天津市红桥区2025-2026学年高二上学期11月期中物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1高二物理本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分共100分．第I卷（选择题，共40分）一、单选题（本题共6小题，每小题4分共24分）1.物理概念的形成和物理规律的得出极大地推动了人类对自然界的研究和认识进程，下列关于物理概念和规律的说法正确的是（）A.电场中某点电场强度的方向，与电荷在该点所受的电场力方向相同B.由欧姆定律可知，在任何电路中电流与电压成正比、与电阻成反比C.电流的定义式，适用于任何电荷定向移动形成的电流D.在研究带电体之间的相互作用时引入了点电荷的概念，只有电荷量很小的带电体才可看成点电荷【答案】C【解析】A．电场强度的方向规定为正电荷在该点所受电场力的方向，负电荷受力方向与之相反，A错误；B．欧姆定律仅适用于线性元件（如金属导体、电解液等），而半导体、气体放电等情况不适用，B错误；C．电流的定义式反映单位时间内通过导体横截面的电荷量，无论电流是否恒定均适用，C正确；D．点电荷是理想化模型，判断依据是带电体的大小和形状对作用力的影响是否可忽略，与电荷量大小无关，D错误。故选C。2.如图所示，在水平放置的金属导体中，2s内有个电子向右通过导体某一横截面，已知元电荷。关于导体内电流的大小和方向，以下判断正确的是（）A.0.4A向左 B.0.4A向右 C.0.16A向右 D.0.16A向左【答案】A【解析】根据电流强度的定义，可得电流大小为电子向右运动，则电流方向向左。故选A。3.比值定义法是定义物理概念常用的方法，下列哪个表达式属于比值定义式（）A.电场强度 B.电容 C.电势 D.电阻【答案】C【解析】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法，而这个新的物理量与这两个物理量之间没有关系，只是用它们的比求得该物理量。A．电场强度是匀强电场中电势差与场强的关系式。在匀强电场中，在沿着电场线方向相同的距离，电势差越大电场强度越大，E与U和d有关，不属于比值定义式，故A错误；B．电容是平行板电容器的决定式，不属于比值定义式，故B错误；C．电势是通过电势能与电荷量的比值定义，与试探电荷无关，属于比值定义式，故C正确；D．电阻是电阻的决定式，不属于比值定义式，故D错误。故选C。4.如图所示，虚线、、是一静电场中的三个等差等势面，实线为一带正电的质点仅在静电力的作用下运动的轨迹，P、Q为轨迹上的两点，下列说法正确的是（）A.点的电势大于点的电势B.该质点通过点的速度小于点的速度C.该质点通过点的电势能小于点的电势能D.该质点通过点的加速度大于点的加速度【答案】C【解析】A．带电质点所受的电场力指向轨迹内侧，且与等势面垂直，由于质点带正电，因此电场线指向右下方，而沿电场线电势降低，所以Q点的电势小于P点的电势，故A错误；BC．根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力对质点做正功，电势能减小，动能增加，所以P点的电势能大于Q点的电势能，P点的速度小于Q点的速度，故B错误，C正确；D．等差等势面密的地方电场线密，电场强度大，故P点的电场强度比Q点的大，质点所受的电场力大，根据牛顿第二定律，该质点通过Q点的加速度小于P点的加速度，故D错误。故选C。5.对于静电场及其应用，下列说法正确的是（）A.图1为静电喷涂机原理图，由图可判断微粒带正电荷B.图2为金属球放入匀强电场后电场线分布图，A点电场强度大于B点C.图3为模拟避雷针作用的实验装置，A（尖端）、B（圆球）金属柱等高，随电压升高，A先产生放电现象D.图4为研究平行板电容器电容实验装置图；当b板迅速向左移动一些时，会看到静电计指针张角突然减小一些。【答案】C【解析】A．图1为静电喷涂机原理图，由图可知被喷涂工件带正电，根据异种电荷相互吸引可判断微粒带负电荷。故A错误；B．根据电场线的疏密程度，可知A点电场强度小于B点。故B错误；C．如图所示，A为尖端、B为圆球，因为末端越尖越容易放电，所以随电压升高，A先产生放电现象。故C正确；D．根据，当b板迅速向左移动一些时，两极板间距增大，导致电容器的电容减小，又，装置中极板的电荷量保持不变，所以极板间电压增大，会看到静电计指针张角突然增大一些。