山东省枣庄市2025-2026学年高二上学期11月期中考试物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1高二物理一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列家用电器中应用电磁波工作的是（）A.电烤箱 B.电饭煲 C.冰箱 D.微波炉【答案】D【解析】AB．电烤箱和电饭煲：利用电流的热效应通过电阻加热将电能直接转化为热能，不涉及电磁波的应用，AB错误；C．冰箱：通过制冷剂循环（如压缩式制冷）实现制冷，用电驱动压缩机，工作过程不依赖电磁波，故C错误；D．微波炉：专门利用微波使食物中的水分子共振产生热量，直接以电磁波为能量载体工作，故D正确。故选D。2.如图所示，司南是用天然磁铁矿石琢成的一个勺形的东西，放在一个刻着方位的光滑方盘上。东汉时期思想家王充在《论衡》一书中有关于“司南之杓，投之于地，其柢（即勺柄）指南”的记载。下列说法正确的是（）A.“柢”相当于磁体的S极B.司南之杓可以用铜为材料制作C.“柢”相当于磁体的N极D.柢能够指南是因为受到方盘对它施加了向南的力【答案】A【解析】AC．地磁的南北极与地理的南北极相反，地理的南极相当于地磁的北极，司南之杓，投之于地，其柢（即勺柄）指南，根据异名磁极相互吸引，“柢”相当于磁体的S极故A正确，C错误；B．铜材料不能被磁化，故司南之杓不是用铜为材料制作，故B错误；D．柢能够指南是因为受到地磁场对它施加了向南的力，故D错误。故选A3.英国物理学家麦克斯韦总结了人类直至19世纪中叶对电磁规律的研究成果，得出诸多关于电磁场和电磁波的科学结论。下列关于电磁场和电磁波的说法中正确的是（）A.变化的电场所在空间一定会产生变化的磁场B.电磁波和机械波一样，它们的传播需要介质C.电磁波传播的速度、波长和频率满足关系式D.红外线、可见光、紫外线、超声波都是电磁波【答案】C【解析】A．变化的电场所在空间一定会产生磁场，不一定产生变化的磁场，因为均匀变化的电场所在空间会产生稳定的磁场，故A错误；B．电磁波的产生原理是变化磁场产生电场，变化的电场产生磁场，它的传播不需要传播介质，故B错误；C．电磁波传播的速度、波长和频率满足关系式，故C正确；D．红外线、可见光、紫外线都是电磁波，超声波是机械波，不是电磁波，故D错误。故选C。4.已知电流I在距离r处产生，k为常数。三根通有大小相等电流的长直导线垂直于平面放置，位于a、c、d三个顶点，方向如图。若a处导线在b处产生磁感应强度大小为B，下列说法正确的是（）A.a处导线在O处产生磁感应强度沿dO方向B.三根通电导线在O点产生的磁感应强度相同C.O点的磁感应强度大小为D.O点的磁感应强度为大小【答案】D【解析】A．根据安培定则可得，a处导线在O处产生磁感应强度沿Od方向，故A错误；B．根据安培定则可得，三根通电导线在O点产生的磁感应强度大小相等，方向不同，故B错误；CD．a处导线在b处产生磁感应强度大小为B，设正方形的边长为，则a在O处产生的磁感应强度大小为根据安培定则可知，方向由O到d。同理，c在O产生的磁感应强度大小为，方向由O到d；d在O点产生的磁感应强度大小为，方向由O到c，如图所示根据矢量合成得O的磁感应强度大小，故C错误，D正确。故选D。5.如图所示，质量为M的滑块套在光滑的水平直杆PQ上并静止在A点，一轻绳上端连接滑块，下端连接质量也为M的木块处于静止状态。现有质量为m的子弹以速度射入木块并留在其中，滑块经过B点到达C点时，木块恰好到达最高点E，此时轻绳刚好水平。已知重力加速度为g，滑块和木块、子弹都可看成质点，木块不会碰到直杆，不计空气阻力。下列说法正确的是（）A.从子弹开始射入木块到木块摆到位置E的过程中，子弹和木块、滑块组成的系统动量守恒B.子弹和木块到达最高点E时的速度均为零C.从子弹开始射入木块到木块摆到最高点E的过程中，子弹和木块、滑块组成的系统中产生的热量为D.刚性绳的长度为【答案】C【解析】A．从子弹开始射入木块到木块摆到最高点E的过程中，子弹和木块、滑块组成的系统，水平方向合力为零，水平方向动量守恒；竖直方向，总动量先增大后减小，动量不守恒，故A错误；BCD．