贵州省毕节市2025届高三物理下学期第四次适应性考试三模试卷含解析

毕节市2025届高三第四次适应性考试

物理

注意事项：

1．本试卷共6页，三道大题，15道小题。试卷满分100分，考试时间75分钟。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将答题卡交回。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目

要求。

1.如图所示，不同原子核的比结合能是不一样的，关于图中X、Y、Z三个原子核，下列判断正确的是（）

A.Z最稳定B.Z的结合能最大

C.X的比结合能最大D.Z可能裂变生成X、Y

【答案】A

【解析】

【详解】AC．根据图像，Z的比结合能最大，X的比结合能最小；比结合能越大原子核越稳定，Z原子核最

稳定，A正确，C错误；

B．组成原子核的核子数越多，结合能越大，X的结合能最大，B错误；

D．不管是在裂变还是在聚变中，比结合能都要变大；Z不可能裂变生成X、Y，D错误。

故选A。

2.2024年12月27日，中国自主研制、创新应用电磁弹射技术的两栖攻击舰四川舰在上海下水，其对舰载

机的弹射距离恒为x。若最低起飞速度为v的某舰载机在四川舰上被弹射安全起飞，该过程视为初速度为0

的匀变速直线运动，则弹射过程（）

2x2x

A.经历的时间一定为B.经历的时间可能大于

vv

v2v2

C.获得的加速度一定为D.获得的加速度可能大于

2x2x

【答案】D

【解析】

【详解】AB．舰载机最低起飞速度为v，则舰载机的末速度大小大于或等于v，又因为是匀变速运动，则全

v

程的平均速度v

2

x

根据t

v

2x

可得t

v

故AB错误；

CD．舰载机的末速度大小大于或等于v，根据2axv2

v2

可得a

2x

故C错误，D正确。

故选D。

3.分子力F随分子间的距离r的变化如图所示，r0为平衡位置。有两个分子从相距r2处，均由静止开始运

动，若仅考虑这两个分子间的作用力和靠近过程，则（）

A.从r2到r0分子力始终做正功

B.从r2到r0分子力先做正功后做负功

C.从r2到r1分子力先减小后增大

D.在r0处，分子间引力、斥力均减小为0

【答案】A

【解析】

【详解】AB．从r2到r0分子力为引力，所以分子力方向与位移方向相同，分子力做正功，A正确，B错误；

C．通过力与距离图像可知，从r2到r1分子力先增大后减小再反向增大，C错误；

D．在r0处分子间的斥力和引力大小相等，分子力表现为0，但斥力和引力不为0，D错误。

故选A。

4.2025年1月7日，实践二十五号卫星在西昌卫星发射中心发射成功，并在离地36000km高空的圆轨道

为北斗G7卫星加注142公斤燃料，完成人类首次太空卫星燃料补加及延寿服务。若加注燃料前后G7卫星

的轨道半径不变，则（）

A.加注燃料时，实践二十五号卫星的线速度大于7.9km/s

B.加注燃料时，实践二十五号与G7卫星处于平衡状态

C.加注燃料后，G7卫星质量增大，线速度大小不变

D.加注燃料后，G7卫星质量增大，加速度减小

【答案】C

【解析】

【详解】A．第一宇宙速度是人造卫星的最小发射速度，是最大环绕速度，所以实践二十五号卫星的线速度

小于7.9kms，A错误；

B．在加注燃料时，两卫星相对静止，处于失重状态，并非力学平衡状态，B错误；

GMmv2

CD．根据mam

r2r

GM

解得v

r

GM

a

r2

可知加注燃料后，质量增加，轨道半径不变，线速度和加速度大小均不变，C正确，D错误。

故选C。

5.如图所示为某示波管内聚焦电场的电场线，将两电子从a、b两点由静止释放。忽略两电子间相互作用，

则（）

A.从a点释放的电子将沿着电场线运动至d点

B.电子由b向c运动的过程，速度先增加后减小

C.电子由b向c运动的过程，加速度先增加后减小

D.电子由b向c运动的过程，电势能先增加后减小

【答案】C

【解析】

【详解】A．电子在电场中的受力方向与电场强度方向相反，电场强度方向沿电场线的切线，所以电子不会

沿着电场线运动，从a点释放的电子不会沿着电场线运动至d点，A错误；

BD．电子从b向c运动，电场力做正功，电势能减小，动能增加，所以电子速度增大，B错误，D错误；

C．电场线越稀疏，电场强度越小，电场力也越小；电场线越密集，电场强度越大，电场力也越大，电子从

b向c运动，电场力先增大后减小，则加速度先增大后减小，C正确。

故选C。

6.如图所示，竖直杆M、N固定于地面，轻绳a一端固定于N杆上的F点，另一端与光滑轻质小圆环拴

接于O点；轻绳b一端穿过小环后固定于M杆上的E点，另一端与小物体连接。若初始时刻O点的位置比

E点高，整个系统处于静止状态，a、b绳上的拉力分别记为Fa和Fb，则（）

