北京市石景山区2025-2026学年高二上学期期末物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12026北京石景山高二（上）期末物理注意事项：1．本试卷共7页，100分，考试时长90分钟。2．考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无效。考试结束后，将答题卡交回。第一部分一、本部分共14题，每题3分，共42分。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。1.2024年5月3日，长征五号遥八运载火箭托举嫦娥六号探测器进入地月转移轨道，火箭升空过程中，以下描述其状态的物理量中属于标量的是（）A.动能 B.动量 C.速度 D.加速度【答案】A【解析】A．动能只有大小，没有方向，可知，动能属于标量，故A正确；B．动量既有大小又有方向，运算遵循平行四边形定则，可知，动量属于矢量，故B错误；C．速度既有大小又有方向，运算遵循平行四边形定则，可知，速度属于矢量，故C错误；D．加速度既有大小又有方向，运算遵循平行四边形定则，可知，加速度属于矢量，故D错误。故选A。2.一个地球仪绕与其“赤道面”垂直的“地轴”匀速转动的示意图如图所示。P点和Q点位于同一条“经线”上、Q点和M点位于“赤道”上，O为球心。下列说法正确的是（）A.P、Q的线速度大小相等B.P、M的角速度大小相等C.P、Q的向心加速度大小相等D.P、M的向心加速度方向均指向O【答案】B【解析】B．由于同轴转动的物体的角速度相等，可知P、Q、M的角速度均相等，B正确；A．图中球面上各点圆周运动的半径为各点到地轴的垂直距离，因此有根据结合上述可知A错误；C．根据结合上述可知C错误；D．根据上述可知，M的向心加速度方向指向O，P的向心加速度方向指向P到地轴垂线的垂足，D错误。故选B。3.水平传送带匀速运动，将一物体无初速度地放置在传送带上，最终物体随传送带一起匀速运动。下列说法正确的是（）A.刚开始物体相对传送带向前运动B.物体匀速运动过程中，受到静摩擦力C.物体加速运动过程中，摩擦力对物体做负功D.传送带运动速度越大，物体加速运动的时间越长【答案】D【解析】A．刚开始时，物体速度小于传送带速度，则物体相对传送带向后运动，A错误；B．匀速运动过程中，物体与传送带之间无相对运动趋势，则物体不受摩擦力作用，B错误；C．物体加速，由动能定理可知，摩擦力对物体做正功，C错误；D．设物体与传送带间动摩擦因数为μ，物体相对传送带运动时做匀加速运动时，物体速度小于传送带速度则一直加速，由可知，传送带速度越大，物体加速运动的时间越长，D正确。故选D。4.利用如图所示电路观察电容器的充、放电现象，其中E为电源，R为定值电阻，C为电容器，A为电流表，V为电压表。下列说法正确的是（）A.充电过程中，电流表的示数逐渐增大后趋于稳定B.充电过程中，电压表的示数迅速增大后趋于稳定C.放电过程中，电流表的示数均匀减小至零D.放电过程中，电压表的示数均匀减小至零【答案】B【解析】A．电容器充电过程中，随着电容器C两极板电荷量的积累，电路中的电流逐渐减小，电容器充电结束后，电流表示数为零，故A错误；B．电容器充电过程中，随着电容器C两极板电荷量的积累，电压表测量电容器两端的电压，电容器两端的电压迅速增大，电容器充电结束后，最后趋于稳定，故B正确；CD．电容器放电过程中，两极板间的电荷量越来越少，电压越来越小，电荷所受电场力越来小，则其移动的速度越来越小，故电流越来越小，所以电压表、电流表的示数都是不均匀减小至零，故CD错误。故选B。5.下列图示情况，金属圆环中不能产生感应电流的是（）A.图（a）中，圆环在匀强磁场中向左平移B.图（b）中，圆环在匀强磁场中绕轴转动C.图（c）中，圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移D.图（d）中，圆环向条形磁铁N极平移【答案】A【解析】A．圆环在匀强磁场中向左平移，穿过圆环的磁通量不发生变化，金属圆环中不能产生感应电流，故A正确；B．圆环在匀强磁场中绕轴转动，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故B错误；C．