木箱运动的加速度水平向右，大小为5m/s?时，，对物块有F-f=ma

解得了=-3.8N

此时Znaxl=〃"乂g=3N<3.8N，故物块能相对木箱底面移动，故A正确；

B.木箱运动的加速度水平向左，大小为1.5m/s2时，对物块有工一尸二〃［。］

解得工二2.7N

此时Enax23N>2.7N，故物块不能相对木箱底面移动，故B错误：

C.木箱运动的加速度竖直向下，大小为5m/s2时，对物块有机8一居二m4

解得木箱对物块弹力大小片=5N

此时/皿3=〃居=L5N>1.2N，故物块不能相对木箱底面移动，故C错误；

D.木箱运动的加速度竖直向上，大小为1.5m/s2时，对物块有/今一〃吆=〃口4

解得木箱对物块弹力大小工=11.5N

此时/侬4=〃8=3.45N>1.2N，故物块不能相对木箱底面移动，故D错误。

故选Ao

第二部分

本部分共6题，共58分。

15.

（I）用如图中所示装置探究弹簧弹力与形变量的关系。

某小组使用两根不同的轻质弹簧〃和仇得到弹簧弹力与弹簧长度的关系如图乙所示。下

列说法正确的是

A.弹簧〃的原长比力的短B.弹簧。的劲度系数比〃的大

C.弹簧4的劲度系数比力的小D.弹警弹力与弹簧长度成正比

（2）用如图所示装置探究两个互成角度的力的合成规律。

其中的两个实验步骤是：

a.在水平面内，将小圆环拴在橡皮条的一端，橡皮条的另一端固定，用两个弹簧测力计互

成角度地拉动小圆环到。点，在白纸上记下。点的位置，以及£、居的大小和方向；

b.用一个弹簧测力计拉动小圆环，,记下此时F的大小和方向。

①关于本实验，下列操作正确的是

A.需先将两个测力计水平互拉，选择读数始终相同的两个测力计

B.需测出橡皮条的原长

C应保持弹簧测力计、细绳、橡皮条都与木板平行

D.用两个测力计拉小圆环时，两个力F.和居间的夹角可以成任意角度

②请补全步骤b中的操作并说明原因。

操作：;