A.仅将E点缓慢上移少许，Fa增大

B.仅将E点缓慢下移少许，Fb增大

C.仅将M杆缓慢左移少许，Fb减小

D.仅将M杆缓慢左移少许，Fa减小

【答案】D

【解析】

【详解】A．两根绳子与水平方向的夹角分别为、，物块质量为m，因为b绳跨过小圆环与物块相连，

同一根绳子所以Fbmg

先将E点缓慢向上移动少许，两个Fb之间的夹角变大，所以两个力的合力减小，因为Fa与两个Fb的合力

大小相等，方向相反，所以Fa减小，Fb不变，A错误；

B．将E点缓慢向下移动少许，两个Fb之间的夹角变小，所以两个力的合力变大，因为Fa与两个Fb的合力

大小相等，方向相反，所以Fa变大，Fb不变，B错误；

CD．将M杆向左移动少许，减小，即两个Fb之间的夹角变大，所以两个力的合力变小，因为Fa与两个Fb

的合力大小相等，方向相反，所以Fa减小，Fb不变，C错误，D正确。

故选D。

7.如图所示，两根完全相同的轻质弹簧1、2连接着一小球，两弹簧O1端和O2端分别固定，且位于同一竖

直线上。小球静止于O点时，弹簧2处于原长状态。现将小球从1的原长处C点由静止释放，已知CO的距

离为h，重力加速度大小为g。若忽略空气阻力，弹簧始终处于弹性限度内，则（）

A.小球到达O点的速率为2gh

B.小球运动到最低点时加速度大小为2g

C.由C到O的过程，小球的机械能守恒

D.由C到O的过程，小球的机械能先减小后增大

【答案】B

【解析】

【详解】A．小球静止于O点时，弹簧2处于原长状态，则弹簧1伸长了CO；则开始小球在C点时，弹簧1

在原长，弹簧2伸长了CO；可知对两弹簧和小球系统在CO两点弹性势能相同，则由C到O由能量关系

1

mv2mgh

2O

解得

vO2gh

选项A错误；

B．设小球在C点的加速度为a，则在C点时F弹mgma

在O点时F弹mg0

可得a=2g

由对称性可知，小球运动到最低点时加速度大小也为2g，选项B正确；

CD．由C到O的过程，前一阶段弹簧2向下的拉力大于弹簧1向上的拉力，则弹力的合力向下做正功；后

一阶段弹簧1向上的拉力大于弹簧2向下的拉力，弹力的合力向上做负功，可知该过程中小球的机械能不

守恒，小球的机械能先增加后减小，选项CD错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要

求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0分。

8.一列简谐横波在t4s时的波形如图甲所示，x2m处质点的振动图像如图乙所示，则波速可能是

（）

124

A.m/sB.m/sC.1m/sD.m/s

333

【答案】AC

【解析】

【详解】根据图乙，在t4s时x2m处的质点在平衡位置向上运动；

1

若波向右传播，根据图甲得n2，n0,1,2

2

根据图乙，周期为T4s，又因为v

T

1111

解得v1m/s，m/s，m/s，m/s…n0,1,2

2n1357

若波向左传播，根据图甲得：1n2n0,1,2

11111

解得vm/s，m/s，m/s，m/sn0,1,2

2n12468

故选AC。

9.如图所示，直角坐标系xoy中，在0xa的区域内，第一象限有垂直纸面向外的有界匀强磁场B，第

四象限有平行于y轴正方向的匀强电场。将1从点沿y轴正方向射入，多次经过磁场和电场后从磁场

E1HO

中垂直右边界射出。若将1换成动量相同的2，其余条件不变，则1和2（）

1H1H1H1H

A.在磁场中运动的总路程相同B.在电场中运动的总路程相同

C.在磁场中运动的总时间相同D.在电场中运动的总时间相同

【答案】AD

【解析】

v2

【详解】AC．粒子运动轨迹如图，粒子在磁场中做圆周运动，则qvBm

r

mvp

可得r

qBqB

因两粒子动量相同，带电量相同，可知在磁场中运动半径相同；即粒子在磁场中路径相同，总路程相同；

2m

根据T

qB

因两粒子的比荷不同，则周期不同，在磁场中运动时间不同，选项A正确，C错误；

qE

BD．粒子进入磁场时先做匀减速直线运动，速度减为零后反向做匀加速运动回到出发点，加速度a

m

2v2p2p

一个来回的时间t

amaqE

因两粒子的动量和电量相同，可知时间相同，两粒子在电场中来回运动的次数相同，可知在电场中的运动

v2p2p2

时间相等；粒子到达的最远位置离x轴的距离y

2a2am22qmE

因两粒子质量乘积不等，可知y不等，即在电场中的路程不等，选项B错误，D正确。

故选AD。

10.如图所示，平行且光滑的足够长金属导轨MN、PQ固定于同一绝缘水平面内，MP间接有一电阻箱R，电

阻不为零的导体棒ab垂直静置于两导轨上，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中。现给导体棒施加一水平

