湖南省长沙市2025-2026学年高一下学期5月期物理自编试卷01（人教版）（解析版）

湖南省长沙市2025-2026学年高一下学期5月期物理自编试卷01（解析版）题号12345678910答案ACDABBBADBDBD1．A【详解】小铁球做曲线运动时，小铁球过图示中点的速度方向在过点的切线上。故选A。2．C【详解】依题意，正方体的重心距天花板的距离为以天花板为零势能面，则正方体的重心距天花板的高度为根据重力势能的定义式，可得故选C。3．D【详解】AC．子弹做匀减速直线运动，恰能穿出第四个水球，可看成初速度为0的反向匀加速直线运动，初速度为0的匀加速直线运动的比例关系可得，子弹穿过每个水球的时间之比为故AC错误；B．子弹在每个水球中的运动时间均不同，根据可知弹在每个水球中速度变化都不同，故B错误。D．根据时间的比例关系可知即子弹穿出第三个水球时为运动的中间时刻，根据匀变速直线运动规律可知中间时刻的速度等于全程的平均速度，故D正确。故选D。4．A【详解】对光滑球受力分析如图所示挡板转动时，挡板对球的弹力与斜面对球的弹力的合力大小方向不变，其中的方向保持不变，作辅助图如上，在挡板P由图示的竖直位置缓慢地转到水平位置的过程中，的方向如图中a、b、c的规律变化，由平行四边形定则可知，的大小变化规律为先减小后增大，与此对应，的大小为一直减小，由牛顿第三定律可知，球对挡板的压力先减小后增大，球对斜面的压力一直减小。故选A。5．B【详解】A．船头方向与河岸垂直，故实际轨迹是合速度方向，不与岸垂直，故A错误；B．小船过河所用时间为=20s故B正确；C．小船相对于岸的速度大小为故C错误；D．小船过河后航行到了河对岸下游处，故D错误。故选B。6．B【详解】将汽车的速度分解为沿绳子和垂直绳子两个分速度，其中沿绳子分速度大小等于被吊物体的速度大小，则有故选B。7．B【详解】AB．设从M点抛出的模块运动时间为，从N点抛出的模块运动时间为。根据题意，M点抛出的模块比N点早1s抛出，且两者同时落地，可得两模块均做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，落地点的水平位移相差30m，可得联立解得，，故A错误，B正确；CD．N点离地面的高度为，故CD错误；故选B。8．AD【详解】AB．小船在匀速靠岸的过程中，受到重力mg、绳的拉力T、阻力f、浮力F作用，受力图如图所示根据水平方向平衡关系可得由题意知，阻力f不变，靠岸的过程中增大，减小，所以绳的拉力T增大，故A正确，B错误；C．根据竖直方向平衡关系可得因T增大，增大，所以浮力F减小，故C错误；D．沿绳方向速度相同，小船在匀速靠岸的过程中，不变，减小，所以减小，故D正确。故选AD。9．BD【详解】ABC．将油桶所受重力沿平行于钢管方向和垂直两钢管所在平面方向正交分解，其中沿平行于钢管方向和垂直两钢管所在平面方向的分力大小分别为，根据几何关系可知，，则有，解得，，，故AC错误，B正确；D．若增大钢管、与水平地面间的夹角，则油桶所受重力沿平行钢管的分力增大，油桶所受摩擦力减小，所以则油桶将加速下滑，故D正确。故选BD。10．BD【详解】A．由图2可知，在内、与时间的关系分别为，则在内，与的大小之和始终为以木块甲、乙整体为研究对象，在分离前，根据牛顿第二定律，有联立解得，故A错误；C．设甲、乙两木块间的相互作用力大小为，当时，两木块正好分离。以木块甲为研究对象，根据牛顿第二定律，有解得，因此时，甲、乙两木块正好分离，两木块间的相互作用力为0，故C错误；B．根据匀变速直线运动位移与时间的关系，甲、乙两木块分离前一起运动了，故B正确；D．根据匀变速直线运动速度与时间的关系，甲、乙两木块分离前的共同速度大小为分离后，甲先匀减速至速度为0再匀加速回到分离位置，根据牛顿第二定律，有解得根据运动的对称性和匀变速直线运动速度与时间的关系，甲从分离到再次回到分离处，运动的时间为分离后，乙做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，有解得从分离后到甲再次回到分离位置，根据匀变速直线运动位移与时间的关系，乙的位移为斜面总长度为，故D正确。故选BD。11．(1)质量半径力传感器(2)(3)【详解】（1）[1][2]根据向心力公式可知，探究向心力跟角速度的关系，需要控制质量和半径不变。[3]由力传感器读出拉力。[4]角速度（2）根据向心力公式可知图像是过原点的倾斜直线，故图像横坐标表示的物理量是。（3）根据可知图像斜率解得12．(1)AC(2)(3)AC(4)遮光条初始位置到光电门的距离【详解】（1）A．利用打点计时器打点时，要先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，故A正确；B．打点计时器本身就可以记录打点的时间，故不需要停表记录时间，故B错误；C．验证机械能守恒，需要知道重物下落的高度，通过再纸带上用刻度尺测量点迹之间的距离可以得到重物下落的高度，故C正确。故选AC。（2）重物运动到B点时的速度大小则重物运动到B点时的动能为（3）A.对物体有整理得可知图像斜率为图像可知Q的图像斜率恒定，因此Q受到的阻力大小恒定，故A正确；B.图像可知P的图像斜率大，因此有整理得因此阻力对P的影响更小，故选择P进行实验误差更小，故B错误，C正确；故选AC。（4）[1]由于要计算重力势能的变化量，需要知道重物下落的高度，故需要测量遮光条释放的位置到光电门之间的距离；[2]要验证系统的机械能守恒，则需要验证因为联立整理得13．(1)(2)(3)【详解】（1）小球要完成完整圆周运动，最高点临界条件为：轻绳拉力恰好为0，重力单独提供向心力。由牛顿第二定律，得代入数据解得（2）小球在最高点由拉力与重力的合力提供向心力，得代入数据解得（3）竖直圆周运动中，轻绳的最大张力出现在最低点，最大张力对应最低点最大速度，当张力达到最大值时，拉力和重力的合力提供向心力，得代入数据解得即小球速度不能超过。14．(1)(2)(3)【详解】（1）如图所示，演员离开运动到，做斜抛运动，设速度与水平方向夹角为，由对称性，知将速度分解，水平方向有竖直方向有设运动时间为，有水平位移代入数据得（2）设圆弧的半径为，由几何知识，知，则在点，依据牛顿第二定律，对演员有代入数据得（3）演员沿方向以臀部接触传送带的坐姿滑上传送带，，先做匀减速运动，设运动加速度大小为，演员与传动带共速所用时间为，位移为，依据牛顿第二定律，有依据匀变速规律，有，解得演员速度等于传送带的速度时，因，此后演员随传送带一起做匀速运动，设时间为，有演员从运动的时间15．(1)(2)(3)(4)【详解】（1）铁块恰好能通过D点，说明在D点时由重力提供向心力，由牛顿第二定律可得解得（2）铁块在C点受到的支持力与重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律有代入数据解得由牛顿第三定律可知，铁块对轨道的压力大小（3）铁块从A点到B点的过程中做平抛运动，根据平抛运动规律有代入数据解得铁块沿切线进入圆弧轨道，根据几何关