2026年山西省部分学校高考物理二模试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2026年山西省部分学校高考物理二模试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.关于近代物理知识，下列说法中正确的是(

)A.一个处于n=3能级的氢原子向基态跃迁最多能产生2种频率的光子

B.铀核裂变的一种核反应方程为 01n+ 922352.“晋作家具”作为中国古典家具四大流派之一，具有独特的艺术魅力。如图所示，一茶壶静置在八仙桌的水平桌面上，下列说法正确的是(

)A.茶壶受到重力、支持力、弹力和摩擦力

B.茶壶受到的重力就是桌子受到的压力

C.茶壶受到的重力和支持力是一对平衡力

D.茶壶对桌面的压力和桌子对地面的压力是一对相互作用力

3.弹珠游戏是小朋友常玩的游戏之一。某次游戏时，小明将弹珠P从某位置水平弹出，P的轨迹如图中虚线所示，轨迹与弹珠Q共面。为使两弹珠直接相撞，不计空气阻力，下列方法可行的是(

)A.仅减小P弹出时的速度

B.保持抛出的速度大小不变，换用质量更大的弹珠

C.保持P抛出的速度大小不变，将P斜向下抛出

D.仅增大P弹出时的竖直高度4.如图所示，三角形ABC为一直角三棱镜的横截面，∠C=60°。一束与BC边平行的单色光从AB边进入棱镜，已知光线第一次到达AC边时刚好发生全反射，则三棱镜对该单色光的折射率为(

)A.1.5

B.2

C.3

5.如图所示，可视为质点的滑雪运动员从一段圆弧滑道由静止无助力下滑，初始时，运动员和圆心的连线与竖直方向的夹角θ=5°，忽略一切阻力。运动员在圆弧轨道下滑到最低点的过程中，下列说法正确的是(

)A.沿滑道方向的加速度和速度都在增大

B.沿滑道方向的加速度和速度都在减小

C.若初始夹角θ=3°，下滑时间变长

D.若初始夹角θ=3°，下滑时间不变6.PSR1913+16是一个由两颗互相绕转的脉冲星组成的双星系统。科学家通过长期观测发现，其绕行周期每年减少约75微秒，两脉冲星质量均不变。据此可以判断两脉冲星(

)A.线速度均变大 B.距离不变 C.轨道半径之比变小 D.向心加速度均变小7.某质谱仪简化结构如图所示，在xOy平面的y>0区域存在方向垂直纸面向外、大小为B的匀强磁场，在x轴上放置照相底片，SO间有电压为U的辐射状加速电场，大量的氢同位素 11H、 12H离子从圆弧S处飘入，经过加速后，从坐标原点且与y轴成θ角的范围内垂直磁场方向射入磁场，最后均打到照相底片上。已知 11H、 12H两种离子打在照相底片上的区域刚好不重叠，不考虑离子间的相互作用， A.110 B.12 C.2二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.如图1所示，两个完全相同的固定细圆环同轴放置，分别带有等量均匀分布的正电荷，O1、O2分别为两环的圆心，两圆心间距等于圆环的半径。以两圆心连线中点为坐标原点O，向右为正方向建立x轴，在x轴上电场强度E随x变化的图像如图2所示。一带负电、不计重力的粒子以某一初速度沿轴线方向向右穿过两环，取无穷远处电势为0。下列说法正确的是(

)

A.O点电场强度为0，电势为0

B.从O1到O2的过程中，粒子的加速度先减小后增大

C.从O1到O2的过程中，粒子的电势能先增大后减小

D.从9.如图所示，虚线AB下方有垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场，半径为R的刚性圆形线框悬挂在弹簧测力计下端，线框中通有恒定的电流，开始时与匀强磁场的边界AB相切。现将线框沿竖直方向缓慢向上拉动(不考虑感应电流)，线框移动距离为0.4R时弹簧测力计的读数为F，移动距离为R时弹簧测力计的读数为1.2F，已知重力加速度为g，则(

)A.线框中的恒定电流方向为adcba

B.初始线框全部在磁场中时，线框所受安培力方向向上

C.线框中恒定电流的大小为F5BR

D.线框的质量为10.一质量m=10kg的物体在水平拉力F的作用下沿水平面做匀速直线运动，运动4m后，F逐渐减小，继续运动4m后F减为0，物体的速度也刚好减为0。F随物体位移x的变化关系如图所示，重力加速度g取10m/s2，则(

