2026届江苏省南通市高三下学期考前模拟练习(四模)物理试题含答案

江苏省南通市2025-2026学年高三下学期高考物理考前模拟练习卷硬度非常高。碳化硅()2.[4分]中国传统乐器竹笛的发声原理为空气柱振动，理论振动频率满足□=（式中□为声速，□为温度越高声速越大。下列说法正确的是()3.[4分]如图甲所示，匝数为N的闭合矩形线圈abcd处于磁感应强度大小为 A．时刻，线圈中产生的感应电动势的瞬时值大小为NωBL1L2D．t4时刻，穿过线圈的磁通量大小为NBL1L2任务取得圆满成功。某卫星在赤道平面内绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为r，转动方向与地球自转方向相同。若在赤道上有一个信号接收站，该卫星运动周期小于地球自转周期，且每隔时间t就会从接收站正上方飞过，则t与r之间的关系图像正确的是()6.[4分]如图所示为0.3mol的某种气体的压强和温度关系的p-t图线。p0表示1个标准大气压，标准状态（0℃,1个标准大气压）下气体的摩尔体积为22.4L/mol。则在状态B时气体的体积为()1～9号质点间第一次出现如图乙所示的波形，则下列判断正确的是()8.[4分]如图甲所示的电路中，电源电动势E功率P与其接入电路的阻值Rp的关系如图乙所示。则下列说法中正确的是()C．当滑动变阻器接入电路的阻值Rp=4一是充电效率不高，无线充电的转换效率大多在60%上下；二是将手机拿开一定距离就无法充电。手机无线充电的原理如图所示，下列说法正确的是()10.[4分]q1、q2为固定在x轴上的两个点电荷，x轴上部分区域的电势分布如图所示。则()器的周期为T，若下落过程中机械能守恒，则满足等式（（3）某同学画出了v2-h图像，h是计数点到起始点O的距离，v是该计数点的速度，如下判断正确的（4）规律总结：归纳总结电磁感应中求热量的方（2）从BC边射出光的区域长度。源，以中心为坐标原点建立xOy平面直角坐标系量为m的某种带正电粒子，粒子通过圆弧AB间的缝隙到达铅盒外面。该同学打算在y＝－R到y2R间的条形区域内设置匀强电场或者匀强磁互作用。（1）如果条形区域设置平行于y轴的匀强电场，则电场的电场强度应至少为多少，才能使得所有粒子不能越过条形电场区域？并判断匀强电场的方向；（2）如果条形区域设置垂直于截面向里的匀强磁场，则磁场的磁感应强度应至少为多少，才能使得所有粒子不能越过条形磁场区域？此时粒子在磁场运动的最长时15.[14分]如图所示，在绝缘的光滑水平面（足够长）上M点左侧的区域有水平向右的匀强电场。小滑块A、B的质量均为m，其中B不带电，A的带电荷量为+q，点到点的距离为L，点到点的距离为KL(K>0).现将小滑块A从N点由静止释放，其向右运动至。点与静止的小滑块B发生弹性碰撞，设A、B均可视为质点，整个过程中，A的电荷量始终不变，B始终不带电，已知电场强度E=，重力加速度大小为g.（1）求A与B发生第一次碰撞前瞬间，A的速度大小；（2）求A、B第一次碰撞后各自的速度大小，若A、B发生第二次碰撞，求K的取值需要满足的条件；（3）K的取值满足（2）问的条件下，求A和B两次碰撞间隔的时间。参考答案 cm≈41.1cm，A正确，B错误；根据题意，温度越高声速越大，则“小寒”气温低，声速小，“大暑”气温高，声速大，对于同一竹笛，□不变，频率□与声速□成正比，因此“小寒”时竹笛发声的频率低于“大暑”时竹笛发声的频率，C、D错误。所以时刻，线圈中产生的感应电动势的瞬时值大小为NωBL1L2，A错误；由乙图可知，假设地球自转周期为T地，卫星环绕地球做圆周运动的周期为T卫，每隔时间t，卫星就比地球多转一圈，关系图像是以t−1为纵轴，r−为横轴的一次函数。压强为p0到A状态，气体做等容变化，A状态时气体的体积为6.72L，温度为TA=(127+273)K=400K，从A状态到B状态为等压变化，B状态的温度为TB=(227+273)K=500K，根据盖吕萨克定律得L=8.4L，选D。成电源内阻的一部分，结合题图乙可知，当Rp=R+r=8R消耗的功率越大，可知电路中的总电阻越小越磁通量的变化率，导致送电线圈和受电线圈的电压比仍大于匝D．根据上述可知，充电时将手机拿离充电基座，受电线圈和送电线圈的频率仍之间的电场方向由b指向q2，即在q2所在位置到b点之间的电场终止于q2，根据电场线起源于正电荷11．【答案】(1)D2）(hD−hB)2=8T2ghC3）B（1）A.所选重物质量太大的话，纸带无法承受重物的质量，AB.因为可以通过纸带上的点测算出每个点重物的速度C.为减小阻力，释放前应让纸带竖直下（2）根据匀加速直线运动中中间时刻速度等于平均速度可知若下落过程中机械则满足等式mghC=化简得2=8T2ghC（3）若下落过程中机械能守恒，则满足等式mghC=化简得v=2ghC，在v2−h图像中，若直线，可能是所研究的过程的初速度不为零，不一定机械能守恒，B正确，（1）由乙图可知，当v=0时，a=4m/s2，对金属棒有mgsinθ−μmgcosθ=ma代入数据解得μ=0.25当a=0时，vm=2m/s当金因为FA=B0IL，I=由平衡条件有mgsinθ=FA+μmgcosθ（3）棒下滑的过程中重力、摩擦力与安培力做功，根据动能定理有2mgh−μmgs.cos37°−WA=2mv−2联立解得QR=0.16J（4）①可以通过能量转化角度，例如通过机械能与电能之间的转化关系求解生全反射。光线①左侧的光线（如：光线②)经球面折射后，射在BC上的入射角一定大于临界角，在BC上发生全反射，不能射出。光线①右侧的光线经半球面折射后，射到能从BC边射出，所以在BC面上射出的光束宽度应是沿y轴正方向（2）（1）由于粒子发射源发出的粒子速度大小相等，因此沿y轴负方向射出的时，其他粒子一定不能穿过，当沿y轴负方向射出的粒子恰好不能越过条形电场区域时，场强取得最-EqR＝0－mv2（2分）方向沿y轴正方向（1分）（2）如果条形区域设置垂直于截面向里的匀强磁场，粒子在磁场中做匀速圆周运r＋rsin30°=R（1分）qvB＝m分）解得r1分）（2）由题意知，A与B发生弹性碰撞，规定v1方向为正方向，由动量守恒定律得mv1=mv′1+mv2,联立解得v,1