湖南省长沙市2025-2026学年高一下学期期末考试物理自编试卷01（人教版）（解析版）

湖南省长沙市2025-2026学年高一下学期期末考试自编试卷物理试题（解析版）题号12345678910答案CABCAAABDADBD1．C【详解】A．物体的加速度为负值时，加速度方向与选定的正方向相反，但物体是否做减速运动取决于加速度与速度方向是否相反。若此时速度方向也为负值（与选定的正方向相反），则物体可能做加速运动，故A错误；B．质点模型适用于物体的形状和大小可忽略的情形。研究苍蝇扇动翅膀的动作时，需考虑翅膀的具体运动，苍蝇的形状和大小不可忽略，故不能将它视为质点，故B错误；C．参考系的选择应使运动的描述更简洁。研究行星运动时，以太阳为参考系可简化轨道描述（如开普勒行星运动定律），故研究太阳系中各行星的运动规律时，通常选择太阳作为参考系，故C正确；D．“14：00”表示考试开始的一瞬间，是时刻；时间间隔指两个时刻之间的时长（如考试时长），故D错误。故选C。2．A【详解】A．力是改变物体运动状态的原因，球被击打回，是因为有力改变了物体的运动状态，故A正确；B．物体的运动不需要力维持，故B错误；C．在球拍没有击中球之前，球在飞行的过程中受重力作用，球的运动状态会改变，故C错误；D．球的惯性只与球的质量有关，不随着球速的变化而变化，所以球的惯性是不变的，故D错误。故选A。3．B【详解】AB．足球运动轨迹为曲线，则速度方向一定发生变化，即为变速运动，故A错误，B正确；CD．足球做曲线运动，所受合外力方向与运动方向一定不共线，指向轨迹凹侧，故CD错误。故选B。4．C【详解】惯性是物体抵抗运动状态改变的性质，其大小仅由物体的质量决定，与速度无关。乒乓球直径从38mm增至40mm，体积增大，在材料密度不变的情况下，质量增大，因此惯性变大。故选C。5．A【详解】根据牛顿第二定律有其中，根据可知解得该弹簧的劲度系数。故选A。6．A【详解】AB．设光滑小环两侧轻绳与竖直方向的夹角为，画框的质量为，以画框为对象，根据平衡条件可得仅换用较短的轻绳，则变大，轻绳的拉力变大，故A正确，B错误；CD．轻绳对画框的作用力与画框的重力等大反向，所以轻绳对画框的作用力不变，故CD错误。故选A。7．A【详解】正常工作时都匀速运动，速度大小分别为和，所以工件甲滑上传送带2时，水平方向相对传送带2的速度水平向右，沿传送带2运动方向相对传送带2的速度与传送带2的运动方向相反，所以相对传送带2的速度为这两个分速度的合速度，方向向右下方，而合速度方向的反方向为滑动摩擦力方向，力与速度方向相反，所以工件做直线运动，轨迹沿合速度方向，故A正确，BCD错误。故选A。8．BD【详解】A．图中汽车通过凹形路面的最低点时，向心加速度方向竖直向上，处于超重状态，故A错误；B．图中，火车转弯超过规定速度行驶时，外轨对外侧车轮的轮缘会有挤压作用，产生的弹力用以补充圆周运动所需要的向心力，故B正确；C．图中设轻绳与竖直方向夹角为，根据牛顿第二定律可知解得可知钢球运动的周期，故C错误；D．图中在水平公路上行驶的汽车，车轮与路面之间无相对运动，两者之间为静摩擦力，该力提供转弯所需的向心力，故D正确。故选BD。9．AD【详解】A．已知小球在A点时板对小球恰好无弹力，由重力提供向心力，可得解得小球做匀速圆周运动，速率保持不变，周期为代入，得，故A正确；B．在最低点C，合力指向圆心，由重力和支持力的合力提供向心力，有代入，得，故B错误；C．B、D与圆心等高，向心力沿水平方向指向圆心，大小为球与板无相对运动趋势，摩擦力为0，仅受重力和垂直板的支持力。设板与水平面夹角为，竖直方向合力为0，则水平方向合力为向心力，则联立解得即，故C错误；D．