)A.物体与地面间的动摩擦因数等于0.1

B.在运动8m的过程中合外力对物体所做的功约为−20J

C.物体做匀速运动的速度大小约为1m/s

D.物体匀速运动4m的过程拉力的冲量大小约为20N三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.无人机空中配送的技术已逐渐应用于快速发展的物流行业。某科技小组设计实验，测试甲、乙两款无人机上升时的性能。

实验操作如下：

①如图1所示，将电火花计时器固定在水平面内；

②纸带穿过限位孔后连接长细线，长细线通过定滑轮连接在待测甲无人机的正下方，细线绷直后，调整水平细线，使纸带中轴线与限位孔中轴线共线；

③先打开计时器开关，然后让甲无人机带动纸带以最大加速度由静止匀加速上升，打出纸带；记录各计数点到计时起点的距离分别为x1、x2、x3、x4，相邻计数点之间的时间间隔为T；

④更换纸带，重复上述步骤对乙无人机进行实验；

⑤甲、乙无人机所打纸带如图2所示，计时起点O1和O2均为打下的第一个点。

根据以上内容，回答下列问题：

(1)电火花计时器使用的是

电源(填“交流”或“直流”)。

(2)计算B点瞬时速度大小的方法中，

(填选项前的序号)方法更准确。

①x2−x1T

②x312.某实验小组使用某种型号多用电表测量导体的电阻以及利用多用电表分析电路故障。

(1)某次测量时，多用电表指针指在图1所示的位置，下列说法正确的

(多选)。

A.若此时选用的是欧姆挡“×100”倍率，则应该更换“×10”倍率重新测量

B.重新选择合适的欧姆挡倍率后，无需欧姆调零即可直接使用

C.用多用电表电流挡测直流电流时，应让红表笔接外电路的负极，黑表笔接外电路的正极

D.测二极管的正向电阻时，应让红表笔接二极管的负极，黑表笔接二极管的正极

(2)用多用电表的欧姆挡去测量电压表(0～15V量程)的内阻，将选择开关拨至欧姆“×10k”挡，多用电表和电压表的示数分别如图2、3所示，多用电表的示数为

kΩ，电压表的示数为

V。已知多用电表欧姆挡表盘中间刻度值为15，则该多用电表内电池的电动势为

V(结果保留2位有效数字)。

(3)图4是“测量电源的电动势和内阻”实验的电路图。某同学在实验中，闭合开关后，发现无论如何改变滑动变阻器滑片的位置，电压表的示数均不变且不为零，电流表的示数始终为零。为查找故障，在其他连接不变的情况下，使用多用电表的直流电压挡进行检测，将红表笔连接在e位置并保持不动，另一表笔分别试触b、c、d三个位置。发现试触b、c时均有示数；试触d时，没有示数。若电路中仅有一处故障，可判断出

(填正确答案标号)。

A.导线ab断路

B.滑动变阻器断路

C.导线cd断路

D.滑动变阻器短路四、计算题：本大题共3小题，共38分。13.某汽车的空气悬架可以简化为竖直放置的绝热气缸，汽车的重力可视为作用在四个相同气缸的活塞上。如图所示，气缸内均封闭着一定质量的理想气体，初始时，气缸内气体的温度为T1=300K，活塞距离缸底的高度h=10cm。现通过电加热丝缓慢加热气缸内的气体，使活塞上升Δh=2cm。已知活塞的截面积为S=100cm2，汽车重力为G=20000N，外部大气压强p0=1.0×105Pa，活塞质量以及活塞与气缸间的摩擦忽略不计。

(1)求加热后气缸内气体的温度；

14.如图所示，两条足够长的平行金属导轨固定在倾角为α=30°的绝缘斜面上，间距为L，在导轨上有一电阻为R、质量为m、长度为L的光滑导体棒MN，一金属叉丝EFGH放置在MN的上方，叉丝由两根相同的匀质金属棒在共同的中点O焊接而成，E、F、G、H分别是两根金属棒与导轨的接触点，四个点到O的距离均相等，EF、GH每根金属棒的质量均为m2，电阻均为2R。整个空间有垂直导轨所在平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。初始时，叉丝固定在导轨上，MN由静止释放，重力加速度为g，不计导轨电阻和焊接点处的接触电阻。求：

