河南省五市2023届高三第一次联考数学(理科)试题

第PAGE"pagenumber"pagenumber页，共NUMPAGES"numberofpages"numberofpages页河南省五市2023届高三第一次联考数学（理科）试题一、单选题（本大题共12小题）1.已知集合，则集合的所有非空真子集的个数是（

）A．6 B．7 C．14 D．152.欧拉公式把自然对数的底数e、虚数单位i、三角函数联系在一起，充分体现了数学的和谐美．若复数z满足，则的虚部为（

）A． B． C．1 D．3.在等比数列中，已知，则等于（

）A．128 B．64 C．64或 D．128或4.若抛物线上的一点M到坐标原点O的距离为，则点M到该抛物线焦点的距离为（

）A．3 B． C．2 D．15.变量X与Y相对应的一组数据为，，，，；变量U与V相对应的一组数据为，，，，.表示变量Y与X之间的线性相关系数，表示变量V与U之间的线性相关系数，则（

）.A． B．C． D．6.如图，已知正三棱柱的各条棱长都相等，是侧棱的中点，是的中点，则（

）A． B．平面C．平面 D．7.是单位圆的内接三角形，角，，的对边分别为，，，且，则等于（

）A．2 B． C． D．18.讲桌上放有两摞书，一摞3本，另一摞4本，现要把这7本不同的书发给7个学生，每位学生一本书，每次发书只能从其中一摞取最上面的一本书，则不同取法的种数为（

）A．20 B．30 C．35 D．2109.已知函数（其中的图像与轴相邻两个交点之间的最小距离为，当时，的图像与轴的所有交点的横坐标之和为，则（

）A． B．C． D．10.某棋手与甲、乙、丙三位棋手各比赛一盘，各盘比赛结果相互独立．已知该棋手与甲、乙、丙比赛获胜的概率分别为，且．记该棋手连胜两盘的概率为p，则（

）A．p与该棋手和甲、乙、丙的比赛次序无关 B．该棋手在第二盘与甲比赛，p最大C．该棋手在第二盘与乙比赛，p最大 D．该棋手在第二盘与丙比赛，p最大11.传说古希腊数学家阿基米德的募碑上刻着一个圆柱，圆柱内有一个内切球，这个球的直径恰好与圆柱的高相等．“圆柱容球”是阿基米德最为得意的发现；如图是一个圆柱容球，为圆柱上下底面的圆心，为球心，为底面圆的一条直径，若球的半径，则（

）A．球与圆柱的表面积之比为B．平面截得球的截面面积取值范围为C．四面体的体积的最大值为16D．若为球面和圆柱侧面的交线上一点，则的取值范围12.某中学开展劳动实习，学生加工制作零件，零件的截面如图（单位：）所示，四边形为矩形，均与圆相切，为切点，零件的截面段为圆的一段弧，已知，则该零件的截面的周长为（

）cm（结果保留）A． B． C． D．二、填空题（本大题共4小题）13.的展开式的第项为_______．14.已知向量满足，则__________．15.已知双曲线的左，右焦点分别为，过且倾斜角为的直线与双曲线右支交于两点，若为等腰三角形，则该双曲线的离心率为__________．16.已知正实数满足，则的最小值为__________．三、解答题（本大题共7小题）17.已知是数列的前n项和，且．(1)求数列的通项公式；(2)若，是的前项和，证明：．18.如图，在三棱柱中，为的中点，为等边三角形，直线与平面所成角大小为.(1)求证：平面；(2)求平面与平面夹角的余弦值.19.某超市采购了一批袋装的进口牛肉干进行销售，共1000袋，每袋成本为30元，销售价格为50元，经过科学测定，每袋牛肉干变质的概率为，且各袋牛肉干是否变质相互独立．依据消费者权益保护法的规定：超市出售变质食品的，消费者可以要求超市退一赔三．为了保护消费者权益，针对购买到变质牛肉干的消费者，超市除退货外，并对每袋牛肉干以销售价格的三倍现金赔付，且把变质牛肉干做废物处理，不再进行销售．（1）若销售完这批牛肉干后得到的利润为X，且，求p的取值范围；（2）已知，若超市聘请兼职员工来检查这批牛肉干是否变质，超市需要支付兼职员工工资5000元，这样检查到的变质牛肉干直接当废物处理，就不会流入到消费者手中．请以超市获取的利润为决策依据，判断超市是否需要聘请兼职员工来检验这批牛肉干是否变质？20.已知椭圆过直线上一点作椭圆的切线，切点为，当点在轴上时，切线的斜率为.（1）求椭圆的方程；（2）设为坐标原点，求面积的最小值.21.已知函数(1)若在上恒成立，求实数的取值范围；(2)若，判断关于的方程在内解的个数，并说明理由．22.极坐标系中曲线的极坐标方程为，以极点为原点，极轴为轴正半轴建立平面直角坐标系，单位长度不变，直线均过点，且，直线的倾斜角为．(1)写出曲线的直角坐标方程；写出的参数方程；(2)设直线分别与曲线交于点和，线段和的中点分别为，求的最小值．23.已知函数.（1）求不等式的解集；（2）若函数的最小值为m，正实数a，b满足，证明：.