故D错误。故选C。6.如图甲所示的电路，其中电源电动势E=6V，内阻r=2Ω，定值电阻R=4Ω，已知滑动变阻器消耗的功率P与其接入电路的阻值的关系如图乙所示。则下列说法中错误的是（）A.图乙中滑动变阻器的最大功率B.图乙中C.滑动变阻器消耗功率P最大时，定值电阻R消耗的功率也最大D.调整滑动变阻器的阻值从最右端滑到最左端，电源的效率一直增大【答案】C【解析】A．根据电路图，把定值电阻R等效看成电源内阻的一部分，即由闭合电路欧姆定律的推论可知，当电源外电阻等于内阻时，电源输出功率最大，即则滑动变阻器此时消耗的功率最大，且为，故A正确，不符合题意；B．由选项A分析可知图乙中根据图乙，可知当滑动变阻器阻值为时，滑动变阻器消耗的功率等于时消耗的功率，则有解得，故B正确，不符合题意；C．对于定值电阻电流越大功率越大，因此滑动变阻器的阻值为零时，定值电阻R消耗的功率最大，故C错误，符合题意；D．电源的效率为可知调整滑动变阻器的阻值从最右端滑到最左端时，变大，则变大，电源的效率一直增大，故D正确，不符合题意。故选C。二、多选题．（本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分）7.真空中固定有两个相同的带电小球，它们所带电荷量大小分别为3Q和Q，它们之间的相互作用力大小为F，若将它们充分接触后放回原处，两小球均可视为点电荷，则它们之间的相互作用力大小将变为（）A. B. C. D.【答案】BD【解析】根据库仑定律可得若两小球带同种电荷，两球接触后再放回原处时，则有若两小球带异种电荷，两球接触后再放回原处时，则有故选BD。8.如图所示，用两根绝缘细线把两个带电小球A、B（均视为点电荷）悬挂于同一点，两球静止时在同一水平线上，且、与竖直虚线的夹角分别为和。下列说法正确的是（）A.A、B的质量之比为B.A、B的质量之比为C.、两细线的拉力大小之比为D.、两细线的拉力大小之比为【答案】AD【解析】由于球A、B两球静止时在同一水平线上，可知A、B之间的库仑斥力处于水平方向；以A为对象，根据平衡条件可得，以B为对象，根据平衡条件可得，联立可得A、B的质量之比为、两细线的拉力大小之比为，故选AD。9.极板水平的平行板电容器和一个滑动变阻器、两个可变电阻及电源连接成如图所示的电路。闭合电键，质量为的带电油滴在两极板之间静止悬浮。为了使油滴下降，可采用的办法是（）A.增大可变电阻的阻值B.滑动变阻器的滑片向左滑C.增大可变电阻阻值D.增大平行板电容器的极板间距【答案】BD【解析】A．平行板电容器之间是匀强电场，设场强大小为E。带电油滴悬浮在两极板之间静止不动，则有若要油滴下降，电场力需要变小，即要使极板间电场强度减小。若只增大可变电阻的阻值，极板两端电压不变，由，可知，极板间电场强度不变，故A错误；B．滑动变阻器滑片P向左滑时，接入电路中的电阻增大。由串联分压原理可知，两端的电压减小，即极板两端电压减小，则极板间电场强度减小，带电油滴向下运动，故B正确；C．若增大，由串联分压原理可知，两端的电压变大，即极板两端电压变大，则极板间电场强度变大，带电油滴向上运动，故C错误；D．增大C的极板间距，极板两端的电压不变。由可知，极板间电场强度减小，油滴向下运动，故D正确。故选BD。10.如图所示，图线甲、乙分别为电源和某导体的U-I图线，电源的电动势和内阻分别用E、r表示，下列说法正确的是（）A.电源的内阻B.该导体的阻值随电流的增大而减小C.当该导体直接与该电源相连时，该导体消耗的功率为100WD.当该导体直接与该电源相连时，电源的效率为80％【答案】ABD【解析】A．根据闭合电路欧姆定律可得由图中甲图线可知，电动势为内阻为，故A正确；B．根据欧姆定律，由图中乙图线可知该导体的阻值随电流的增大而减小，故B正确；CD．当该导体直接与该电源相连时，由图中交点可知，电阻的电压电路中的电流则该导体消耗的功率为电源的总功率则电源的效率，故C错误，D正确。故选ABD。第Ⅱ卷（非选择题，共60分）三、实验题（本题满分14分，11题每空1分，12题每空2分）11.小明同学练习使用多用电表测电阻。（1）如图甲所示，请根据下列步骤完成电阻测量：①旋动________（填“S”或“T”），使指针对准电流的“0”刻线。②将K旋转到电阻挡“”的位置。③将红、黑表笔短接，旋动_______（填“S”或“T”），使指针对准电阻的_______（填“0”或“∞”）刻线。