设小球位置与圆心连线和竖直向上方向夹角为，A点，C点沿圆心方向合力等于向心力，支持力从A到C，从0增大到，从1单调减小到-1，因此一直增大，故D正确。故选AD。10．BD【详解】A．B与C之间的最大静摩擦力为设A与C之间的摩擦力为，若要B、C不发生相对滑动，由牛顿第二定律可知，需满足关系解得A与C之间的最大静摩擦力为因为，所以B、C始终保持相对静止。由牛顿第二定律可知，若A、C不发生相对滑动，三者一起加速时，满足关系解得若，B随整体加速，不是静止不动，故A错误；B．若，A、C发生相对滑动，故B正确；C．若，以B、C整体为研究对象，根据牛顿第二定律，得解得B、C的加速度大小为根据牛顿第二定律，则B物块所受摩擦力大小为，故C错误；D．若，A相对C滑动后，B、C整体加速度恒为，因此B的加速度为，故D正确。故选BD。11．(1)B(2)D(3)C(4)OA不断减小【详解】（1）该实验过程，其合力与分力的作用效果，所以本实验采用的科学方法是等效替代法。故选B。（2）A．实验前需对弹簧测力计校零，故A正确，不满足题意要求；B．实验时两个拉力的大小能相等，也可以不相等，故B正确，不满足题意要求；C．为了减小误差，实验时应保持细绳与长木板平行，故C正确，不满足题意要求；D．每次实验时，两个力拉和一个力拉需拉到结点O的位置，但是不同次实验，O的位置可以改变，故D错误，满足题意要求。故选D。（3）、、，都是弹簧测力计测量得到，F是通过作图得到的。故选C。（4）[1]以O为对象，OB与OC垂直，根据平行四边形可知OA为斜边，则OA的力最大。[2]当弹簧测力计A和B均逆时针缓慢转动至弹簧测力计A竖直的过程中，两弹簧细线夹角保持不变，由正弦定理可得为锐角且不断减小，可得弹簧测力计A的拉力不断减小。12．(1)不需要(2)(3)成正比【详解】（1）本实验有力传感器测得绳子拉力，所以不需要满足滑块质量远大于钩码质量。（2）[1]遮光条左侧到达光电门时的瞬时速度大小为；[2]根据速度——位移公式有解得滑块运动的加速度大小。（3）[1]根据图像可知物体质量一定时，加速度与物体受力的大小成正比；[2]根据牛顿第二定律有该图线斜率为，则有解得滑块（含遮光条）的质量。13．(1)(2)【详解】（1）对手机受力分析，在垂直接触面方向解得（2）将手机向下缓慢抽出时，在沿接触面方向，有解得14．(1)6m/s(2)3m/s(3)0.162m(4)见解析【详解】（1）根据牛顿第二定律，有解得根据速度-位移公式解得（2）从B到C，根据速度-位移公式，有根据牛顿第二定律可得加速度为联立解得若传送带不动，根据牛顿第二定律，有解得从C到D，根据速度-位移公式，有联立解得（3）由题意得D点竖直方向的速度为在竖直方向，有联立解得（4）分类讨论：①传送带向上传送的0≤v≤3m/s，②传送带向上传送的v≥5m/s，根据牛顿第二定律，有解得从C到D，根据速度-位移公式，有解得则在竖直方向，有解得③传送带向上传送的，滑块先以a3减速到传送带的速度，根据速度-位移公式，有再以a4减速到D点，根据速度-位移公式，有联立解得则在竖直方向，有联立解得15．(1)5m/s2(2)1.6m(3)5(4)6.4m【详解】（1）物块在水平方向的合外力就是摩擦力根据牛顿第二定律（2）由于物块与挡板碰撞后以原来的速度大小返回，即物块与长木板由于摩擦力作用会做匀减速直线运动，当速度减小为零时，物块离挡板的距离最大，其最大值为解得（3）物块与挡板发生第一次碰撞后，物块先向左减速到零后再向右加速，长木板一直向右减速，物块的加速度大小为长木板的加速度大小为由于物块的加速度大于长木板的加速度，共速的速度与木板速度方向相同，运动时间相等，得得同理，物块第三次碰撞前的速度为解得根据数学知识可得到，