2025-2026学年浙江省浙南名校联盟高二期中联考物理试题含答案

2.答题前，在答题卡指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号。4.结束后，只需上交答题卡A．N.mB．A.sC．kg.m/sD．kg.m2至离地1米高度时，返回舱底部的4台反推发动机同时点火，以强大推力最后使返回舱以跳后能摸到的最大高度为2.90m，不计空气阻力，下列说法正确的是4．下列对各图的叙述，正确的是A．图甲为单摆做受迫振动的振幅A与驱动力频率f的曲线，此单摆的固有周期约为0.5sB．图乙为救护车向右运动的过程中，静止的A、B两人听到警笛声的频率为fB>fA5．如图所示，在半球型光滑容器里放有一质量分布不均匀的细杆，静止时，两接触点A、B分别与不计空气阻力。图中虚线（O为抛出点）可表示三个小球最已知点电荷在空间各点的电势，其中r为各点B．地球的质量M度为ρ,则下列说法正确的是B．风力发电机的发电功率为ρπR2V3C．远距离输电线上损耗的功率为rη2p2π2R4v6释放。已知弹簧弹性势能Epkx2（k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量简谐运动的振动12．如图所示，OBCD为半圆柱体玻B．若a光在B处恰好发生全反射，则b光在C处未发C．a光由O到B的时间与b光由O到C的时间相等B．点P所在的位置坐标是x=7m146分）在“探究加速度与力、质量的关系(1)关于该实验，下列说法正确的是▲(2)经正确操作后打出一条纸带，截取其中一段如图乙所示，图中相邻计数点之间还有四个实有画出来，已知打点计时器所用交流电源的频率为50Hz，则小车的加速度大小为(3)根据实验测得的数据得到加速度与外力的关系如图中实线所示，虚线为过原点的倾斜直(4)在探究小车的加速度a与小车质量M的关系时，保持槽码的质量m不变，若平衡摩擦力过度，画出的a1图像如图丁所示，图像斜率为k，纵截距为a0，根据以上信息计算出重力加速A（0.6A，内阻约3Ω),电压表V（3.0V，内阻约3kΩ),滑动变阻器R（0~5Ω),多用电表，开(1)用游标卡尺测量直径d时，应该采用图甲所示设计了下述两种电路图，为了尽量减小由电表内阻带来的实验误差，应选择▲(4)排除故障，重新实验，记录电压表示数U，电流表示数I，测得圆柱形导体的长为L，直径为16.（2分）某同学用装置甲做“用双缝干涉测量光的178分）某兴趣小组设计了一个带密封门的圆柱形绝热汽缸做成如图所示的装置可用来测量形状在卡口MN下方ℎ处，气体的温度为300K。现缓慢加热电阻丝使气体温度升高到600K时，活g=10m/s2，活塞与汽缸壁密封良好且不计摩擦，活塞厚度忽略不计，电阻丝的体积、固体热放置在光滑水平面上，长度为L3，左侧紧靠E处，长木板右端固定一弹性板。物块a从A处静1912分）间距为L的平行金属导轨，其倾斜部分表面粗糙，水平部分表面光滑直于导轨平面向上的匀强磁场中，水平导轨的EFNM区域处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小均为B。导体棒ab、cd质量均为（2）导体棒ab到达水平导轨EF处的速度v0；始时刻导体棒cd到EF的最小距离x；（4）初始时刻，若导体棒cd到MN的距离与第（3）问的相同、到EF的距离为kx(k>1)，求导2013分）如图甲所示，长为L的粒子源AB持续发射速率为v，水平向右的粒子。在x轴的上方存在一半径为R的圆形磁场，磁场方向垂直纸面向知。从A处发射的粒子经过磁场偏转后从09处进入x轴下方。从B处发射的粒子经过磁场、电（2）粒子从09进入电场时，与y轴正方向所成角的范围；（4）若把x轴下方区域的匀强电场换成如图乙所示的匀强磁方匀强磁场区域，磁感应强度大小B1=0.01T，粒子在磁场区域运动过程中始终受到阻力作用，123456789DBADBACDDCAC146分1）AD（2分2）0156分1）B7.56（2）方案2（3）A（2）活塞在缓慢上升过程中，气缸内的气体进行等压变解得：V0=0.004m3（3）在活塞上升过程中，封闭气体压强：p=pPa…1分外界对气体做功W,=__402J根据热力学第一定律：ΔU=W+Q1502J（1）物块a从A运动到B，m1gLm1v…1分m1v0=m1v1+m2vm1vm1vm1v…1分解得：v2=2m/s（3）假设物块b在传送带上一直加速，μ1m2g=m2a，a=4m/s2EQ\*jc3\*hps15\o\al(\s\up4(2),t)EQ\*jc3\*hps15\o\al(\s\up4(2),2)对物块b：加速时间：ts加速距离xm…1分对传送带：在物块b加速过程中运动的距离x2=vtm…1分物块b与传送带间产生的热量Q=μ1m2g(x2__x1)=1.5J…1分EQ\*jc3\*hps15\o\al(\s\up3(2),2)m2v=v共m2vm2gL3…1分当传送带速度v>4m/s，L3=1m;1912分1）闭合开关瞬间，电流大小IA，方向b流向aab棒受到沿斜面向上的安培力，大小FA=BIL=1.5N对ab棒受力分析得：ma=mgsinθ__μmgcosθ__FA……1分解得：a=2.5m/s2mgsinθ=μmgcosθ+BL……1分解得：v=5m/s则mv0=mv0+mv，解得：vv0……1分若cd棒出磁场瞬间，ab棒恰好也出磁场，此对cd棒分列动量定理：L.Δt=mv0……1分则：mv0解得：m……1分（4）导体棒cd到MN的距离与第（3）问的相同、到EF的距离为kx(k>1)，由题意可知，导体棒cd出磁场时速度为v0，导体棒ab出磁场时速度为v0，此时导体棒as=(k1)x解得k=2解得k=32013分）根据qvB=mr=R解得：B=0.05T由图可知，A粒子沿着y轴正方向出射，B粒子与y轴正方向成θ出射。粒子与y轴正方向所成角的范围为[0°,30°]EQ\*jc3\*hps15\o\al(\s\up6(1),2)y轴方向，从进电场到出电场：竖直方向的速度大小相等v2y=v1yv,…1分则tan,解得v2xvx轴方向，从进电场到出电场：vx__vx,解得：Ex=500V/m…1分根据v2x__v1xt,t=2×10__5s根据v2y+v1yt，EyV/m