参考答案1.【答案】A【分析】根据自然数集的特征，结合子集的个数公式进行求解即可.【详解】因为，所以集合的元素个数为，因此集合的所有非空真子集的个数是，故选：A2.【答案】B【分析】由欧拉公式和复数除法运算可求得，由复数虚部定义求得结果【详解】由欧拉公式知：，，，的虚部为．故选：B3.【答案】D【分析】由等比数列的性质可得，求出的值，再结合条件求出公比，进而即得.【详解】由等比数列的性质可得，∴或，设数列的公比为，因为，当时，，即，则；当时，，即，则.故选：D.4.【答案】B【解析】设，则，解得，故，计算得到答案.【详解】设，M到坐标原点O的距离为，解得，故.点M到该抛物线焦点的距离为.故选：.【点睛】本题考查了抛物线中的距离问题，意在考查学生的计算能力和转化能力.5.【答案】C【分析】根据变量对应数据可确定与之间正相关，与之间负相关，由此可得相关系数的大小关系.【详解】由变量与相对应的一组数据为，，，，，可得变量与之间正相关，；由变量与相对应的一组数据为，，，，，可知变量与之间负相关，；综上所述：与的大小关系是．故选：C.6.【答案】D【分析】根据空间中的平行和垂直的判定方法，结合选项逐一验证.【详解】因为与异面，所以A项错误；因为的延长线必过点，所以B项错误；因为与不垂直，所以C项错误；取的中点，连接，在正方形中，与全等，可得，连接，则，又平面底面，所以平面，因为平面，所以，又，所以平面，因为平面，所以.故选：D.7.【答案】C【分析】根据给定条件，利用余弦定理、正弦定理及和角的正弦化简给定等式，求出角A，再利用正弦定理求解作答.【详解】在中，由已知及余弦定理得，即，由正弦定理边化角得：，而，即，则，即有，又的外接圆半径，所以.故选：C8.【答案】C【分析】问题等价于从一行七个空里选三个空把、、按从小到大自左向右顺序填进去，剩下三个空将、、、7从小到大自左向右顺序填进去，即得解.【详解】根据题意，问题等价于从一行七个空里选三个空把、、按从小到大自左向右顺序填进去，剩下三个空将、、、7从小到大自左向右顺序填进去，共有填法种.故选：C.9.【答案】C【分析】利用方程解出函数零点，根据已知条件即可求出.【详解】，即，则有或，解得或所以的图像与x轴相邻两个交点之间的最小距离为，则解得，时，，由，又，所以或，所以或，由，解得.故选：C．10.【答案】D【分析】该棋手连胜两盘，则第二盘为必胜盘.分别求得该棋手在第二盘与甲比赛且连胜两盘的概率；该棋手在第二盘与乙比赛且连胜两盘的概率；该棋手在第二盘与丙比赛且连胜两盘的概率.并对三者进行比较即可解决【详解】该棋手连胜两盘，则第二盘为必胜盘，记该棋手在第二盘与甲比赛，比赛顺序为乙甲丙及丙甲乙的概率均为，则此时连胜两盘的概率为则；记该棋手在第二盘与乙比赛，且连胜两盘的概率为，则记该棋手在第二盘与丙比赛，且连胜两盘的概率为则则即，，则该棋手在第二盘与丙比赛，最大.选项D判断正确；选项BC判断错误；与该棋手与甲、乙、丙的比赛次序有关.选项A判断错误.故选：D11.【答案】D【分析】求出球与圆柱的表面积之比判断A，由截面积最大为球的大圆面积判断B，用割补法求四面体体积判断C，不妨设与重合，与重合，设是圆柱过点的母线与下底面的交点，计算出，利用导数求出其取值范围从而判断D．【详解】选项A，球表面积为，圆柱全面积是，，A错；选项B，平面过球心时，截得球的截面最大，此时截面面积为，B错；选项C，绕旋转时，由于始终有（是圆柱的轴，圆柱的底面垂直，因此与底面上的直线垂直），从而为定值，，当时，易得平面，而当与不垂直时，与平面不垂直，因此到平面的距离小于，到平面的距离小于，因此，即四面体的体积的最大值为，C错；选项D，如下图，不妨设与重合，与重合，设是圆柱过点的母线与下底面的交点，则与底面圆垂直，从而与底面上的直线，，，设，则，，令，收，，时，，单调递增，时，，单调递减，所以，而，所以，的取值范围是，所以即的取值范围是，D正确．故选：D．12.【答案】A【分析】以A为原点，建立直角坐标系，根据圆心到直线、直线、直线距离均相等,利用点到直线的距离公式列式，计算出的长，即得.【详解】以A为原点，为x轴正方向建立平面直角坐标系如图所示：则，又，所以直线的方程为：即，直线的方程为：即，直线的方程为：，设圆心为O，则圆心到直线、直线、直线的距离均相等且等于，则，解得：，，，所以，，，由题可知，即，所以可得，，对应弧长为圆的周长，故该零件的截面的周长为（cm）故选：A.13.【答案】【分析】由二项式定理的通项公式求解即可【详解】由题展开式的第2项为故答案为【点睛】本题考查二项式定理，熟记公式，准确计算是关键，是基础题.14.【答案】【分析】首先将两边平方，化简，代入数据求得，再由向量模长的计算方法，将平方再开方，代入所求即可的到结果.【详解】即，解得，.故答案为：15.【答案】【分析】先根据题意判断出离心率，再对等腰进行讨论，结合双曲线定义和余弦定理即可求出结果.【详解】如图所示，因为直线与双曲线右支交于两点，所以，则该双曲线的离心率，所以.由图可知,当时，设，则，所以,，在中，，由余弦定理可得：，即解得，故此种情况舍去；当时，设，则，所以,，在中，，由余弦定理可得：，即解得，故此种情况符合题意；故答案为：.16.【答案】0【分析】根据，构造函数，得到，然后转化为单变量问题，求导判断单调性即可.【详解】即设，则，且，所以，单调递增，正实数，，即，所以，等价于，即，；设，；；设，;所以单调递增，且，所以在上，，，单调递减；在上，，，单调递增；所以即最小值为0，故答案为：017.【答案】(1)(2)证明见解析【分析】（1）根据与的关系求解；（2）利用裂项相消法求和即可证明.【详解】（1）时，，时，经验证时∴（2）时