设子弹射入木块后，二者的共同速度为，到达最高点E时，三者的共同速度为，轻绳的长度为L，则，，联立，解得，，，，故BD错误，C正确。故选C。6.如图所示的电路中，单刀双掷开关S分别接1和2时，直流电动机和电灯均能正常工作。已知两种情况下电流表的示数相同，则（）A.电动机线圈、电灯的电阻相等B.电动机、电灯的额定电压相等C.电灯的功率与电机的输出功率相等D.开关S接1时，电源的输出功率大【答案】B【解析】AB．根据U=E-Ir，因两种情况下电流表读数相同，可知电动机、电灯的额定电压相等，对电灯U=IRL对电动机IU>I2rM可知RL>rM，A错误,B正确；C．电灯的功率PL=IU，电机的输出功率可知电灯的功率大于电机的输出功率，C错误；D．根据电源的输出功率为可知，两次电源的输出功率相等，D错误。故选B。7.磷酸铁锂电池的正极材料为磷酸铁锂，其主要特点是成本低廉，安全性非常好，循环寿命长，这些特点使得磷酸铁锂材料迅速在电动汽车领域有了广泛的应用。小明同学的儿童载人小汽车安装了一块容量为150Ah、电动势为3.3V的磷酸铁锂电池，充满电后，小汽车能正常行驶5小时。下列说法正确的是（）A.电池储存的最大能量约为B.电池储存的最大电荷量为150CC.小汽车正常行驶的电流为3AD.小汽车正常行驶时电机输出功率为99W【答案】A【解析】A．电池储存的最大能量，故A正确。B．电池储存的最大电荷量，故B错误。C．根据电池的容量，其中为行驶时间，则电流，故C错误。D．电机输入功率为。由于电机效率小于100%，输出功率应小于99W，故D错误。故选A。8.如图所示，风力发电机是一种将风能转化为电能的装置。风力发电机转化效率可视为不变，该风力发电机将空气动能转化为电能的效率为，每台风机叶片旋转一周扫过的面积为，空气密度为，风场风速为，并保持风正面吹向叶片，经过叶片后风速变为原来的一半。则（）A.该风力发电机发电的功率为B.该风力发电机发电的功率为C.风对叶片的作用力为D.风对叶片的作用力为【答案】C【解析】AB．设叶片旋转一周的时间为t，则该时间内吹向叶片的风的动能为其中则转化的电能为则风力发电机发电的功率为联立得故AB错误；CD．t时间内吹向叶片的风由动量定理解得叶片对风的作用力为根据牛顿第三定律风对叶片的作用力为故C正确，D错误故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.如图所示，装置中线圈平面与螺线管垂直，下列说法正确的是（）A.闭合开关S，穿过线圈的磁场方向向左B.闭合开关S，向下移动滑动变阻器滑片，通过线圈的磁通量变大C.开关S闭合，线圈中一直有感应电流D.开关S断开瞬间，线圈中有感应电流【答案】AD【解析】A．根据安培定则，开关S闭合后，穿过线圈A的磁场方向向左，故A正确；B．向下移动滑片时，变阻器接入电路中的阻值增大，回路电流减小，所以电流产生的磁场减小，通过线圈A的磁通量减小，故B错误；C．开关闭合一段时间后，电路中的电流稳定，产生的磁场不变，线圈A中的磁通量不变，不会产生感应电流，故C错误；D．开关断开的瞬间，电流减为0，线圈A中的磁通量减小，会产生感应电流，故D正确。故选AD。10.如图所示，矩形线圈共有匝，线圈平面的面积为S，线圈平面与水平方向的夹角，线圈位于范围足够大、磁感应强度大小为、方向竖直向下的匀强磁场中，下列说法正确的是（）A.通过线圈的磁通量为B.若线圈以为轴逆时针转过，则通过线圈的磁通量为C.若线圈以为轴顺时针转过，则通过线圈的磁通量的变化量大小为D.若线圈以为轴将线圈逆时针转过（从右向左看），则通过线圈的磁通量为【答案】BD【解析】A．通过线圈的磁通量为，A错误；B．若线圈以为轴逆时针转过，则线圈平面与磁场垂直，则通过线圈的磁通量为，B正确；C．若线圈以为轴顺时针转过，则线圈平面也与磁场垂直，则通过线圈的磁通量的变化量大小为，C错误；D．若线圈以为轴将线圈逆时针转过（从右向左看），则通过线圈的磁通量为，D正确。故选BD。11.如图甲所示，O点为单摆的固定悬点，将摆球拉到A点由静止释放并计时，摆球在A、C之间小角度来回摆动，力传感器测出摆线上的拉力随时间变化的规律如图乙所示。