(1)导体棒MN在导轨上运动的最大速度；

(2)当导体棒MN达到稳定时，释放叉丝，已知叉丝和轨道间的动摩擦因数为μ=33，求系统达到稳定时，导体棒MN15.如图所示，在固定的光滑水平桌面上叠放有1、2、3…足够多的完全相同的积木，积木的质量均为m′=0.3kg，其中积木2、3…处于竖直管道内。质量m=0.1kg的小球从倾角θ=30°的光滑固定斜面上距水平桌面高度h=0.8m的P点由静止滑下，在水平桌面与积木1发生弹性正碰，斜面与桌面平滑连接。碰后1滑到静止在水平地面与桌面等高且平滑衔接的小车上，小车的质量M=0.6kg。第一次碰撞后被弹回的小球与落到水平桌面的积木2发生弹性碰撞，小球又被弹回，然后与落在桌面的积木3相碰，依次类推，积木落到地面被立即取走。已知积木1与小车间的动摩擦因数为μ=13，且积木1未从小车上滑下，不计积木之间以及小车与地面间的摩擦，积木长度不计，重力加速度g取10m/s2。求：

(1)小球与积木1碰撞后瞬间二者的速度分别为多大；

(2)小车的最小长度；

答案解析1.【答案】A

【解析】解：A.一个处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，可能的跃迁路径为n=3→n=1或n=3→n=2→n=1，其中路径n=3→n=2→n=1会产生2种不同频率的光子，为最多情况，故A正确；

B.核反应方程需满足质量数守恒，左边质量数：1+235=236

右边质量数：144+89+2×1=235，左右质量数不相等，不满足守恒条件，故B错误；

C.原子核的稳定性由比结合能决定，比结合能越大，原子核越稳定；结合能与核子总数有关，不能直接反映稳定性，故C错误；

D.光电效应现象揭示了光的粒子性，说明光具有能量量子化的特点；光的波动性由干涉、衍射等现象揭示，故D错误。

故选：A。

结合氢原子跃迁规律、核反应守恒条件、比结合能概念与光电效应的物理意义，逐一分析各选项的正误。

本题涵盖原子物理与原子核物理的多个基础知识点，侧重概念辨析，能有效考查对近代物理核心概念的理解。2.【答案】C

【解析】解：A.由题意知，茶壶静置在水平桌面上，没有相对桌面的运动趋势，因此不受摩擦力；

桌面给茶壶的支持力本质上就是弹力，所以茶壶实际只受重力和支持力(弹力)两个力，故A错误；

B.茶壶受到的重力，施力物体是地球，受力物体是茶壶；

桌子受到的压力，施力物体是茶壶，受力物体是桌子；

两者的受力物体、施力物体都不同，且不是同一种力，因此不是同一个力，故B错误；

C.结合前面分析及平衡条件可知，茶壶静止在水平桌面上，处于平衡状态，受到的重力和支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故C正确；

D.由作用力与反作用力的特点可知，相互作用力作用在两个不同的物体上，且性质相同，作用力和反作用力总是等大、反向。结合前面分析及题意可知，茶壶对桌面的压力作用在桌面上，桌子对地面的压力作用在地面上，这两个力方向相同，显然不是一对相互作用力，故D错误。

故选：C。

A.结合题意，由摩擦力、弹力的特点，及共点力的平衡条件，即可分析判断；

B.结合题意，确定每个力的施力物体与受力物体，即可分析判断；

C.结合前面分析及题意，根据平衡力的特点，即可分析判断；

D.结合前面分析及题意，根据作用力与反作用的特点，即可分析判断。

本题主要考查共点力的平衡问题，解答本题时需注意：选准研究对象、做好受力分析、根据共点力的平衡条件确定力与力的关系。3.【答案】D

【解析】解：A.对P根据平抛规律有h=12gt2、x=vt，联立解得x=v2hg。由图可知，P落在Q的左侧，说明水平位移x偏小，为使两弹珠直接相撞，若仅减小P弹出时的速度，x将减小，P将落在更左侧，故A错误。

B.平抛运动的轨迹与物体质量无关，质量变化不影响运动时间和水平位移，故B错误。

C.若保持P抛出的速度大小不变，将P斜向下抛出，则竖直方向有向下的初速度，下落时间变短；同时水平分速度vx小于原速度v0。根据x=vxt可知，水平位移x必然减小，P将落在更左侧，故C错误。