向右、功率恒定的拉力F。若忽略空气阻力和金属导轨的电阻，导体棒与导轨始终接触良好，则导体棒达

到稳定状态时（）

A取值越大，速度越小

.R

B.R取值越大，速度越大

C.R取值越小，闭合回路的热功率越小

D.无论R取值多大，闭合回路的热功率均相同

【答案】BD

【解析】

【详解】AB．设导体棒功率为P，导体棒达到稳定状态时，棒做匀速直线运动，则有

BLvB2L2v

FFBILBL

ARR

P

因为F

v

PR

联立解得v

B2L2

可知R取值越大，速度越大，故A错误，B正确；

CD．根据能量守恒可知，导体棒达到稳定状态时，拉力的功率等于导体棒克服安培力做功的功率，即等于

回路的热功率，由于拉力功率恒定，故无论R取值多大，闭合回路的热功率均相同，故C错误，D正确。

故选BD。

三、非选择题：本题共5小题，共57分。

11.电流表G1的量程为01mA，内阻为270Ω。把它改装成如图所示的一个多用电表，其中电流挡有两

个量程，分别为010mA和020mA。完成下列问题：

（1）开关S接位置_____（选填“1”或““2”）时是0~20mA挡，图中电阻R2_____Ω。

（2）开关S接位置3时是欧姆挡，电源的电动势为2.0V，内阻为0.5Ω。将A、B表笔短接，调节滑动变阻

器完成欧姆调零，接入电路的阻值应为_____。

R3R3Ω

【答案】（1）①.1②.15

（2）172.5

【解析】

【小问1详解】

I(RR)IR

[1]开关S分别接位置1、2时，对应的量程分别为IIgg2，IIgg

1mg2mgRR

R112

则有I1mI2m，可知开关S接位置1时是0~20mA挡；

1mA(270R2)1mA270

[2]代入数据可得I1m1mA20mA，I2m1mA10mA

R1R1R2

联立解得R115，R215

【小问2详解】

开关S接位置3时，此时改装后的电流表量程为I2m10mA，改装后的电流表内阻为

RgR1R22701515

RAΩ27Ω

RgR1R22701515

E

完成欧姆调零时，有I2m

RArR3

E2.0

可得R3RAr3270.5172.5

I2m1010

12.某学习小组设计了一个探究平抛运动特点的实验装置，在平抛点O的正前方放一粘有米尺的竖直毛玻

璃。将小球从O点正对毛玻璃水平抛出，用光源照射小球，毛玻璃上会出现小球的投影。在毛玻璃正右边，

用频闪相机记录小球在毛玻璃上影子的位置。如图甲，在O点左侧用与初速度平行的光照射，得到如图乙

的照片；如图丙，将一个点光源放在O点照射，重新实验，得到如图丁的照片。已知频闪相机的闪光周期

为0.04s，O点到玻璃的距离d2.0m，两次实验小球抛出时的初速度相等。根据上述实验完成下列问题：

（1）由图乙的数据得，小球的加速度大小为_____m/s2，表明小球在竖直方向上做初速度为零的匀加速直

线运动。（结果保留三位有效数字）

（2）由图丁可知，丙中小球在屏上的影子做_____运动（选填“匀速直线”或“匀加速直线”），影子的速