时，，，

∴．18.【答案】(1)证明见解析(2)【分析】（1）先利用线面垂直的判定定理证得平面，从而得到在平面的射影在直线上，即，进而证得，再利用线面垂直的判定定理证得平面，则，接着利用勾股定理证得，由此可得平面；（2）结合（1）中结论，建立空间直角坐标系，先求得所需各点坐标，再求得平面与平面的法向量，从而利用向量夹角余弦的坐标表示即可求得平面与平面夹角的余弦值.【详解】（1）取中点，连接､，因为，为的中点，所以，故，因为为等边三角形，所以，又因为，面，因此平面，因为平面，所以平面平面，因为平面平面，所以直线在平面的射影在直线上，所以直线与平面所成角为，则，因为，，所以是正三角形，则，因为为等边三角形，，则，所以在中，由，得，则，所以，因为，面，所以平面，因为平面，所以，因为，在中，，，所以，又，所以，即，又平面，所以平面.（2）由（1）可知､､两两垂直，以为原点，所在直线为轴，所在直线为轴，所在直线为轴建立空间直角坐标系，则，，，，由于是的中点，易得，又由可得，所以，，设平面的法向量为，则，即，令，得，设平面的法向量为，则，即，令，得，设平面与平面的夹角为，易知，所以，即平面与平面夹角的余弦值为.19.【答案】（1）；（2）由，以超市获取的利润为决策依据，故超市需要聘请兼职员工来检验这批牛肉干是否变质．【分析】（1）Y表示这1000袋牛肉干中变质牛肉干的数量，首先计算出1000袋牛肉干变质的期望值，再代入，再解出不等式即可．（2）对这批牛肉干来说，变质牛肉干不管数量有多少，未变质牛肉干销售后产生的利润与变质牛肉干作废物处后产生的费用是不变的．是否聘请兼职员工来检查这批牛肉干是否变质，产生的费用是工资和给消费者赔付的费用．即只需判断赔付费用与工资的大小关系即可说明是否需要聘请兼职员工．【详解】（1）令Y表示这1000袋牛肉干中变质牛肉干的数量．由题意有，则，故．由，有，解得：．故当时，p的取值范围为．（2）当时，由（1）知，．设需要赔付给消费者的费用为Z元，有．由，以超市获取的利润为决策依据，故超市需要聘请兼职员工来检验这批牛肉干是否变质．【点睛】本题考查根据数学期望求概率，数学期望在实际生活中的应用，读懂题意理解数学期望的意义是解本题的关键，属于中档题．20.【答案】（1）（2）【分析】（1）直线与椭圆相切，一般利用判别式为零进行转化：联立切线方程与椭圆方程得，；（2）先根据直线与椭圆相切得等量关系，设切线为,则有，因而得切点坐标而，再表示三角形面积，一是利用点到直线距离表示高，二是利用两点间距离公式求底边长,，再利用判别式法求最值.【详解】（1）当点在轴上时，直线，,,椭圆方程为（2）设切线为,设,则,且,则,直线为到直线距离,则.设,则,所以的最小值为.【点睛】方法点睛：求解此类问题的一般思路为在深刻认识运动变化的过程之中，抓住函数关系，将目标量表示为一个（或者多个）变量的函数，然后借助于函数最值的探求来使问题得以解决.21.【答案】(1)(2)两个，理由见解析.【分析】（1）由题意转化为即恒成立，由此构造函数，转化为求函数的最值问题，即可求得答案；（2）由题意得，等价于，构造，通过判断导数正负，判断函数单调性，结合零点存在定理，继而判断函数的零点个数.【详解】（1）由题意在上恒