离通有恒定电流的长直导线越远，导线产生的磁感应强度越弱，圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故C错误；D．根据条形磁铁的磁感应特征可知，圆环向条形磁铁N极平移，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故D错误。故选A。6.如图所示，长方体物块A、B叠放在斜面上，B受到一个沿斜面方向的拉力F，两物块保持静止。B受力的个数为（）A.4 B.5 C.6 D.7【答案】C【解析】根据题意，对A受力分析可知，受重力、B的支持力，由于A静止，则A还受B沿斜面向上的静摩擦力，对B受力分析可知，受重力、斜面的支持力、A的压力、拉力、B还受A沿斜面向下的摩擦力，由于B静止，则受沿斜面向上的摩擦力，即B受6个力作用。故选C。7.如图所示，中国自行研制、具有完全知识产权的“神舟”飞船某次发射过程简化如下：飞船在酒泉卫星发射中心发射，由“长征”运载火箭送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道上，在B点通过变轨进入预定圆轨道。则（）A.在椭圆轨道上运行时，飞船在A点的加速度比B点的大B.在椭圆轨道上运行时，飞船在A点的速度比B点的小C.在B点变轨前后，飞船的机械能不变D.在B点飞船通过减速从椭圆轨道进入预定圆轨道【答案】A【解析】A．根据可知，在椭圆轨道上运行时，飞船在A点的加速度比B点的大，选项A正确；B．根据开普勒第二定律可知，在椭圆轨道上运行时，飞船在近地点A点的速度比远点B点的大，选项B错误；C．在B点变轨后，飞船的机械能增加，选项C错误；D．在B点飞船通过加速做离心运动从椭圆轨道进入预定圆轨道，选项D错误。故选A。8.在如图所示平面内，两个带等量正电的点电荷分别固定在A、B两点，O为连线的中点，为的垂直平分线，C、D两点在上且。下列说法正确的是（）A.O点的场强比C点的场强大B.C点的场强与D点的场强相同C.O点的电势比D点的电势高D.电子在C点的电势能比在D点的电势能大【答案】C【解析】A．两个带等量正电的点电荷在A、B中点产生的场强为零，而C点的场强不为零，故O点的场强比C点的场强小，A错误；B．根据对称关系可知，C点的场强与D点的场强大小相等，但方向相反，B错误；C．两个带等量正电的点电荷的中垂线的电场方向有O点指向远处，所以O点的电势比D点的电势高，C正确；D．根据对称性可知，C点的电势与D点的电势相同，故电子在C点的电势能与在D点的电势能相等，D错误。故选C。9.如图所示，轻杆的一端固定在通过O点的水平转轴上，另一端固定一小球，轻杆绕O点在竖直平面内沿顺时针方向做匀速圆周运动，其中A点为最高点、C点为最低点，B点与O点等高，下列说法正确的是（）A.小球经过A点时，所受杆的作用力一定竖直向下B.小球经过B点时，所受杆的作用力沿着BO方向C.从A点到C点的过程，杆对小球的作用力不做功D.从A点到C点的过程，小球重力的功率先增大后减小【答案】D【解析】A．小球经过A点时，若速度，则球所受杆的作用力竖直向下；若速度，则球所受杆的作用力竖直向上，若速度，则球所受杆的作用力为零，选项A错误；B．因球做匀速圆周运动，合力指向圆心，则小球经过B点时，所受杆的作用力斜向右上方向，选项B错误；C．从A点到C点的过程，根据动能定理可知，杆对小球的作用力做负功，选项C错误；D．从A点到C点的过程，根据因速度的竖直分量先增加后减小，可知小球重力的功率先增大后减小，选项D正确。故选D。10.某同学使用轻弹簧、直尺钢球等制作了一个“竖直加速度测量仪”。如图所示，弹簧上端固定，在弹簧旁沿弹簧长度方向固定一直尺。不挂钢球时，弹簧下端指针位于直尺20cm刻度处；下端悬挂钢球，静止时指针位于直尺40cm刻度处。将直尺不同刻度对应的加速度标在直尺上，就可用此装置直接测量竖直方向的加速度。取竖直向上为正方向，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）A.30cm刻度对应的加速度为-0.5gB.40cm刻度对应的加速度为gC.50cm刻度对应的加速度为2gD.各刻度对应加速度的值是不均匀的【答案】A【解析】由题知，不挂钢球时，弹簧下端指针位于直尺20cm刻度处，则弹簧的原长l0=0.2m；下端悬挂钢球，静止时指针位于直尺40cm刻度处，则根据受力平衡有mg=k（l-l0）可计算出k=A．