D.根据x=v2hg可知，若仅增大4.【答案】D

【解析】解：由几何关系可知，三棱镜横截面为直角三角形，其中∠B=90°，∠C=60°，则∠A=30°。单色光束与BC边平行，即垂直于AB边射入棱镜，光线在AB面上不发生偏折，沿原方向传播至AC面。光线水平传播，AC面与水平方向夹角等于∠C=60°，其法线垂直于AC面，故光线在AC面上的入射角θ=90°−60°=30°。已知光线第一次到达AC边时恰好发生全反射，说明此时入射角等于该单色光在三棱镜中的全反射临界角C，即C=30°。根据全反射临界角公式sinC=1n，代入数据解得三棱镜对该单色光的折射率n=2。

由上述分析可知，三棱镜对该单色光的折射率为2，故D正确，ABC错误。

故选：D。

光束从AB面垂直入射不发生折射，沿原方向传播至AC面。在AC面上，光线入射角为30°，且题目中明确光线第一次到达AC边时刚好发生全反射，说明该入射角等于全反射临界角。因此，根据全反射临界角与折射率的关系，已知临界角为30°，即可直接求出三棱镜对该单色光的折射率。

本题以三棱镜为背景，考查光的折射定律与全反射现象，重点考查学生对几何光学中光路分析与临界角公式的掌握。题目难度中等，计算量较小，但关键在于准确理解光线在棱镜内的传播路径，特别是通过几何关系确定光线在AC面上的入射角。学生需要具备清晰的空间想象能力，将题目中“光线与BC边平行”这一条件转化为“光线垂直于AB边入射”，进而推导出入射角为30°，并应用全反射临界角公式5.【答案】D

【解析】解：AB、运动员沿滑道下滑时，设某时刻其位置与圆心的连线同竖直方向的夹角为α，则沿切线方向的合力为F=mgsinα，由此可得切向加速度a=gsinα。随着α角逐渐减小，sinα随之减小，故切向加速度a也减小；同时，重力始终做正功，运动员的动能持续增加，速度不断增大，故AB错误。

CD、由于初始夹角θ=5°很小，运动员在圆弧轨道上的运动可近似视为单摆运动。根据单摆的等时性，其振动周期T=2πRg与振幅(即初始角度)无关，因此从最高点滑至最低点所经历的时间为四分之一周期，即t=T4，该时间保持不变，故C错误，D正确。

故选：D。

运动员从静止开始沿圆弧轨道无阻力下滑，下滑过程中切向加速度由重力沿切线方向的分力提供，随着角度减小，切向加速度逐渐减小，但重力始终做正功，速度持续增大。由于初始角度很小，运动可近似为单摆模型，下滑到最低点的时间为单摆周期的四分之一，而单摆周期与初始角度无关，因此下滑时间仅取决于轨道半径和重力加速度，与初始夹角大小无关。

6.【答案】A

【解析】解：设两脉冲星的质量分别为m1和m2，轨道半径分别为r1和r2，两星之间的距离为L=r1+r2，运行周期为T。

双星系统靠相互间的万有引力提供向心力，两星绕连线上的某一点做匀速圆周运动，具有相同的角速度和周期。

根据牛顿第二定律有Gm1m2L2=m14π2T2r1=m24π2T2r2，化简可得m1r1=m2r2，即r1r2=m2m1，结合L=r1+r2解得r1=m2m17.【答案】C

【解析】解：离子经加速电场，有qU=12mv2

离子在匀强磁场中，有qvB=mv2R

联立可得R=1B2mUq

由此可知， 12H做圆周运动的半径应为 11H做圆周运动半径的2倍，两种离子打在照相底片上的区域刚好不重叠，则 11H打在底片上距离O点的最远位置与 18.【答案】BD

【解析】解：A.由图2可知O点电场强度为0，两圆环带正电，无穷远处电势为0，根据电场线从正电荷出发终止于无穷远或负电荷，根据沿电场线电势降低，可知O点电势大于0，故A错误；

B.从O1到O2的过程中，由图2可知电场强度大小先减小后增大，根据a=qEm

可知粒子的加速度大小先减小后增大，故B正确；

C.从O1到O的过程中，电场强度方向向左(E<0)，粒子带负电，电场力方向向右，电场力做正功，电势能减小；

从O到O2的过程中，电场强度方向向右(E>0)，电场力方向向左，电场力做负功，电势能增大，所以电势能先减小后增大，故C错误；

D.从O1到O2的过程中，电场力先做正功后做负功，根据动能定理可知粒子的动能先增大后减小，故D正确。9.【答案】AD

【解析】解：A.线框向上拉动过程中，弹簧测力计读数增大，说明线框受到向下的安培力阻碍其运动。根据左手定则，磁场垂直纸面向外，安培力向下，则线框中电流方向为逆时针adcba，故A正确；