度大小为_____m/s。

（3）小球平抛的初速度大小为_____m/s。（结果保留三位有效数字）

【答案】（1）9.69##9.70##9.71

（2）①.匀速直线运动②.1.00##1.0##1

（3）9.69##9.70##9.71

【解析】

【小问1详解】

若用平行光照射，则球在毛玻璃上的投影即为小球竖直方向上的位移，由hgT2

2

hh(13.604.20)4.201.001022

可得g2402m/s9.69m/s

4T240.042

【小问2详解】

[1]设小球在毛玻璃上的投影NB=Y

的

则经过时间t后小球运动水平位移为xv0t

1

竖直位移为ygt2

2

1

gt2

由相似三角形得vt

02

dY

gd

则有Yt

2v0

所以丙中小球在屏上的影子做匀速直线运动。

4.00102

[2]影子的速度为vm/s1.00m/s

10.04

【小问3详解】

gd

由上分析可知v1

2v0

解得v09.69m/s

13.如图所示为某汽车大灯结构的简化图，由左侧旋转抛物面和右侧半径为R的半球透镜组成，对称轴OO

以下装有挡光片，光源位于抛物面的焦点处。从光源直达抛物面的光，经抛物面反射后，均与OO平行，

1

其中某一束光，从竖直直径AB上的C点射入半球透镜，折射后出射光线与水平面成15。已知ACR，

2

不考虑光的多次反射，求：

（1）半球透镜的折射率；

（2）平行于OO且能从半球透镜出射的所有入射光线中，距离OO的最大距离。

【答案】（1）2

2

（2）R

2

【解析】

【小问1详解】

光路图如图所示

1

R

根据几何关系得1

sin2

R2

解得30

sin

由折射定律得n

sin

解得n2

【小问2详解】

1

根据光的全反射定律得sinC

n

由几何关系得dmRsinC

2

解得dR

m2

14.如图所示，真空中足够大的锌板M和金属网N竖直正对平行放置，接入电路中。用一波长为的细光

束照射锌板的中心O，会不停地向各个方向逸出电子，当、之间所加电压达到时，电流表示数

MMNU0

恰好为零。已知MN之间的水平距离为d，电子的电荷量为e，光速为c，普朗克常量为h，不计电子间的

相互作用。求：

（1）光电子的最大初动能Ek；

（2）锌的逸出功W0；

16

（3）当电压为U时，金属网N能接收到光电子的区域面积S。

250

【答案】（1）eU0

c

（2）heU

0

9

（3）d2

4

【解析】

【小问1详解】

在、之间加电压为时，电流表示数恰好为零，由功能关系得

MNU0EkeU0

【小问2详解】

由光电效应方程有

EkhW0

c

又

c

解得WheU

00

【小问3详解】

16

当电压为U时，设恰能到达N的光电子初速度与M之间夹角为，则

250

16121

eUmvcosmv2

2502020

4

解得sin，53

5

16eU

由牛顿第二定律得a