由分析可知，在30cm刻度时，有F弹-mg=ma（取竖直向上为正方向）代入数据有a=-0.5gA正确；B．由分析可知，在40cm刻度时，有mg=F弹则40cm刻度对应的加速度为0，B错误；C．由分析可知，在50cm刻度时，有F弹-mg=ma（取竖直向上为正方向）代入数据有a=0.5gC错误；D．设刻度对应值为x，结合分析可知，x=（取竖直向上为正方向）经过计算有a=（x>0.2）或a=（x<0.2）根据以上分析，加速度a与刻度对应值为x成线性关系，则各刻度对应加速度的值是均匀的，D错误。故选A。11.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，闭合开关S，灯泡L正常发光。在滑片P向左移动过程中，下列说法正确的是（）A.电流表示数变大 B.电压表示数变大C.灯泡L变暗 D.电源总功率变大【答案】B【解析】A．滑片P向左移动过程中，滑动变阻器接入电阻增大，回路总电阻增大，干路电流减小，即电流表示数变小，故A错误；C．结合上述，干路电流减小，内电压减小，路端电压增大，通过灯泡的电流增大，即灯泡变亮，故C错误；B．结合上述，路端电压增大，干路电流减小，由于通过灯泡的电流增大，则通过滑动变阻器与定值电阻的电流减小，定值电阻承担电压减小，则电压表示数变大，故B正确；D．结合上述，干路电流减小，根据可知，电源总功率变小，故D错误。故选B。12.某小山坡的等高线如图，M表示山顶，是同一等高线上两点，分别是沿左、右坡面的直滑道。山顶的小球沿滑道从静止滑下，不考虑阻力，则（）A.小球沿运动的加速度比沿的大B.小球分别运动到点时速度大小不同C.若把等高线看成某静电场的等势线，则A点电场强度比B点大D.若把等高线看成某静电场的等势线，则右侧电势比左侧降落得快【答案】D【解析】A．等高线越密集，坡面越陡，根据牛顿第二定律可得（为坡面与水平面夹角），MB对应的等高线更密集，坡面更陡，小球沿着MB运动时加速度比沿着MA运动时加速度大，A错误；B．A、B在同一等高线，小球下落高度相同，根据机械能守恒，运动到A、B点时速度大小相同，B错误；C．等势线越密集，电场强度越大，B处等势线更密集，A点电场强度比B点小，C错误；D．等势线越密集，电势降落越快，右侧等势线更密集，右侧电势比左侧降落得快，D正确。故选D。13.如图1所示，一质量为2kg的物块受到水平拉力F作用，在粗糙水平面上作加速直线运动，其图像如图2所示，时其速度大小为2m/s。物块与水平面间的动摩擦因数，。下列说法错误的是（）A.在时刻，物块的速度为5m/sB.在0~2s时间内，物块的位移大于7mC.在时刻，物块的加速度为D.在时刻，拉力F的大小为5N【答案】B【解析】A．在时刻，物块的速度为故A正确，不符合题意；B．在0~2s时间内，物块的v-t图像如下如果是匀加速直线运动，位移为实际做加速度增大的加速运动，图形面积表示位移，可知物块的位移小于7m，故B错误，符合题意；C．由图可知在时刻，物块的加速度为故C正确，不符合题意；D．根据牛顿第二定律可得在时刻，拉力F的大小为故D正确，不符合题意。故选B。14.如图所示，完全相同甲、乙两个环形电流同轴平行放置，甲的圆心为，乙的圆心为，在两环圆心的连线上有、、三点，其中，此时点的磁感应强度大小为，点的磁感应强度大小为。当把环形电流甲撤去后，点的磁感应强度大小为（）A. B.C. D.【答案】C【解析】令，题中环形电流在中轴线距圆心处产生的磁感应强度大小为，在中轴线距圆心处产生的磁感应强度大小为。甲环形电流在点的磁感应强度为，根据右手螺旋定则，方向向左；乙环形电流在点的磁感应强度为，根据右手螺旋定则，方向向左，因此同理可知甲环形电流在点磁感应强度为，方向向左；乙环形电流在点的磁感应强度为，方向向左，因此当把环形电流甲撤去后，点的磁感应强度大小故选C。第二部分二、本部分共6题，共58分。15.在“测量金属丝的电阻率”实验中，某同学用电流表和电压表测量一金属丝的电阻。（1）该同学先用欧姆表“”挡粗测该金属丝的电阻，示数如图1所示，对应的读数是_________。（2）除电源（电动势3.0V，内阻不计）、电压表（量程0~3V，内阻约3kΩ）、开关、导线若干外，还提供如下实验器材：A．电流表（量程0~0.6A，内阻约0.1Ω）B．