B.初始时线框全部在匀强磁场中，闭合线框所受安培力矢量和为零，故B错误；

C.设线框质量为m，电流为I，当线框向上移动x=0.4R时，圆心距AB为d1=R−0.4R=0.6R，

有效切割长度L1=2R2−d12=1.6R，

此时F=mg+BIL1=mg+1.6BIR，

当线框向上移动x=R时，圆心在AB上，有效切割长度L2=2R，

此时1.2F=mg+BIL2=mg+2BIR，

联立解得I=F2BR，故C错误；

D.将I=F2BR代入10.【答案】AC

【解析】解：A.物体在0～4m做匀速直线运动，处于平衡状态，拉力等于滑动摩擦力，由图可知F=10N，则f=F=10N，又f=μmg，解得μ=0.1，故A正确；

B.在运动8m的过程中，摩擦力做功Wf=−μmgx，得Wf=−80J，拉力做功WF等于F−x图线与坐标轴围成的面积，每一小格对应W0=2×1J=2J，共有约37个小格(不满半格的舍去，超过半格的算一格)，拉力总功为WF=37W0=37×2J=74J，合外力对物体所做的功约为W合=Wf+WF=−80J+74J=−6J，故B错误；

C.根据动能定理W合=0−12mv2，代入数据解得v=1.2m/s≈1.095m/s，约为1m/s，故11.【答案】交流③乙

【解析】解：(1)电火花计时器使用的是交流电源。

(2)计算B点瞬时速度大小的方法中，根据匀变速直线运动的规律，需要取B点前后相邻的两点间的平均速度代替B点的瞬时速度，即满足vB=x3−x12T方法更准确，故③更准确。

故选：③。

(3)通过比较两条纸带可看出，计时起点O1和O2均为打下的第一个点，在相等时间内乙的位移大于甲，由x=12at2可知，乙的加速度更大，故乙无人机的加速性能更好。

故答案为：(1)交流。12.【答案】AD2607.011C

【解析】解：(1)A.用欧姆表的“×100”挡测电阻，指针偏转角度过大，待测电阻的阻值较小，应换用“×10”倍率重新测量，故A正确；

B.欧姆表换挡后必须重新进行欧姆调零，故B错误；

C.使用多用电表电流挡测直流电流时，电流从红表笔流入，从黑表笔流出，故红表笔应接外电路的正极，黑表笔接外电路的负极，故C错误；

D.欧姆表内部电源负极接红表笔，正极接黑表笔，测二极管正向电阻时，电流应从二极管正极流入，故黑表笔接二极管正极，红表笔接二极管负极，故D正确。

故选：AD。

(2)用多用电表欧姆挡倍率为“×10k”测电阻，待测电阻读数为26×10kΩ=260kΩ；

电压表量程为0～15V，分度值为0.5V，读数为7.0V；

欧姆表电阻挡的倍率为“×10kΩ”，次时欧姆表的内阻R内=15×10kΩ=150kΩ

根据闭合电路欧姆定律E=I(R内+Rx)

根据欧姆定律I=URx

联立得E=U(R内+Rx)Rx=7.0260×103×(150+260)×103V≈11V

(3)电流表示数为零，说明电路断路；电压表示数不变且不为零，说明电压表两端与电源连通；用多用电表直流电压挡检测，表笔接e和b、c时有示数，说明b、c点与电源负极连通；表笔接e和d时无示数，故断路位置在c、d之间，即导线cd断路，故C正确，ABD错误。

故选：C。

故答案为：(1)AD13.【答案】加热后气缸内气体的温度为360K

加热过程中每个气缸内的气体内能的变化量ΔU为80J

【解析】解：(1)气缸内的气体发生等压变化hST1=(h+Δh)ST2

解得T2=(h+Δh)ST1hS=(0.1+0.02)×100×10−4×3000.1×100×10−4K=360K

(2)气缸内气体的压强为p=p0+G4S=(1×105+200004×100×10−4)Pa=6×105Pa

加热过程，气体对外做的功W=pSΔh=6×14.【答案】导体棒MN在导轨上运动