已知，选向右为正方向，取重力加速度大小。（）A.单摆的周期为B.单摆的摆长C.单摆偏离平衡位置的位移随时间的表达式D.单摆偏离平衡位置的位移随时间的表达式【答案】BC【解析】A．单摆的周期为，A错误；B．根据，可得单摆的摆长，B正确；CD．因振幅，初相位，可知单摆偏离平衡位置的位移随时间的表达式，C正确，D错误。故选BC。12.在如图所示的电路中，电源电动势和内阻为定值，为定值电阻，为滑动变阻器，闭合电键S，理想电流表A的示数为，理想电压表、和的示数分别为、和，当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，各电表示数变化量分别为、、、，下列说法正确的是（）A.变大，变大 B.不变，不变C.G表电流的方向从流向 D.电源的总功率增大【答案】B【解析】A．当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，电路中总电阻变大，则电流减小，根据可知变大，故A错误；B．根据欧姆定律有根据闭合电路欧姆定律有可知则不变，不变，故B正确；C．根据闭合电路欧姆定律有可知变大，则电容器两端电势差变大，根据可知电容器电荷量变大，电容充电，G表电流的方向从流向，故C错误；D．电源的总功率为，电流减小，则总功率变小，故D错误；故选B。三、非选择题：本题共6小题，共60分。13.如图甲所示，让两个小球在斜槽末端碰撞来验证动量守恒定律。（1）关于本实验，下列做法正确的两项是______（填选项前的字母）。A.实验前，调节装置，使斜槽末端水平B.选用两个半径不同的小球进行实验C.用质量大的小球碰撞质量小的小球（2）图甲中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影，首先，将质量为m1的小球从斜槽上的S位置由静止释放，小球落到复写纸上，重复多次。然后，把质量为m2的被碰小球置于斜槽末端，再将质量为m1的小球从S位置由静止释放，两球相碰，重复多次。分别确定平均落点，记为M、N和P（P为m1单独滑落时的平均落点）。分别测出O点到平均落点的距离，记为OP、OM和ON。在误差允许范围内，若关系式______成立，即可验证碰撞前后动量守恒。（3）受上述实验的启发，某同学设计了另一种验证动量守恒定律的实验方案。如图丙所示，用两根不可伸长的等长轻绳将两个半径相同、质量不等的匀质小球悬挂于等高的O点和O'点，两点间距等于小球的直径。将质量较小的小球1向左拉起至A点由静止释放，在最低点B与静止于C点的小球2发生正碰。碰后小球1向左反弹至最高点A'，小球2向右摆动至最高点D。测得小球1、2的质量分别为m和M，弦长AB=l1、A'B=l2、CD=l3。推导说明，m、M、l1、l2、l3满足______关系即可验证碰撞前后动量守恒。【答案】（1）AC（2）（3）【解析】（1）A．为了使小球飞出斜槽后速度方向水平，实验前，应调节装置，使斜槽末端水平，故A正确；B．为了使两个小球做对心正碰，实验中应选用两个半径相同的小球进行实验，故B错误；C．为了避免入射小球碰撞后发生反弹，实验中应用质量大的小球碰撞质量小的小球，故C正确。故选AC。（2）小球做平抛运动，则有，，，根据动量守恒定律有解得（3）令OA、、OD与竖直方向的夹角分别为、、，轻绳长为L，根据余弦定理有，，根据动能定理有，，根据动量守恒定律有解得14.某校物理实验小组要测一未知电阻R2的阻值，要求尽可能精确测量。（1）为便于设计电路，该实验小组先用多用电表粗测R2的阻值，选用欧姆表×10倍率测量，发现指针偏转过小，为了较准确地进行测量，应该选择__________倍率（选填“×100”、“×1”），并重新进行欧姆调零，正确操作并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图所示，则测量结果是__________Ω；（2）实验室提供了如下实验器材：A.电源E（电动势为12V，内阻不计）；B.电压表V（量程为15V，内阻RV约为15KΩ）；C.