原因：O

【答案】（I）AB（2）AC将小圆环再次拉到。点保证两次操作等效性

【解析】

【小问1解析】

A.根据/可知，图线与横轴交点为弹簧的原长，可知弹簧〃的原长比人的短，

A正确；

BC.图像斜率等于弹簧的劲度系数，可知弹簧。的劲度系数比b的大，B正确，C错

误；

D.弹簧弹力与弹簧的形变量成正比，D错误。

故选ABo

【小问2解析】

①A.为减小误差，需先将两个测力计水平互拉，选择读数始终相同的两个测力计，A正

确；

B.该实验不需要测出橡皮条的原长，B错误；

C.应保持弹簧测力计、细绳、橡皮条都与木板平行,C正确；

D.用两个测力计拉小圆环时，两个力片和鸟间的夹角大小要适当，不能过大或过小，D

错误。

故选AC。

②操作：用一个弹簧测力计拉动小圆环，将小圆环再次拉到。点，记下此时尸的大小和方

向。

原因：保证两次操作的等效性。

16.用如图甲所示装置探究加速度与力、质量的关系。

（1）关于本实验，下列说法正确的是

A.细线可以与长木板不平行

B.将长木板右侧垫高的E的是让小车受到的阻力为零

C.平衡小车所受到的阻力时，小车应连接穿过打点计时器的纸带

（2）实验中打出的一条纸带如图乙所示，A、B、C、D、E为依次选取的计数点，相邻

计数点间的时间间隔为0.1s,则打下计数点C时小车的速度大小匕=m/s；小车

的加速度。=nVs2»（结果均保留2位有效数字）

单位：cm

\?%

<<----------------------------------1------------------►

•6.19•6.70'7.21'7.72

乙

（3）甲、乙两同学在研究加速度。与拉力F的关系时未平衡阻力，分别得到如图丙所示

的两条图线。设甲、乙用的小车质量分别为M甲、A4乙，小车运动中受到的阻力大小分别

为工P、勿，由图可知，加甲M乙,儿，乙。（选填"大于"、"小于''或"等

（4）实验中平衡阻力后，小车在小桶及祛码的牵引卜.做匀加速直线运动。设小车的质量为

M,小桶及砧码的总质量为加，请利用牛顿运动定律论证：当加远小于M时，细线上的拉

力大小小近似等于小桶及跌码的总重力〃火。

【答案】（1）C（2）0.700.51（3）<=（4）见解析

【解析】

【小问I解析】

A.细线必须与长木板平行，这样才能使得细线的拉力等于小车受的合力，A错误：

B.将长木板右侧垫高的目的是为了补偿小车受到的阻力，B错误；

C.平衡小车所受到的阻力时，小车应不挂小桶，但要连接穿过打点计时器的纸带，C正

确。

故选c。

【小问2解析】

XBD(6.70+7.21)X10-2

打下计数点C时小车的速度大小v=m/s=0.70m/s

c2T-(IF

%E-勺0(7.72+7.21-6.7()-6.19)x10々

小车的加速度4=m/s2=0.51m/s2o

4T24x0.12

【小问3解析】

If

根据/一/二M。可得。二——尸一

MM

可知a-F图像的斜率倒数等于小车质量，可知M甲＜ML；

当。二0时尸产。可知加=五

【小问4解析】

根据牛顿第二定律，对小车7=Ma

对小桶nig-T=ma

,Mfng1

/=------=------

可得M+m]+2

而

可知当tn«M时可认为

17.质量为l.OxlO'kg汽车，以10m/s的速度在平直公路上行驶。在，=0时刻开始以

0.6m%2的加速度做匀加速宜.线运动。10s后因故刹车做匀减速直线运动，加速度大小为

4m/s2«求：

(1)汽车在10s末的速度大小；

(2)汽车从刹车到停止的位移大小；

(3)汽车减速过程中受到的阻力大小。

【答案】(I)I6m/s(2)32m(3)4000N

[Ori

【小问1解析】

汽车在10s末的速度大小u=%+〃/=16m/s

【小问2解析】

汽车从刹车到停止，由位移公式得-，=-2"工

解得x=32m

【小问3解析】

汽车减速过程中，由牛顿第二定律得f=w/7=4xlO3N

18.如图所示，滑梯斜面的长度为4m,与水平面夹角6=37。。一儿童.从滑梯顶端由静止

开始匀加速下滑，2s后到达底端。不计空气阻力，重力加速度g取

1Om/s2,sin37°=0.6,cos37O=0.8。

（1）画出儿童下滑时的受力示意图；

（2）求儿童下滑的加速度大小；

（3）求滑梯与儿童裤料之间的动摩擦因数。

【解^析】

【小问1解析】

儿童下滑时受力示意图如图所示

根据L=—cit~

2

—2L2x4->..•>

可r4得a。=「厂=——

♦-O-m/s~=2m/s-

【小问3解析】

根据牛顿第二定律可知mgsin371-/.ungcos37=ma

解得4=0.5

19.2025年9月13H,北京部分地区出现冰雹天气。某同学研究冰雹下落的规律时，了解

到冰窗是从12.5km的高空形成并下落的。将冰雹:看作密度为P=（）.9xl（）3kg/nr'的球

休，如图甲所示，冰雹间无相互作用且下降过程中质量不变。重力加速度g取10m/s?，

4

球的体积为匕求=4乃，，其中「为球的半径。

风玻璃

甲乙丙

（1）若不计空气阻力,请计算冰雹:落地时的速度H的大小;

（2）由于受到空气阻力的影响，冰雹实际到达地面前速度已稳定不变，此速度称为收尾速

度。冰雹竖直落向地面的过程中所受空气阻力大小为/二匕2/，其中-是冰雹的速度,

k=0.9kg/m"«3。

a.请在图乙中画出冰雹受空气阻力时无初速度下落的u-f图像；

b.若某颗冰雹;半径为1cm,求其收尾速度匕的大小。

（3）保险行业统计数据表明，此次冰雹:灾害中，露天停放的轿车后挡风玻璃受损概率明显

高于侧窗玻璃，如图丙所示，请尝试建立合理的物理模型分析原因。（所需物理量自行设

定；为研究问题方便，可认为冰雹竖宜下落，不考虑玻璃的材质、结构、面积大小的差

异。）

【答案】（1）500m/s

②20m/s（3）见解析

【解析】

【小问I解析】

若忽略空气阻力的影响，冰击做自由落体运动，由自由落体运动的速度-位移公式：庐=2的

可知，冰雹落地时的速度大小v=近新=A/2x10x12.5x103nVs=5(X)m/s

【小问2解析】

①由题意可知f=kr2v2,对冰雹:由牛顿第二定律得〃吆一/=〃3

解得:

mm

冰雹:向下做加速运动，v不断增大，加速度〃不断减小，当冰窗所受合力为零时，加速度

为零，冰雹做匀速直线运动，因此冰雹:先做加速度减小的加速运动，后做匀速直线运动，

冰雹的X图像如图所示

解得v2=20m/s

【小问3解析】

冰帽竖直下落，露天停放的轿车后挡风玻璃在水平方向的有效面积大于侧窗玻璃，根据动

量定理FZ=A/nv=vA/Sp•v

可得尸=Spv2

可知后挡风玻璃受冰窗的作用力大于侧窗玻璃，更易损坏。

20.如图甲所示，-本字典置于水平桌面上，一张A4纸。4皿夹在字典最深处，抽拽A4

纸可以拉动字典，其俯视图如图乙所示。假设字典的质量分布均匀，同一页上的压力也分

布均匀。字典总质量M=3kg,宽L=20cm,厚度〃=6cm。A4纸上、下两表面与书

页之间的动摩擦因数均为A-。-5,字典与桌面之间的动摩擦因数为