④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过大。为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按_______的顺序进行操作，再完成读数测量。A.将K旋转到电阻挡“×100”的位置B.将K旋转到电阻挡“×1”的位置C.将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D.将两表笔短接，旋动合适部件，对电表欧姆调零（2）正确操作后，读数如图乙所示，则阻值为_______Ω。（3）若欧姆表内用一个新电池（电动势为1.5V，内阻较小），测得该电阻读数为；然后更换另外品牌的新电池（电动势为1.5V，内阻较大）和一个旧电池（电动势约为1.3V，内阻较大），欧姆表调零后测得该电阻读数为，，三次测量值相比，正确的是_______。A. B. C. D.【答案】（1）ST0BDC（2）19.0##19（3）D【解析】（1）[1]S为机械调零旋钮，测量前应旋动部件S，使指针指在“0”刻度线；[2][3]欧姆调零时，应旋动部件T，使指针对准电阻的“0刻线”；[4]欧姆表指针偏转角度较大，说明所选挡位太大，应该换小挡位进行测量，应将旋转开关K置于电阻挡“”的位置，然后进行欧姆调零，再测电阻，因此合理的实验步骤是BDC；（2）由题图乙可知，被测电阻为19.0Ω；（3）欧姆表测电阻是通过欧姆表的指针显示待测电阻值的大小的，电路中的电流变小，对应的电阻值变大，即电阻的测量值变大，由欧姆表的结构可知，进行欧姆调零时，根据闭合电路的欧姆定律当两表笔之间接入待测电阻时，电流电源的内阻的变化，可以通过调零电阻的阻值的变化来抵消，故测量值若电池电动势减小了，仍可以欧姆调零，根据闭合电路的欧姆定律当两表笔之间接入待测电阻时，电流，得，则。故选D。12.某兴趣小组准备测量一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了以下器材：待测干电池电压表（量程，内阻很大）电流表（量程，内阻）滑动变阻器（阻值范围）开关S、导线若干（1）该小组利用给定的器材设计了甲、乙两种电路，为减小实验误差，应使用图___________（选填“甲”或“乙”）进行测量；（2）根据选择的电路，请将图丙中的实物连线补充完整；（3）闭合开关S后，改变滑动变阻器的阻值，得到多组电压表的示数U和对应的电流表示数I，作出的图像如图所示，若测得该图像的横截距为a，纵截距为b，则该电源的电动势___________。内阻___________（用a、b、表示）。【答案】（1）甲（2）（3）【解析】（1）电流表内阻已知，可以得出电流表分去的电压值，采用甲图的电路，可以消除系统误差。（2）（3）根据闭合电路欧姆定律，公式变形可得，纵截距为电源电动势，斜率的绝对值为图像的横截距为a，纵截距为b，则该电源的电动势图像斜率，四、计算题：（本题共3个小题，共46分，13题14分，14题16分，15题16分。写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13.如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=1Ω，电阻R1=1Ω，电阻R2=6Ω，开关S闭合后，电动机恰好正常工作。已知电动机额定电压U=6V，线圈电阻R=0.5Ω，求：（1）流过电动机的电流IM；（2）电动机正常工作时产生的机械功率；（3）电源的效率。【答案】（1）2A（2）10W（3）75%【解析】（1）根据闭合电路的欧姆定律可知，流过电源的干路电流为则流过电动机的电流为（2）电动机的发热功率为输出功率为解得（3）电源的输出功率为代入数据解得电源的效率14.如图，竖直平面内有水平向右的匀强电场，电场强度的大小为，场中有一根长为的绝缘细线，一端固定在点，另一端系着质量为的带正电小球，初始时小球静止于电场中的点，此时细线与竖直方向夹角为，已知重力加速度大小为，。（1）求、两点间电势差；（2）求小球的带电量；（3）现给小球一个方向与细线垂直初速度，让小球恰能绕点在竖直平面内做完整的圆周运动，求小球运动的最小速度。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）根据匀强电场规律解得（