电流表A1（量程为30mA，内阻r1约为10Ω）；D.电流表A2（量程为20mA，内阻r2约为15Ω）；E.滑动变阻器R1（最大阻值为20Ω，额定电流为1A）；F.滑动变阻器R2（最大阻值为1KΩ，额定电流为0.5A）；G.开关及导线若干。（3）为尽可能准确测量R，的阻值，实验小组设计了如图所示的电路，实验过程如下：①正确连接实验电路后，调节滑动变阻器R1、R2的滑片至适当位置；②断开开关S2，闭合开关S1，调节滑动变阻器R1、R2的滑片，使电流表A2的示数恰好为电流表A1示数的三分之二，记录此时电压表V的示数U1和电流表A1的示数I1；③保持滑动变阻器R2的滑片位置不变，再闭合开关S2，记录电压表V的示数U2和电流表A2的示数I2；④根据以上测量数据可得Rx=__________；该实验也可测得电流表A1的内阻r1=__________（用U1、I1、U2、I2表示）。【答案】（1）×1001100（3）【解析】（1）[1][2]欧姆表的表盘上越向右侧电阻越小，偏角小说明阻值大，应选用“×100”倍率的电阻挡，换挡后要重新欧姆调零，示数为11×100Ω=1100Ω（3）④[3][4]根据题意断开开关S2，闭合开关S1时，电流表A2的示数恰好为电流表A1示数的，则此时流过Rx的电流是电流表A1示数的，所以流过Rx的电流是流过电流表A2电流的，闭合开关S2，电流表A2的示数I2，流过Rx的电流为，Rx两端的电压为U2，则Rx和电流表A2以及R2的总电阻为电流表A1的内阻15.在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路。当调节滑动变阻器R，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为1.0A和1.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和15.0V。求（1）电动机的内阻（2）电动机的输出功率（3）电动机的效率（保留三位有效数字）。【答案】（1）1Ω；（2）26W；（3）86.7%【解析】（1）因为电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为1.0A和1.0V，电动机在没有将电能转化为机械能时属于纯电阻元件，故电动机的内阻为（2）当电动机正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和15.0V，则电动机的总功率为此时电动机的发热功率为故电动机输出功率为（3）根据效率公式，可得电动机的工作效率为16.如图所示，劲度系数为的轻弹簧的一端固定在地面上，另一端与木块相连，木块放在木块上，两木块的质量均为。竖直向下的力作用在上，大小为，A、B均静止。重力加速度为。（1）将力瞬间撤去后，A、B运动到最高点时（A、B未分离），求对的压力大小；（2）弹簧振子周期表达式，为弹簧的劲度系数，为振子的质量。以平衡位置为坐标原点，向上为轴正方向建立直线坐标系，撤掉时开始计时，写出此弹簧振子的位置随时间的表达式。【答案】（1）（2）【解析】（1）根据题意可知，撤去力之后，A、B整体沿竖直方向做简谐运动，力撤去瞬间，A、B整体受到的回复力的大小为，方向竖直向上，根据对称性可知，A、B运动到最高点时，整体受到合力为，方向竖直向下，对整体，根据牛顿第二定律有对物体A，设物体B对物体A的支持力为，根据牛顿第二定律有联立解得根据牛顿第三定律可知A对B的压力为（2）弹簧振子的振幅由其中，因为振子的质量为则可得17.如图为物理教材中的简易多用电表的电路图。图中E是电池；R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250μA，内阻为480Ω。虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆×100Ω挡。试通过运算求：（1）两电阻R1、R2的阻值各为多少？（2）两电阻R4、R5的阻值各为多少？【答案】（1），；（2），【解析】（1）B端与“1”“2”相连时，