电流表（量程0~3.0A，内阻约0.02Ω）C．滑动变阻器（最大阻值10Ω，额定电流2A）D．滑动变阻器（最大阻值1kΩ，额定电流0.5A）为了调节方便、测量准确，实验中电流表应选用_________，滑动变阻器应选用___________。（选填实验器材前对应的字母）（3）该同学测量金属丝两端的电压U和通过金属丝的电流I，得到多组数据，并在坐标图上标出，如图2所示。请作出该金属丝的U-I图线_________，根据图线得出该金属丝电阻R=_________Ω（结果保留小数点后两位）。【答案】（1）6（2）AC（3）5.83【解析】（1）[1]将选择开关调节到“×1Ω”，由图1可知，金属丝的电阻Rx=6×1Ω=6Ω（2）[2]由题知，电源电动势为3V，则回路中的最大电流为故电流表选A。[3]为了调节方便、测量准确，滑动变阻器要选最大阻值小的，故选C。（3）[4][5]将描出的点用直线连接，即可得U-I图线如下则取（0.3A，1.75V），可得16.利用打点计时器研究匀变速直线运动规律，实验装置如图1所示。（1）按照图1安装好器材，下列实验步骤正确操作顺序为________（填各实验步骤前的字母）。A.释放小车B.接通打点计时器的电源C.调整滑轮位置，使细线与木板平行（2）实验中打出的一条纸带如图2所示，为依次选取的三个计数点（相邻计数点间有4个点未画出），可以判断纸带的________（填“左端”或“右端”）与小车相连。（3）图2中相邻计数点间的时间间隔为T，则打B点时小车的速度________。（4）某同学用打点计时器来研究圆周运动。如图3所示，将纸带的一端固定在圆盘边缘处的M点，另一端穿过打点计时器。实验时圆盘从静止开始转动，选取部分纸带如图4所示。相邻计数点间的时间间隔为，圆盘半径。则这部分纸带通过打点计时器的加速度大小为________；打点计时器打B点时圆盘上M点的向心加速度大小为________。（结果均保留两位有效数字）【答案】（1）CBA（2）左端（3）（4）0.81【解析】（1）实验步骤中，首先调整滑轮位置使细线与木板平行，确保力的方向正确；接着接通打点计时器电源，让计时器先工作；最后释放小车。故顺序为CBA；（2）小车做匀加速直线运动时，速度越来越大，纸带上点间距逐渐增大。图2中纸带左端间距小，右端间距大，说明纸带左端与小车相连。（3）根据匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度。B点为A、C的中间时刻，AC间位移为x2，时间间隔为2T；则（4）[1]根据逐差法可知[2]B点是AC的中间时刻点，则有此时向心加速度17.如图所示，一质量m=2kg的木箱静止在粗糙水平面上．从t=0开始，木箱受到F=10N、与水平面的夹角为θ=37°的恒定拉力，沿水平面匀加速运动．已知木箱与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）画出木箱受力的示意图；（2）求木箱的加速度a的大小；（3）求0～2s时间内，木箱位移x的大小．【答案】（1）（2）2.6m/s2（3）5.2m【解析】（1）木箱受力如下图所示：（2）对木箱受力分析，在竖直方向：FN+Fsinθ-mg=0在水平方向：Fcosθ-f=ma又因为摩擦力f=μFN解得加速度a=2.6m/s2（3）根据匀变速直线运动位移和时间的关系，解得x=5.2m．18.如图所示，把一个质量m=0.1kg的小钢球用细线悬挂起来，就构成一个摆。悬点O距地面的高度h=1.45m，摆长L=1m。将摆球拉至摆线与竖直方向成37°角的位置，由静止释放，忽略空气阻力，取重力加速度g=10m/s2，cos37°=0.8。（1）求小球运动到最低点时细线对小球拉力的大小F；（2）若小球运动到最低点时细线断了，小球沿水平方向抛出，求它做平抛运动水平位移的大小x；（3）求小球落地时重力的瞬时功率P。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）小球运动到最低点时，由机械能守恒定律解得小球运动到最低点时，由牛顿第二定律解得小球运动到最低点时细线对小球拉力的大小（2）小球做平抛运动，竖直方向有解得水平方向有（3）小球落地时的速度为重力的瞬时功率19.如图1所示，金属圆筒A接高压电源的正极，其轴线上的金属线B接负极。（1）设两极